2017-2018年高考物理选择题专项训练3套(共16页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上20172018学年度高考备考选择题专项训练选择题(一)选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第15题只有一个选项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1下列叙述正确的是()A力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B蹦极运动员离开蹦床上升过程中处于失重状态C利用霍尔元件能够把电压这个电学量转换为磁感应强度这个磁学量的特性，可以制出测磁感应强度大小的仪器D探究加速度与质量、合力关系实验采用的是等效替代的方法解析：“力”不是基本物理量，“牛顿”也不是力学中的

2、基本单位，故A错误；蹦极运动员上升过程中只受重力作用，处于完全失重状态，故B正确；霍尔元件能够把磁学量转换为电学量，故C错误；探究加速度与质量、合力关系实验中有三个变量，采用的是控制变量法，故D错误答案：B2一个氢原子从n3能级跃迁到n2能级，该氢原子()A放出光子，能量增加B放出光子，能量减少C吸收光子，能量增加D吸收光子，能量减少解析：根据玻尔原子理论知，氢原子从高能级n3向低能级n2跃迁时，将以光子形式放出能量，放出光子后原子能量减少，故B选项正确答案：B3中国国家航天局目前计划于2020年发射嫦娥工程第二阶段的月球车嫦娥四号中国探月计划总工程师吴伟仁近期透露，此台月球车很可能在离地球较

3、远的月球背面着陆假设运载火箭先将“嫦娥四号”月球探测器成功送入太空，由地月转移轨道进入100公里环月轨道后成功变轨到近月点为15公里的椭圆轨道，在从15公里高度降至月球表面成功实现登月，则关于“嫦娥四号”登月过程的说法正确的是()A“嫦娥四号”由地月转移轨道需要减速才能进入100公里环月轨道B“嫦娥四号”在近月点为15公里的椭圆轨道上各点的速度都大于其在100公里圆轨道上的速度C“嫦娥四号”在100公里圆轨道上运动的周期小于其在近月点为15公里的椭圆轨道上运动的周期D从15公里高度降至月球表面过程中，“嫦娥四号”处于失重状态解析：“嫦娥四号”由地月转移轨道实施近月制动才能进入100公里环月圆轨

4、道，A正确；由卫星变轨条件可知近月点为15公里的椭圆轨道上远月点的速度小于圆轨道上的速度，B错误；由开普勒第三定律可得“嫦娥四号”在100公里圆轨道上运动的周期大于其在椭圆轨道上运动的周期，C错误；从15公里高度降至月球表面过程“嫦娥四号”需要减速下降，处于超重状态，D错误答案：A4如图所示，斜面体置于粗糙水平面上，斜面光滑小球被轻质细线系住放在斜面上细线另一端跨过定滑轮，用力拉细线使小球沿斜面缓慢移动一段距离，斜面体始终静止移动过程中()A细线对小球的拉力变大B斜面对小球的支持力变大C斜面对地面的压力变大D地面对斜面的摩擦力变大解析：如图，根据矢量三角形可知，当小球沿斜面缓慢向上移动一段距离

5、时，减小，绳子拉力增大，斜面对小球支持力减小；根据牛顿第三定律，小球对斜面体压力减小，将该力沿水平方向和竖直方向分解可知，两个方向的力都减小，所以地面对斜面的支持力和摩擦力都减小综上所述，A正确答案：A5在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断()Ax2 m处电场强度可能为零Bx2 m处电场方向一定沿x轴正方向C沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大解析： -x图象的斜率等于电场强度，则知x2 m处的电场强度不为零，故A错误；从0到x3 m处电势不断降低，但x2 m点的电场方向不一定沿x轴正方向，故B错误；由斜率看出，从0到3 m，图象的斜率先

6、减小后增大，则电场强度先减小后增大，故C错误；沿x轴正方向电势降低，某负电荷沿x轴正方向移动，受力的方向始终指向x轴的负方向，电场力做负功，电势能始终增大，故D正确答案：D6在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则()At0.005 s时线圈平面与磁场方向平行Bt0.010 s时线圈的磁通量变化率最大C线圈产生的交变电动势频率为50 HzD线圈产生的交变电动势有效值为311 V解析： t0.005 s时电动势最大，则线圈平面与磁场方向平行，故A正确； t0.010 s时电动势为0，则线圈的磁通量变化率为0，故B错误；由图可知周期

