2013年高考生物真题试题分章汇编《遗传和变异》第一章遗传因子的发现（含解析）新人教版必修2.doc

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1、2013年高考生物真题试题分章汇编遗传和变异第一章遗传因子的发现（含解析）新人教版必修2（2013新课标卷）6若用玉米为实验材料，验证孟德尔分离定律，下列因素对得出正确实验结论，影响最小的是（ ）A所选实验材料是否为纯合子B所选相对性状的显隐性是否易于区分C所选相对性状是否受一对等位基因控制D是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法【答案】A【解析】孟德尔分离定律的本质是杂合子在减数分裂时，位于一对同源染色体上的一对等位基因分离，进入不同的配子中去，独立地遗传给后代。验证孟德尔分离定律一般用测交的方法，即杂合子与隐性个体杂交。所以选A。杂交的两个个体如果都是纯合子，验证孟德尔分离定律的方法是杂交

2、再测交或杂交再自交，子二代出现1 : 1或3 ：1的性状分离比；如果不都是或者都不是纯合子可以用杂交的方法来验证，A正确；显隐性不容易区分容易导致统计错误，影响实验结果，B错误；所选相对性状必须受一对等位基因的控制，如果受两对或多对等位基因控制，则可能符合自由组合定律，C错误；不遵守操作流程和统计方法，实验结果很难说准确，D错误。【试题点评】此题不难，但会有不少考生错选，原因是对所学知识的本质不能很好的把握，而是仅限于表面的记忆。本题通过孟德尔实验验证所需要满足的条件等相关知识，主要考查对孟德尔实验验证所要注意因素分析判断能力。（2013海南卷）16.人类有多种血型系统，MN血型和Rh血型是其

3、中的两种。MN血型由常染色体上的1对等位基因M、N控制，M血型的基因型为MM，N血型的基因型为NN，MN血型的基因型MN；Rh血型由常染色体上的另1对等位基因R和r控制，RR和Rr表现为Rh阳性，rr表现为Rh阴性：这两对等位基因自由组合。若某对夫妇中，丈夫和妻子的血型均为MN型-Rh阳性，且已生出1个血型为MN型-Rh阴性的儿子，则再生1个血型为MN型-Rh型阳性女儿的概率是A. 3/8 B. 3/16 C. 1/8 D. 1/16【答案】B【解析】由题中已生出1个血型为MN型-Rh阴性（MNrr）的儿子可知，父母的基因型均为MNRr。两对性状分别考虑，后代为杂合子MN的概率为1/2，Rh阳

4、性（RR和Rr）的概率为3/4，题目还要求生1个女儿，其在后代中的概率为1/2，综上为1/23/41/2=3/16。【试题点评】此题考查对分离定律的掌握及提取信息的能力，难度适中。（2013全国卷大纲版）34（11 分） 已知玉米子粒黄色（A）对白色（a）为显性，非糯（B）对糯（b）为显性，这两对性状自由组合。请选用适宜的纯合亲本进行一个杂交实验来验证：子粒的黄色与白色的遗传符合分离定律；子粒的非糯和糯的遗传符合分离定律；以上两对性状的遗传符合自由组合定律。要求：写出遗传图解，并加以说明【答案】 亲本 （纯合白非糯）aaBBAAbb（纯合黄糯） 亲本或为： （纯合黄非糯）AABBaabb(纯合

5、白糯) AaBb（杂合黄非糯） U F2 F2 子粒中： 若黄粒（A_）白粒（aa）=31，则验证该性状的遗传符合分离定律； 若非糯粒（B_）糯粒（bb）=31，则验证该性状的遗传符合分离定律； 若黄非糯粒黄糯粒白非糯粒白糯粒=9331，即：A_B_A_bbaaB_aabb=9331，则验证这两对性状的遗传符合自由组合定律。【解析】常用的验证孟德尔遗传规律的杂交方案为自交法和测交法。植物常用自交法进行验证，根据一对相对性状遗传实验的结果，若杂合子自交后代表现型比例为3：1，则该性状的遗传符合分离定律，根据两对相对性状遗传实验结果，若杂合子自交后代表现型比例为9：3：3：1，则两对性状遗传符合自

6、由组合定律；测交法是教材中给出的验证方法，若杂合子测交后代两种表现型比例为1：1，则该性状遗传符合分离定律，若双杂合子测交后代出现四种表现型比例为1：1：1：1，则两对性状的遗传符合分离定律。本题中两种方法均可选择。 【试题点评】本题考查学生对遗传定律的运用能力，难度较大。（2013新课标卷）31.（12分）一对相对性状可受多对等位基因控制，如某植物花的紫色（显性）和白色（隐性）。这对相对性状就受多对等位基因控制。科学家已从该种植物的一个紫花品系中选育出了5个基因型不同的白花品系，且这5个白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异。某同学在大量种植该紫花品系时，偶然发现了1株白花植株，将其

