2012年重庆市中考物理试卷(共16页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2012年重庆市中考物理试卷 2012年重庆市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共21分）1（2012重庆）根据生活经验，你认为下列数据符合实际情况的是（）A一个鸡蛋的质量大约是500gB光在空气中的传播速度是340m/sC此时考室内的大气压约为3个标准大气压D大量事实表明：不高于36V的电压对人体是安全的考点：质量的估测；光的传播速度与光年；电压。专题：估算题。分析：记住人体的安全电压、光在空气中的传播速度、平常大气压值，估测一个鸡蛋的质量注意对各个选项判断解答：解：A、大约10个鸡蛋1斤即500g，故A错；B、光在空

2、气中的传播速度近似于在真空中的传播速度为3108m/s，故B错；C、考室内的大气压约为1个标准大气压，故C错；D、对人体的安全电压不高于36V，正确故选D点评：本题主要考查学生对质量的估测，在学习中要善于观察，勤于思考逐步培养自己的估测能力另外要记住人体的安全电压、光在空气中的传播速度、平常大气压值2（2012重庆）如图所示的现象中，属于光的反射现象的是（）A 水中的手指“变粗”B 金环日食C石门大桥在嘉陵江面的倒影D 地面上树的影子考点：光的反射。专题：图析法。分析：要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射要掌握光的反射现象，知

3、道平面镜成像是由于光的反射形成的要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的解答：解：A、水中的手指“变粗”是因为杯子相当于放大镜，手指成放大的虚像这也是光的折射现象缕缕阳光是光沿直线传播故A不符合题意B、金环日食是由光的直线传播形成的故B不符合题意C、石门大桥在嘉陵江面的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的故C符合题意D、地面上树的影子是由光的直线传播形成的故D不符合题意故选C点评：此题主要考查了光的直线传播、光的折射、光的反射现象光的直线传播是光在同一均匀介质中的传播，光的反射是光照射到物体表面又返回的现象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一

4、种介质或在不均匀介质中传播时，传播方向发生变化的现象它们之间有本质的区别，要注意区分3（2012重庆）缺水已是一个世界性问题，因此我们要珍惜每一滴水一些严重缺水的国家，露水也是重要的水资源，露水的形成属于物态变化中的（）A熔化B汽化C液化D升华考点：液化及液化现象。专题：应用题。分析：分析物态变化首先要知道物态变化的定义，然后看物体由什么状态变为了什么状态，从而得出结论解答：解：露是液态的，是由空气中的水蒸气遇冷（清晨温度比较低）形成的，气态变为液态的现象叫液化故选C点评：本题考查的是生活中的物态变化现象，物态变化是中考必考的一个知识点，需要掌握4（2012重庆）电是人们的好帮手，以下做法符合

5、安全用电要求的是（）A电灯的控制开关可以安装在零线上B导线的绝缘皮破损后一定要及时更换C使用测电笔时手指千万不能碰到笔尾金属体D如果发现有人触电，应立即用手将触电者拉开考点：安全用电原则。专题：应用题。分析：利用安全用电的原则分析判断，注意：（1）破损的绝缘皮会漏电；（2）测电笔的使用方法：使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线；（3）接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故所以开关要接在灯泡和火线之间，断

6、开开关，切断火线，触及灯泡时更安全；（4）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况，进行相应的救治解答：解：A、接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全，故A错误；B、使用绝缘皮破损的插头，容易漏电，会使人触电，故B正确；C、使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体电极，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线，故C错误；D、发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况，进行相应的救

7、治，如果用手将触电者拉开，这样就会使救人者间接接触带电体而触电，十分危险故答案D错误故选B点评：本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！5（2012重庆）如图所示，所使用的杠杆属于费力杠杆的是（）A 钓鱼竿B 开瓶器C 灭火器压把D 钢丝钳考点：杠杆的分类。专题：应用题。分析：联系生活经验，要判断杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆解答：解：开瓶器、灭火器的压把、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；钓鱼竿在使用时动力臂小于阻