7、为0.02，则频率为50 Hz，故C正确； 线圈产生的交变电动势有效值为 V，故D错误答案：AC7如图所示，两个匀强磁场的方向相同，磁感应强度分别为B1、B2，虚线MN为理想边界现有一个质量为m、电荷量为e的电子以垂直于边界MN的速度v由P点沿垂直于磁场的方向射入磁感应强度为B1的匀强磁场中，其运动轨迹为图中虚线所示的心形图线，则以下说法正确的是()A电子的运动轨迹为PENCMDPB电子运动一周回到P点所用的时间T，CB14B2DB12B2解析：由左手定则可判定电子在P点受到的洛伦兹力的方向向上，轨迹为PDMCNEP，选项A错误；由图得两个磁场中轨迹圆的半径之比为12，由r可得磁感应强度之比2

8、，电子运动一周所用的时间tT1，选项C错误，选项B、D正确答案：BD8如图所示，两个半径相等的光滑竖直圆轨道，两小球分别沿两轨道内侧在竖直平面内各自做圆周运动某一时刻小球1运动到自身轨道的最低点，小球2恰好运动到自身轨道的最高点，这两点高度相同，此时两小球速度大小相同若两小球质量均为m，忽略空气阻力的影响，则下列说法正确的是()A此刻两小球对轨道的压力大小相同B运动过程中，两轨道受到的压力差值最大为2mgC运动过程中，两轨道受到的压力差值最大为10mgD若相对同一零势能面，小球1在最高点的机械能等于小球2在最低点的机械能解析：初始位置，球1加速度向上，超重，球2加速度向下，失重，故球1对轨道的

9、压力较大，故A错误；球1在最高点压力最小为FN1，有FN1mgm，球2在最低点压力最大为FN2，有FN2mgm，两个球运动过程中机械能守恒，对球1有mv2mvmg2R，对球2有mv2mvmg2R，联立解得FN2FN110mg，故B错误，C正确；两个球运动过程中机械能守恒，而初始位置两个球的机械能相等，故两个球的机械能一直是相等的，故D正确答案：CD选择题(二)选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第15题只有一个选项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1关于近代物理，下列说法正确的是()A衰变现象说明电子是原子

10、核的组成部分B目前已建成的核电站的能量来自于重核裂变C一个氢原子从n3的激发态跃迁到基态时，能辐射3种不同频率的光子D粒子散射实验表明核外电子轨道是量子化的解析：衰变时射线是原子核内部发出来的，不是原子核外的电子释放出来的，A错误目前的核电都是利用重核裂变发电的，B正确一群氢原子从n3的激发态跃迁到基态时，能辐射C3种不同频率的光子，而只有一个氢原子时，只能是三种可能频率中的一种或两种，C错误粒子散射实验表明原子具有核式结构，D错误答案：B2建筑节能已成为国家节能减排的战略重点，为此，中国工程建设标准化协会在北京召开“安全、质量、创新2015中国墙体节能保温与质量安全技术研讨会”如图所示，粉刷

11、墙体保温材料的工人常用一根绳索将自己悬在空中，假设工人及其装备的总重量为M，悬绳与竖直墙壁的夹角为，悬绳对工人的拉力大小为 FT，墙壁对工人的弹力大小为FN, 则()AFTBFNMgsin C若工人缓慢下移，增加悬绳的长度，则FT与FN的合力不变D若工人缓慢下移，增加悬绳的长度，则FT减小，FN增大解析：分析工人受力情况，工人受到重力、支持力和拉力，如图所示，根据共点力平衡条件有FTsin FN，FTcos Mg，解得FT，FNMgtan ，故A、B错误当缓慢增加悬绳的长度时，细绳与竖直方向的夹角变小，故FT变小，FN变小，但FT与FN的合力与重力平衡，保持不变，故D错误，C正确答案：C3在课

12、外小组研究空气阻力大小与物体下落速度的实验中，设计如下实验，让质量分别为m1、m2的甲球和乙球，从同一地点(足够高)处同时由静止释放实验数据表明，两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v2成正比，与球的质量无关，即fkv2(k为正的常量)，同时实验得到两球的v-t图象如图所示落地前，经时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2，则下列说明正确的是()A释放瞬间两球的加速度a甲a乙B释放后两球做加速度增大的加速运动C甲球质量大于乙球Dt0时间内两球下落的高度相等解析：释放瞬间v0，因此空气阻力f0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g，故A错误；两球先做加速度减小的加速运动，最后都做