7、自交，后代均表现为白花。 回答下列问题：（1）假设上述植物花的紫色（显性）和白色（隐性）这对相对性状受8对等位基因控制，显性基因分别用A、B、C、D、E、F、G、H表示，则紫花品系的基因型为 ；上述5个白花品系之一的基因型可能为 （写出其中一种基因型即可）（2）假设该白花植株与紫花品系也只有一对等位基因存在差异，若要通过杂交实验来确定该白花植株是一个新等位基因突变造成的，还是属于上述5个白花品系中的一个，则： 该实验的思路 。 预期的实验结果及结论 。【答案】(1) AABBCCDDEEFFGGHH aaBBCCDDEEFFGGHH（写出其中一种即可）(2) 用该白花植株的后代分别与5个白花品

8、系杂交，观察子代花色若杂交子一代全部是紫花 则该白花植株一个新等位基因突变造成的；若在5个杂交组合中如果4个组合的子代为紫花，与其中的1个组合的杂交子一代为白花，则该白花植株的突变与之为同一对等位基因造成的。 【解析】（1）根据题干信息。由于8对等位基因共同控制一对相对性状，紫花为显性性状，白花为隐性性状，某同学在大量种植该紫花品系时，后代几乎全部还是紫花植株（偶然发现一株白花植株），说明是纯合体，其基因型是AABBCCDDEEFFGGHH。科学家从中选育出的5个白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异，白花品系自交后代全部为白花植株，白花为隐性性状，因而白花品系一定是纯合体，花色由8对

9、等位基因控制，可以有至少5- 6个白花品系，并且与紫花纯合体AABBCCDDEEFFGGHH只有一对等位基因的差异，又是隐性性状，其基因型可能是其中一对为隐性基因，其他全部是显性基因如：aaBBCCDDEEFFGGHH、AAbbCCDDEEFFGGHH、AABBccDDEEFFGGHH等。（2）“某同学在大量种植该紫花品系时，偶然发现了1株白花植株，将其自交，后代均表现为白花”，说明是纯合子。 “假设该白花植株与紫花品系也只有一对等位基因存在差异，若要通过杂交实验来确定该白花植株是一个新等位基因突变造成，还是属于上述5个白花品系中的一个”。假设上述5 个白花品系分别是 aaBBCCDDEEFF

10、GGHH、AAbbCCDDEEFFGGHH、 AABBccDDEEFFGGHH、AABBCCddEEFFGGHH、AABBCCDDeeFFGGHH。则“一个新等位基因突变”可理解为ff或gg或hh的产生。若白花植株是一个新等位基因突变造成，则该白花植株及其自交后代的基因型可表示为AABBCCDDEEffGGHH，分别与5个白花品系分别是aaBBCCDDEEFFGGHH、AAbbCCDDEEFFGGHH、AABBccDDEEFFGGHH、AABBCCddEEFFGGHH、AABBCCDDeeFFGGHH杂交，其子代没有出现某基因的隐性纯合现象，即子代均为紫花；若该白花还是属于上述5个白花品系中的

11、一个，则其基因型可能为aaBBCCDDEEFFGGHH 、 AAbbCCDDEEFFGGHH 、 AABBccDDEEFFGGHH 、 AABBCCddEEFFGGHH、AABBCCDDeeFFGGHH其中的一种，假设为 aaBBCCDDEEFFGGHH，其自交后代的基因型也应为aaBBCCDDEEFFGGHH，分别与上述 5个白花品系杂交，只有组合aaBBCCDDEEFFGGHHaaBBCCDDEEFFGGHH的子代出现白花，其它均为紫花。【试题点评】本题通过基因的分离定律相关知识，主要考查对分离定律的理解能力和杂交实验的设计能力。（2013新课标卷II）32.（10分）已知果蝇长翅和小翅、

12、红眼和棕眼各为一对相对性状，分别受一对等位基因控制，且两对等位基因位于不同的染色体上。为了确定这两对相对性状的显隐性关系，以及控制它们的等位基因是位于常染色体上，还是位于X染色体上(表现为伴性遗传)，某同学让一只雌性长翅红眼果蝇与一雄性长翅棕眼果蝇杂交，发现子一代中表现型及其分离比为长趐红眼：长翅棕眼：小趐红眼：小趐棕眼=3：3：1：1。回答下列问题:（1）在确定性状显隐性关系及相应基因位于何种染色体上时，该同学先分别分析翅长和眼色这两对性状的杂交结果，再综合得出结论。这种做法所依据的遗传学定律是 。（2）通过上述分析，可对两对相对性状的显隐性关系及其等位基因是位于常染色体上，还是位于X染色体