8、力臂，是费力杠杆，但能省距离，符合题意；故选A点评：判断杠杆类型的方法有三种：比较动力和阻力的大小，当然动力小的是省力杠杆；比较动力臂和阻力臂的长短，动力臂长的是省力杠杆比较动力和阻力移动的距离，动力移动距离大的是省力杠杆省了力肯定费距离6（2012重庆）留心周围的生活情景，你会时刻从中感受到物理知识的无穷魅力请判断如图所示四个情景中哪个说法是正确的（）A即使没有摩擦我们也能握住手中的笔B拍桌子感到疼是因为力的作用是相互的C驾驶员系安全带是为了减小行驶中人的惯性D瀑布的水流下落过程中动能转化为重力势能考点：摩擦力的种类；力作用的相互性；惯性；动能和势能的转化与守恒。专题：应用题。分析：（1）摩

9、擦力是指两个相互接触的物体，当它们发生了相对运动时，在接触表面产生的一种阻碍其相对运动的力，叫做摩擦力；（2）物体间力的作用是相互的；（3）惯性是物体保持原有状态不变的性质，大小只和物体的质量大小有关；系安全带是为了减小惯性给司机和乘客带来的危害；（4）瀑布的水流下落过程中，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能解答：解：A、如果没有摩擦力，铅笔就会从手中滑落，故A错误；B、拍桌子感到疼是因为力的作用是相互的，手给桌子一个力的同时，桌子也会给手一个作用力，故B正确；C、驾驶员系安全带是为了减小惯性给行驶中人的危害，不会减小惯性，故C错误；D、瀑布的水流下落过程中重力势能减小，动能增大，重力

10、势能转化为动能，故D错误故选B点评：此题考查的知识点比较多，有摩擦力的知识，力的作用是相互的，惯性知识和机械能的相互转化等问题，属于中考常见题型，需要同学们认真把握7（2012重庆）如图所示是A、B两定值电阻的UI图象，由图象中信息可知（）A若将A、B两电阻串联在某电源两端，则B两端的电压大B若将A、B两电阻串联在某电源两端，则B的实际功率大C若将A、B两电阻并联在某电源两端，则通过A的电流大D若将A、B两电阻并联在某电源两端，则A的实际功率小考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用。专题：应用题；图析法。分析：（1）由图象可知，AB图象表示电流与电压成正比，

11、即AB的阻值不变，根据电流一定时，电压大的电阻得出两电阻之间的关系；（2）将A、B两电阻串联时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电压关系，根据P=I2R得出实际功率关系；（3）将A、B两电阻并联时，根据并联电路的电压关系可知两电阻电压之间的关系，根据P=得出实际功率关系解答：解：（1）由图象可知，当I=0.2A时，UA=4V，UB=2V，即UAUB，根据R=可知，RARB（2）若将A、B两电阻串联在某电源两端时，通过它们的电流相等，根据U=IR可知，UAUB；根据P=I2R可知，PAPB（3）若将A、B两电阻并联在某电源两端时，两电阻两端的电压相等，即UA=UB；根据P=可知，PAPB故选

12、D点评：本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点，关键是根据电功率公式的灵活运用和根据图象、利用欧姆定律得出两电阻之间的关系二、填空作图题（第15题作图2分，其余每空1分，共16分）8（2012重庆）如图所示是一款具有摄像功能的手机，摄像机的镜头相当于一个凸透镜，通过镜头所成的像是实像（选填“实像”或“虚像”）考点：凸透镜成像的应用。专题：应用题。分析：摄像机是利用凸透镜成像的规律制成的，摄像机的镜头是一个凸透镜掌握凸透镜成像的三种情况和应用U2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机2fUf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪Uf，成倒正立、放大的虚像，应用于放大镜解答：解

13、：摄像机的镜头相当于一个凸透镜，其成像的原理是：当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立缩小的实像故答案为：凸；实像点评：凸透镜的成像在实际生活中的应用非常广泛，很多光学器材都是利用凸透镜制成的：如幻灯机，投影仪、放大镜、显微镜、望远镜等只不过是物距与焦距的关系不同，而出现了不同的像9（2012重庆）如图所示是“神舟八号”和“天宫一号”成功对接的情景，对接后若以“天宫一号”为参照物，则“神舟八号”是静止的“神舟八号”完成各项实验任务后返回大气层，飞船外壳与空气摩擦温度不断升高，这是通过做功（选填“做功”或“热传递”）方式改变飞船的内能考点：运动和静止的相对性；做功改变物体内能。专题：应用题。分析：（