13、匀速运动，稳定时kv2mg，因此最大速度与其质量成正比，即vm，则 ，由图象知v1v2 ，因此m甲m乙，故B错误，C正确；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球下落的高度不相等，故D错误答案：C4如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、匀速经过时，线圈始终保持不动，则关于线圈在此过程中受到的支持力FN和摩擦力Ff的情况，以下判断正确的是()A穿过线圈的磁通量一直增大BFN先大于mg，后小于mgC. Ff先向左，后向右D线圈中的电流方向始终不变解析：当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增

14、加，线圈中产生感应电流从上向下看是逆时针方向；当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流从上向下看是顺时针方向，故A、D错误根据楞次定律可知，当磁铁靠近线圈时，为了阻碍磁通量的增加，线圈有向下和向右运动的趋势，故线圈对桌面的压力增大，即FN大于mg，线圈受到桌面向左的静摩擦力；同理，当磁铁远离线圈时，线圈对桌面的压力减小，即FN小于mg，线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力，故B正确，C错误答案：B5伽利略曾利用对接斜面研究“力与运动”的关系如图，固定在水平地面上的倾角均为的两斜面，以光滑小圆弧相连接，左侧顶端有一小球，与两斜面的动摩擦因数均为.小球从左侧顶端滑到

15、最低点的时间为t1，滑到右侧最高点的时间为t2.规定斜面连接处为参考平面，则小球在这个运动过程中速度的大小v、加速度的大小a、动能Ek及机械能E随时间t变化的关系图线正确的是()解析：由牛顿第二定律可知，小球在两斜面的运动都是匀变速直线运动，两阶段的加速度都恒定不变，小球在左侧斜面下滑时的加速度较小，因此，选项A错误，B正确；小球的动能与速率的二次方成正比，因此，动能与时间关系图象是曲线，C错误；由于小球在两斜面运动时的加速度大小不相等，因此，小球机械能与时间的关系图象不是连续曲线，D错误答案：B6水平光滑直轨道ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道bc相切，一小球以初速度v0沿直轨道ab向右运动

16、，如图所示，小球进入半圆形轨道后刚好能通过最高点c，则()AR越大，v0越大BR越大，小球经过b点后的瞬间对轨道的压力越大Cm越大，v0越大Dm与R同时增大，初动能Ek0增大解析：小球刚好能通过最高点c，表明c点的速度为vc，根据机械能守恒定律有mvmg2Rmv，v0，可见v0只与R有关，与m无关，选项A正确，C错误Ek0mvmgR，可见m与R同时增大，初动能Ek0增大，选项D正确小球在b点的向心力Fmgm6mg，可见F与R无关，选项B错误答案：AD7宇宙中存在一些质量相等且离其他恒星较远的四颗星组成的四星系统，通常可忽略其他星体对它们的引力作用设四星系统中每个星体的质量均为m，半径均为R，四

17、颗星稳定分布在边长为a的正方形的四个顶点上已知引力常量为G.关于宇宙四星系统，下列说法正确的是()A四颗星围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动B四颗星的轨道半径均为C四颗星表面的重力加速度均为D四颗星的周期均为2a解析：其中一颗星体在其他三颗星体的万有引力作用下做圆周运动，合力方向指向对角线的交点，围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动，由几何知识可得轨道半径均为a，A正确，B错误；在星体表面，根据万有引力等于重力，可得Gmg，解得g，C正确；由万有引力定律和向心力公式得m，解得T2a，D正确答案：ACD8如图甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率10

18、W的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40 ，图中电压表为理想电表下列说法正确的是()A变压器输入电压的瞬时值表达式为u220sin t VB电压表的示数为20 VC变压器原、副线圈的匝数比为111D变压器的输入功率为110 W解析：对比正弦交变电压的瞬时值表达式uUmsin t可知变压器输入电压的瞬时值表达式为u220sin 100t V，选项A错误电压表测的是副线圈两端的电压，其大小等于灯泡两端的电压，由P可知U220 V，选项B正确由原副线圈电压比与匝数比的关系知原、副线圈的匝数比为U1U2111，选项C正确变压器的输入功率等于副线圈的输出功率，即灯泡的额定功率10 W，选项D错误答案