13、上做出多种合理的假设，其中的两种假设分别是：翅长基因位于常染色体上，眼色基因位于X染色体上，棕眼对红眼为显性:翅长基因和眼色基因都位于常染色体上，棕眼对红眼为显性。那么，除了这两种假设外，这样的假设还有 种。（3）如果“翅长基因位于常染色体上，眼色基因位于x染色体上，棕眼对红眼为显性”的假设成立，则理论上，子一代长翅红眼果蝇中雌性个体所占比例为 ，子一代小翅红眼果蝇中雄性个体所占比例为 。【答案】：（1）基因的分离定律和自由组合定律（或自由组合定律）（2）4 （3）0 1（100%）【解析】：本题考查遗传基本规律的应用。（1）由于控制果蝇长翅和小翅、红眼和棕眼各为一对相对性状，分别受一对等位基

14、因控制，且两对等位基因位于不同的染色体上，故两对性状的遗传遵循自由组合定律。（2）根据雌性长翅红眼果蝇与雄性长翅棕眼果蝇杂交，后代出现长翅和小翅，说明长翅是显性性状，但无法判断眼色的显隐性。所以假设还有：翅长基因位于常染色体上，眼色基因位于X染色体上，红眼对棕眼为显性；翅长基因和眼色基因都位于常染色体上，红眼对棕眼为显性；翅长基因位于X染色体上，眼色基因位于常染色体上，棕眼对红眼为显性；翅长基因位于X染色体上，眼色基因位于常染色体上，红眼对棕眼为显性，即4种。（3）由于棕眼是显性，亲本雌性是红颜，棕眼是雄性，故子代中长翅红眼果蝇中雌性个体所占比例为0，子代雄性都表现为红眼。（2013天津卷）5

15、. 大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如右图。据图判断，下列叙述正确的是A. 黄色为显性性状，黑色为隐性性状B. F1 与黄色亲本杂交，后代有两种表现型C. F1 和F2 中灰色大鼠均为杂合体D. F2 黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4【答案】B【解析】两对等位基因杂交，F2 中灰色比例最高，所以灰色为双显性状，米色最少为双隐性状，黄色、黑色为单显性，A 错误；F1 为双杂合子（AaBb），与黄色亲本（假设为aaBB）杂交，后代为两种表现型，B 正确；F2 出现性状分离，体色由两对等位基因控制，则灰色大鼠中有1/9 的为纯合

16、体（AABB），其余为杂合，C 错误；F2 中黑色大鼠中纯合子（AAbb）所占比例为1/3，与米色（aabb）杂交不会产生米色大鼠，杂合子（Aabb）所占比例为2/3，与米色大鼠（aabb）交配，产生米色大鼠的概率为2/31/2=1/3，D 错误。【试题评价】此题考查显隐性性状的判断、对自由组合定律的理解及相关计算，属于对知识理解判断和灵活运用的考查，难度适中。（2013上海卷）30基因Aa和Nn分别控制某种植物的花色和花瓣形状，这两对基因独立遗传，其基因型和表现型的关系如表2。一亲本与白色宽花瓣植株杂交，得到F1，对Fl进行测交，得到F2，F2的表现型及比例是：粉红中间型花瓣粉红宽花瓣白色中

17、间型花瓣白色宽花瓣=l133。该亲本的表现型最可能是CA红色窄花瓣 B白色中间型花瓣 C粉红窄花瓣 D粉红中间型花瓣（2013福建卷）28（12 分）甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型AA -Aa -aaB _ _ _aa _ _D_aabbdd请回答：（1）白花（AABBDD）黄花（aaBBDD），F1 基因型是 ，F1 测交后代的花色表现型及其比例是 。（2）黄花（aaBBDD）金黄花，F1 自交，F2 中黄花基因型有 种，其中纯合个体占黄花的比例是 。（3）甘蓝型油菜花色有观赏

18、价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为 的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是 。【答案】（1）AaBBDD 乳白花黄花=11（2）8 1/5（3）AaBbDd 乳白花【解析】（1）AABBDDaaBBDD 的后代基因型为AaBBDD，其测交后代的基因型为1AaBbDd 和1aaBbDd，对照表格可知其表现型及比例为乳白花黄花=11。（2）黄花（aaBBDD）金黄花（aabbdd），F1 基因型为aaBbDd,，其自交后代基因型有9 种，表现型是黄花（9aaB_D_、3 aaB_dd、3aabbD_）和金黄花（1 aabbdd），故F2 中黄花基因型有8 种，其中纯合个