14、1）判断物体是运动的还是静止的，要看它和参照物之间的位置关系，如果位置变化了，说明该物体是运动的，否则是静止的；（2）改变物体的内能的方式有做功和热传递，这两种方式是等效的解答：解：（1）“神舟八号”与“天宫一号”对接的过程中，它们之间的位置保持不变，因此以天宫一号为参照物，“神舟八号”是静止的；（3）当飞船穿越大气层返回地面时，飞船和大气摩擦生热，飞船表面温度升高，这是通过做功的方式使其内能增加的故答案为：静止；做功点评：本题以“神舟八号”飞船与“天宫一号”对接这一伟大的历史事件为载体，考查了运动和静止的相对性、改变物体内能的方式，体现了物理与科技生活的联系10（2012重庆）2012年5月

15、21日，国内首艘深水铺管起重船“海洋石油201”正式起航，自此我国拥有在南海自营勘探开发深水油气资源的能力在海洋资源开发中，随着海水深度的增加，海水产生的压强越大在1500m的深海铺管作业中，海水对管道设备的压强是1.47107Pa（取海水=1.0103kg/m3）考点：液体的压强的特点；液体的压强的计算。专题：计算题；简答题。分析：（1）液体内部的压强随深度的增加而增大；（2）知道管道所处的深度，利用液体压强公式求海水对管道设备的压强解答：解：（1）在海洋资源开发中，随着海水深度的增加，由p=gh可知，海水产生的压强越大；（2）海水对管道设备的压强：p=gh=1.0103kg/m39.8N/

16、kg1500m=1.47107Pa故答案为：深度；1.47107点评：本题考查了学生对液体压强特点、液体压强公式的掌握和运用，确定深度变化、深度大小是本题的关键11（2012重庆）科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围存在则磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系小郭同学自制了一个用开关来控制电磁铁南北极的巧妙装置，如图所示当开关S接a（选填“a”或“b”）点时，电磁铁的A端是N极考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；物理常识；安培定则。专题：应用题；图析法。分析：在1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围存在着磁场知道电磁铁的A端是N极，根据安

17、培定则判定出线圈中的电流方向，由此可判断出线圈中电流的方向，从而可以判断出电压的正负极，最后便可以判断出开关S接哪一个点解答：解：奥斯特把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电流周围存在磁场从图可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，用右手握住电磁铁，大拇指指向N极，则四指指向电磁铁线圈中的电流方向，则电流从电磁铁的A端流进，从B端流出，由此可知，A端应接电源的正极，B端接电源的负极，所以，当开关S接a点故答案为：奥斯特；a点评：本题考查了物理学常识：电生磁是由哪位科学家发现的本题考查安培定则的应用，注意安培定则不但可以由电流方向判断磁极方向，也可由磁

18、极方向判断电流的方向12（2012重庆）用如图所示滑轮组匀速提升重为200N的物体，人对绳的拉力为125N，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为80%如果人的体重为600N，拉动过程中绳始终未断裂，他用此滑轮组能提升的最大物重为1150考点：滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算。专题：计算题。分析：（1）滑轮组的机械效率等于有用功除以总功，有用功等于物体的重力乘以物体上升的高度，总功等于拉力乘以绳子自由端移动的距离（2）当绳子的拉力和人的体重相等时，滑轮组所提升物体的物重最大；不计绳重和摩擦，利用F=（G物+G动）计算出动滑轮的重力；再利用F=（G物+G动）求最大物重解答：解：（1）由图可

19、知，s=2h，则滑轮组的机械效率：=80%；（2）在不计摩擦与绳重时，F=（G物+G动），即125N=（200N+G动），所以G动=50N，因为人站在地面施加的最大拉力不可能大于自身重力，所以最大拉力为F=600N，F=（G物+G动），即：600N=（G物+50N），最大物重：G物=1150N故答案为：80%；1150点评：明确S与h的关系后，利用公式求出机械效率；本题的易错点在于，绳端的最大拉力取决于人的体重，而并非绳子的承受能力13（2012重庆）如图所示电路，电源电压保持不变，R为定值电阻闭合开关S，调节滑动变阻器R，发现电流表示数从0.1A变为0.3A，电压表示数改变了4V由此可判断在

20、这一过程中滑动变阻器连入电路的阻值变小（选填“变大”或“变小”），定值电阻R的电功率变化了1.6W考点：电功率的计算；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用。专题：计算题；应用题；动态预测题。分析：由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据欧姆定律可知当电流表示数从0.1A变为0.3A时，电路中的总电阻变小；根据串联电路电压特点结合电压表的示数求出电阻R的阻值，再根据P=I2R求出求出定值电阻R电功率的变化量解答：解：由I=可知，电流表示数从0.1A变为0.3A时，电路中的电阻变小，即滑动变阻器接入电路的电阻变小；当电路中的电流I=0.1A时，电源

21、的电压U=IR+U滑=0.1R+U滑；当电路中的电流I=0.3A时，电源的电压U=IR+U滑=0.3R+U滑；因电压表示数改变了4V，所以U滑U滑=（U0.1R）（U0.3R）=4V，解得：R=20；定值电阻R电功率的变化量：P=（I）2RI2R=（0.3A）220（0.1A）220=1.6W故答案为：变小；1.6点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据电压表示数的变化量求出电阻R的阻值14（2012重庆）不用电池点火，打开热水器的水龙头，就有源源不断的热水流出如图所示展示的是2012年重庆市第27届青少年科技创新大赛中我市一名中学生的发明燃气热水器水流供电打

22、火装置这个装置可以让燃气热水器再也不用电池，既省钱又环保据发明者介绍，他制作了一个“水流发电机”放在热水器的入水口，里面有一个涡轮当自来水冲击涡轮转动时，转动的涡轮带动小型发电机发电，电压可达3V，供给热水器点火装置完成点火请参照示例写出这种热水器在使用过程中所涉及的物理现象和对应的物理知识（不得与示例重复）示例：物理现象：燃气燃烧物理知识：化学能转化为内能作答：物理现象：涡轮带动发电机发电；物理知识：机械能转化为电能考点：能量转化的现象；发电机的构造和原理。专题：答案开放型。分析：发电机发电过程中，能量是由机械能转化成电能解答：解：当自来水冲击涡轮转动时，转动的涡轮具有机械能，带动发电机发电

23、，将涡轮的机械能转化成电能故答案为：涡轮带动发电机发电；机械能转化为电能点评：本题考查了学生灵活运用所学知识解释实际现象的能力，要知道发电机的工作过程中能量的转化三、解答题（共1小题，满分4分）15（2012重庆）（1）如图1所示，入射光线AO从空气斜射入水中，请画出折射光线的大致传播方向（2）如图2所示为小明拉车的情景，请画出绳子对车的拉力示意图（力的作用点A已画出）考点：作光的折射光路图；力的示意图。专题：作图题。分析：（1）折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射

24、角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角（2）绳子对物体的拉力作用在物体上，方向沿绳子水平向右解答：解：（1）光由空气斜射进入液体中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角如下图所示：（2）从A开始，沿绳子水平向右画一条带箭头的线段表示出拉力如下图所示：点评：（1）在光路图中，法线要画成虚线，画折射光路时，一定注意光从哪种介质进入哪种介质（2）此题主要考查了有关力的示意图的画法，在作图时一定注意力的作用点和方向三、实验与探究题（16题4分，17题7分，18题9分，共20分）16（2012重庆）我们在学习和生活中，经常使用下面的实验仪器：

25、（1）图甲中测得物体的长度是2.12cm（2）图乙中烧杯和盐水的总质量是63g（3）图丙中家用寒暑表的示数是25（4）图丁中电能表的读数是624.5kWh考点：刻度尺的使用；天平的使用；弹簧测力计的使用与读数；电能表参数的理解与电能的求法。专题：应用题。分析：（1）要弄清楚刻度尺的量程和分度值再去读数起始端从零开始，要估读到分度值的下一位（2）天平的读数=砝码的质量+游码的质量对于标尺要看清分度值（3）温度计的示数在量程的范围内，且分度值为1，可根据这两点读出此温度计的示数（4）观察电能表的单位和读数，注意刻度盘上的示数最后一位是小数点后的数字解答：解：（1）甲图中刻度尺的分度值为1mm，起始