19、体占黄花的比例是3/15=1/5。（3）欲同时获得四种花色表现型的子一代，则亲代需同时含A 和a、B 和b、D 和d，故可选择基因型为AaBbDd 的个体自交，子代白花的比例是1/4、乳白花的比例是1/2、黄花的比例是1/43/43/41/43/41/41/41/43/4=15/64、金黄花的比例是1/41/41/4=1/64，故理论上子一代比例最高的花色表现型是乳白花。【试题点评】本题通过考查基因的自由组合定律，主要考查学生分析、解决问题的能力。试题难度相对来说，第五小题较大，其余内容比较注重基础考查。(2013四川卷)11.（13分）回答下列果蝇眼色的遗传问题。有人从野生型红眼果蝇中偶然发

20、现一只朱砂眼雄蝇，用该果蝇与一只红眼雌蝇杂交得F1，F1随机交配得F2，子代表现型及比例如下（基因用B、b表示）：实验一亲本F1F2雌雄雌雄红眼（） 朱砂眼（）全红眼全红眼红眼:朱砂眼=1:1B、b基因位于_染色体上，朱砂眼对红眼为_性。让F2代红眼雌蝇与朱砂眼雄蝇随机交配，所得F3代中，雌蝇有 种基因型，雄蝇中朱砂眼果蝇所占比例为 。在实验一F3的后代中，偶然发现一只白眼雌蝇。研究发现，白眼的出现与常染色体上的基因E、e有关。将该白眼果蝇与一只野生型红眼雄蝇杂交得F1，F1随机交配得F2，子代表现型及比例如下：实验二亲本F1F2雌雄雌、雄均表现为红眼:朱砂眼:白眼=4:3:1白眼（） 红眼（

21、）全红眼全朱砂眼实验二中亲本白眼雌蝇的基因型为 ；F2代杂合雌蝇共有 种基因型，这些杂合雌蝇中红眼果蝇所占的比例为 。果蝇出现白眼是基因突变导致的，该基因突变前的部分序列（含起始密码信息）如下图所示。（注：起始密码子为AUG，终止密码子为UAA、UAG或UGA）GCG GCG ATG GGA AAT CTC AAT GTG ACA CTGCGC CGC TAC CCT TTA GAG TTA CAC TGT GAC甲链乙链上图所示的基因片段在转录时。以 链为模板合成mRNA；若“”所指碱基对缺失，该基因控制合成的肽链含 个氨基酸。【答案】（1）X 隐 2 1/4 （2）eeXbXb 4（PS：

22、分别为EeXbXb、XBXbEE XBXbEe XBXbee） 2/3 （3）乙 5【命题思路】本题借“研究果蝇的两对自由组合基因控制的眼色遗传和一对等位基因影响的性别遗传”创设情境，实际考查“遗传专题中孟氏定律在果蝇性状遗传中的应用，如推导相关基因型、比例、概率”，并穿插“性染色体在有丝分裂后期的基因携带情况的判断”，属于遗传与细胞部分的综合应用题。【解题方法】根据实验一中F1随机交配得到的F2雌雄有性状上的差异可知，朱砂眼属于X连锁隐性遗传。相关遗传图解如下，从中、两问不难回答（略）。P 红眼() 朱砂眼()XBXB XbYF1 XBXb XBYF2 XBXB XBXb XBY XbY1

23、: 1 : 1 : 1F2 红眼() 朱砂眼()1/2XBXB和1/2XBXb XbYF2 XBXb XbXb XBY XbY 红雌 朱雌 红雄 朱雄3/8 1/8 3/8 1/8根据实验二的F1中雄蝇全为朱砂眼可知，亲本是XbXb白眼()XBY红眼()，F1是XBXb红眼()、XbY朱砂眼()。再依据F2无论雌雄都表现为4:3:1，这一比例是3:1:3:1=(3:1)(1:1)的变式，因此确定F1的完整基因型是EeXBXb、EeXbY且E不影响B、b的表达，由此确定实验二的亲本的完整基因型是：eeXbXb、EEXBY又依据F1EeXBXb EeXbY F2雌蝇的种类有：(1EE+2Ee+1ee)(1XBXb+1XbXb)= 1EEXBXb + 1EEXbXb + 2EeXBXb + 2EeXbXb + 1eeXBXb + 1eeXbXb。可见，杂合雌蝇有4种，其中红眼占2/3。依据起始密码子为AUG，终止密码子为UAA、UAG、UGA可知，基因的编码链上应有ATGTAA或TAG或TGA，由此确定甲链为编码链，乙链为模板链。缺失“”碱基对，甲链变为ATG GGA ATC TCA ATG TGA，扣除终止密码子互补的TGA还剩5个，由此确定多肽链应含有5个氨基酸。- 6 -