26、端从零开始，要估读到分度值的下一位因此物体的长度为2.12cm；（2）乙图中天平标尺的一个大格表示1g，它里面有5个小格，故其分度值为0.2g天平的示数=50g+10g+3g=63g（3）丙图中寒暑表的最小刻度值是1，因此该温度计的示数是25；（4）丁图中电能表刻度盘上的示数最后一位是小数点后的数字电能表的示数为624.5kwh故答案为：（1）2.12；（2）63；（3）25；（4）624.5点评：刻度尺、寒暑表、电能表和天平是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值特别注意：刻度尺读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位17（2012重庆）为了测定额定电压为“2.5V”小灯泡

27、的电功率，小明同学设计了如图甲所示的电路图实验中各元件完好，电源电压保持不变（1）连接电路的过程中开关应断开请你在图乙中用笔画线代替导线，帮小明同学将电路连接完整（连线不得交叉）（2）小明同学闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来他首先应进行的操作是C（选填字母序号）A检查电路是否断路B更换小灯泡C移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光（3）为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，当电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为0.28A，该灯泡的额定功率为0.7W（4）实验过程中，有些小组的小灯泡先由暗变亮，然后发出耀眼的

28、光后被烧坏为了避免灯丝烧断，请提出在调节滑动变阻器的过程中应注意的事项：调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压，防止小灯泡烧坏考点：探究用电器的电功率实验；电流表的读数方法；电流表、电压表在判断电路故障中的应用。专题：计算题；实验题；作图题。分析：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作（3）额定电压下灯泡正常发光，根据电流表的量程和分度值读出电流，根据P=UI求出灯

29、泡的额定功率（4）本实验中电压表测灯泡两端的电压，灯泡的与实际功率、实际电压的大小，为防止灯泡被烧坏，调节滑动变阻器可以观察电压表的示数来进行解答：解：（1）连接电路图时，开关应断开；滑动变阻器上端任意一接线柱与灯泡连接即可，如下图所示：（2）闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，即应进行C项操作（3）灯泡正常发光，则电压应为2.5V；由图可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.28A，灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.28A=0.7W（4）

30、为了避免灯丝烧断，可以调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压来进行实验故答案为：（1）断开；如图所示：（2）C；（3）2.5；0.28；0.7；（4）调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压，防止小灯泡烧坏点评：本题考查了连接电路的注意事项、连接实物图、电流表的读数、电路故障的判断等，是中招常见的实验探究题类型18（2012重庆）在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，某小组同学用如图所示的装置，将同一物体分别逐渐浸入到水和酒精中，为了便于操作和准确收集数据，用升降台调节溢水杯的高度来控制物体排开液体的体积他们观察并记录了弹簧测力计的示数及排开液体的体积实验数据记录在下表中

31、 液体种类 实验序号 物体重力G物（N） 弹簧测力计示数F（N） 物体受到浮力F浮（N） 排开液体体积V排（cm3） 水水=1.0g/cm3 1 2 1.5 50 2 1.0 1.0 100 3 0.5 1.5 150 酒精酒精=0.8g/cm3 4 2 1.6 0.4 50 5 1.2 0.8 100 6 0.8 1.2 150（2）分析比较实验序号1、2和3（或4、5和6）可初步得出结论：当液体的种类相同时，排开液体的体积越大，浸在液体中的物体受到的浮力越大；分析比较实验序号1、4或者2、5或者3、6可初步得出结论：当排开液体的体积相同时，液体的密度越大，浸在液体中的物体受到的浮力越大（3

32、）请你计算出第一次实验中物体排开水受到的重力G排=0.5N通过比较每次实验中物体受到的浮力和它排开液体的重力的关系，还可以验证阿基米德原理（4）本实验在探究“浮力的大小与哪些因素”有关时，选用了不同液体并进行了多次实验，其目的是为了A（选填字母序号）A寻找普遍规律B取平均值减小误差（5）实验中小明同学观察到将同一个物体浸没在密度越大的液体中时，弹簧测力计的示数越小于是他灵机一动在弹簧测力计下挂一个重1.5N的物块，如图甲所示；当他把物块浸没在水中时，如图乙所示，弹簧测力计的读数为0.5N，他就在0.5N处对应标上1.0g/cm3的字样；当他把物块浸没在酒精中时，如图丙所示，应该在弹簧测力计刻度

33、盘的0.7N处对应标上0.8g/cm3字样，聪明的他就将图甲所示装置改装成了一个能测液体密度的密度秤考点：探究浮力大小的实验；浮力大小的计算。专题：计算题；实验题；信息给予题。分析：（1）由表格可知物体的重力，根据称重法求出第一次实验中物体所受的浮力；（2）分析比较实验序号1、2和3（或4、5和6）可知，液体的密度相同，物体浸入液体中的体积不同，弹簧测力计的示数不同，根据称重法求出受到浮力的大小，即可得出结论；物体所受浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关，在探究浮力的大小与液体密度的关系时，应控制排开液体的体积不变，改变液体的密度再表格数据即可得出答案（3）根据m=V和G=mg求出物体排开

34、水受到的重力，比较排开水的重力和受到的浮力即可验证阿基米德原理（4）根据实验的目的可知多次实验的目的（5）根据阿基米德原理可知同一个物体浸没在密度越大的液体中所受浮力的大小，根据称重法可知弹簧测力计示数的变化；根据阿基米德原理求出，物体在酒精中受到的浮力，根据称重法求出弹簧测力计的示数即为此时在弹簧测力计刻度盘的位置解答：解：（1）分析表中数据可知，实验所用物体的重力为2N；第一次实验中物体所受的浮力F浮=GF=2N1.5N=0.5N（2）分析比较实验序号1、2和3（或4、5和6）可知，液体的密度相同，物体浸入液体中的体积越大，弹簧测力计的示数越小，即所受的浮力变大；故可得结论：当液体的种类相

35、同时，排开液体的体积越大浸在液体中的物体受到的浮力越大在探究浮力的大小与液体密度的关系时，应控制排开液体的体积不变，改变液体的密度；结合表格可知1、4或者2、5或者3、6符合（3）第一次实验中物体排开水受到的重力：G排=m排g=V排g=1.0103kg/m350106m310N/kg=0.5N，因F浮=G排=0.5N，所以可以验证阿基米德原理（4）在探究“浮力的大小与哪些因素”有关时，选用了不同液体并进行了多次实验的目的是减小偶然性，使实验得出的实验规律更具有普遍性，所以本实验的目的是寻找普遍规律（5）根据F浮=gV排可知，物体浸没时排开水的体积和本身的体积相等，所以将同一个物体浸没在密度越大

36、的液体中时受到的浮力变大，根据F浮=GF可知弹簧测力计的示数越小；当他把物块浸没在水中时，受到的浮力F浮=GF=1.5V0.5N=0.5N，根据阿基米德原理得0.5N=水gV排，当他把物块浸没在酒精中时，F浮酒=酒gV排，由以上两式可得：F浮酒=0.8N，此时应标在弹簧测力计的1.5N0.8N=0.7N处故答案为：（1）2；0.5；（2）大；1、4或者2、5或者3、6；（3）0.5；阿基米德；（4）A；（5）小；0.7点评：本题主要考查学生控制变量法的应用和图象的分析能力探究浮力的大小是否与液体密度的关系要保证物体排开液体体积一定；要探究浮力的大小与物体排开液体体积的关系要保证液体的密度一定四

37、、论述与计算题（19题6分，20题8分，21题9分，共23分解答应写出必要的文字说明、解答步骤和公式，只写出最后答案的不能得分）19（2008青海）如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.2A求：（1）电源电压U（2）电阻R2的阻值考点：欧姆定律的变形公式；并联电路的电压规律。专题：计算题；应用题。分析：（1）电阻R1和R2并联，并且A1和A2分别测量支路电流；已知电阻R1的阻值和通过的电流，根据U=IR求出R1两端的电压，而电源电压等于R1两端的电压；（2）已知电源电压和通过电阻R2的电流，根据R=即可求出解答：已

38、知：I1=0.3A，I2=0.2A，R1=20求：U，R2解：（1）电源电压：U=U1=I1R1=0.3A20=6V（2）U2=U1=6V，R2=30答：（1）电源电压为6V；（2）电阻R2的阻值为30点评：本题考查并联电路的电压规律以及欧姆定律的灵活应用，是一道基础计算题20（2012重庆）如图所示是我市部分中小学投入使用的新型安全校车，这种校车的性能完全符合校车12项安全标准中考期间，中学的学生乘坐这种新型安全校车到9km外的考点参加考试，校车行驶了15min后安全到达考点求：（1）校车在送考过程中的平均速度；（2）若校车和学生总质量为9000kg，车轮与地面的接触总面积为0.15m2，求

39、校车对水平路面的压强；（3）若校车以12m/s的速度在一段平直路面是匀速行驶，校车受到的牵引力是4500N，求校车发动机牵引力的功率考点：压强的大小及其计算；变速运动与平均速度；功率的计算。专题：计算题。分析：（1）已知校车的行驶的距离和时间，根据速度公式求出平均速度；（2）校车对水平面上的压力和自身的重力相等，根据G=mg求出其大小，再根据压强公式求出对水平路面的压强；（3）根据P=Fv求出校车发动机牵引力的功率解答：解：（1）校车在送考过程中的平均速度：v=36km/h；（2）校车对水平路面的压力：F=G=mg=9000kg10N/kg=90000N，校车对水平路面的压强：p=6105Pa

40、；（3）校车发动机牵引力的功率：P=F牵v=4500N12m/s=5.4104W答：（1）校车在送考过程中的平均速度为36km/h；（2）校车对水平路面的压强6105Pa；（3）校车发动机牵引力的功率为5.4104W点评：本题考查了速度、压强、功率的计算，关键是公式和规律的灵活运用以及知道水平面上物体的压力和自身的重力相等计算过程要注意单位的换算21（2012重庆）物理科代表和班长就放学后是否关教室里的饮水机的问题发生争执，班长认为不应关机，因为第二天重新开机给冷水加热既费时又会消耗更多的电能；物理科代表认为应该关机，理由是饮水机在放学后从17：00到第二天08：00共15h期间会间歇性加热，

41、白白消耗电能，反复加热的水也不利于身体健康次日早晨，他俩先观察到如图所示的饮水机有加热和保温两个档位，铭牌数据如下表然后启动饮水机，将热水箱中的30的冷水加热到90，用时10min他俩继续观察，发现保温28min后加热器会重新加热，2min后又回到保温状态（饮水机始终在额定电压下工作） 水桶容量 20L 热水箱水量 1kg 额定电压 220V 加热功率 500W 保温功率 50W（2）将热水箱中30的冷水加热到90消耗的电能是多少？（3）通过计算比较谁的做法更节能（假设放学时饮水机刚好处于保温状态，工作过程中间歇加热的规律不变）考点：电功与热量的综合计算；热量的计算；电功的计算；有利于节约能源

42、的措施。专题：计算题；信息给予题。分析：（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；（2）由铭牌知道加热功率，知道将热水箱中的30的冷水加热到90用时10min利用W=Pt求10min消耗的电能；（3）由题知“发现保温28min后加热器会重新加热，2min后又回到保温状态”可知，间歇加热的规律：每半小时保温28min、加热2min，那么15h，保温2830min、加热230min，知道加热功率和保温功率，利用W=Pt求消耗的电能和（2）比较得出结论解答：解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）1kg（9030）=2.52l05J；（2）饮水

43、机加热时消耗的电能：W=Pt=500W1060s=3105J；（3）关闭，第二天消耗的电能：W=3105J；不关，间歇性加热15h期间：保温消耗电能：W1=P保温t保温=50W283060s=2.52l06J；加热消耗电能：W2=P加热t加热=500W23060s=1.8l06J；W总=W1+W2=2.52l06J+1.8l06J=4.32l06J；W总W，物理科代表的做法更节能答：（1）热水箱中30的冷水加热到90所吸收的热量是2.52105J；（2）将热水箱中30的冷水加热到90消耗的电能是3105J；（3）物理科代表的做法更节能点评：本题考查了学生对吸热公式、电功率的公式的掌握和运用，要求灵活运用W=Pt计算用电器消耗电能，是一道电学与热学的综合应用题，与生活实际相联系，属于中考常见题型参与本试卷答题和审题的老师有：东方星；刘伟；fhp826；空气凤梨；sdwdrlx。（排名不分先后）菁优网2012年6月22日专心-专注-专业