19、：BC选择题(三)选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第15题只有一个选项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1下列说法正确的是()A牛顿通过“理想实验”得出“力不是维持物体运动的原因”B胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比C法拉第发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D奥斯特发现了电流磁效应，并进一步提出“磁生电”的基本规律解析：伽利略通过“理想实验”得出“力不是维持物体运动的原因”，故A错误；胡克认为只有弹性限度内，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，故B正确；奥斯特发现

20、了电流的磁效应，发现了通电导线的周围存在磁场，拉开了研究电与磁相互关系的序幕，法拉第进一步提出“磁生电”的基本规律，故C、D错误答案：B2球做竖直上抛运动，落地后与地面发生碰撞，反弹后速度大小与落地速度大小相等若从抛出小球时开始计时，且不计小球与地面发生碰撞的时间，则小球运动的速度图线可能是图中的()解析：小球与地面碰撞时，速度大小不变，但方向发生突变，A图和B图中速度没有突变，故A、B错误；由C图中的图象可以看出，速度先减小到零，再反向增加到原来的值(竖直上抛运动)，然后反弹(速度大小不变、方向突变)，再重复这种运动，是上抛运动，故C正确；由D图中图象可以看出，速度先增加(自由落体运动)，然

21、后反弹(速度大小不变、方向突变)，再减小到零(竖直上抛运动中的上升过程)，再重复这种运动，故D错误答案：C3如图所示，小球C置于光滑的半球形凹槽B内，B放在长木板A上，整个装置处于静止状态现缓慢减小木板的倾角过程中，下列说法正确的是()AA受到的压力逐渐变大BA受到的摩擦力逐渐变大CC对B的压力逐渐变大DC受到三个力的作用解析：对BC整体分析，受力为重力mg、斜面A的支持力FN和摩擦力Ff，由平衡条件得知FNmgcos ，Ffmgsin ，减小，FN增大，Ff减小，由牛顿第三定律得知，B对A的压力增大，故A正确，B错误由于半球形凹槽光滑，小球只受两个力，重力和支持力，由平衡条件得到，支持力与重

22、力大小相等，保持不变，则C对B的压力也保持不变，故C、D错误故选A.答案：A4如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是()AB的向心力是A的向心力的2倍B盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍CA、B都有沿半径向里滑动的趋势D若B先滑动，则B对A的动摩擦因数A小于盘对B的动摩擦因数B解析：根据Fnmr2，因为两物块的角速度大小相等，转动半径相等，质量相等，则向心力大小相等，故A错误；对AB整体分析，有FfB2mr2，对A分析，有FfAmr2，则盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍，故B正确；A所受的静摩擦力方向指向圆心，可知A有沿半

23、径向外滑动的趋势，B受到盘的静摩擦力方向指向圆心，B也有沿半径向外滑动的趋势，故C错误；对AB整体分析，B2mg2mr，解得B，对A分析，Amgmr，解得A ，因为B先滑动，可知B先达到临界角速度，可知B的临界角速度较小，即BA，故D错误答案：B5如图所示，有理想边界的匀强磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B，某带电粒子的比荷(电荷量与质量之比)大小为k，由静止开始经电压为U的电场加速后，从O点垂直射入磁场，又从P点穿出磁场下列说法正确的是(不计粒子所受重力)()A如果只增加U，粒子可以从dP之间某位置穿出磁场B如果只减小B，粒子可以从ab边某位置穿出磁场C如果既减小U又增加B，粒子可以从

24、bc边某位置穿出磁场D如果只增加k，粒子可以从dP之间某位置穿出磁场解析：由已知可得qUmv2，k，r，解得r.只增加U，r增大，粒子不可能从dP之间某位置穿出磁场，A错误；粒子电性不变，不可能向上偏转，B错误；既减小U又增加B，r减小，粒子不可能从bc边某位置穿出磁场，C错误；只增加k，r减小，粒子可以从dP之间某位置穿出磁场，D正确答案：D6一质量为m的小球套在倾斜放置的固定光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到与弹簧水平的位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹簧位于竖直位置时，小球速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h，如图所示若

25、全过程中弹簧处于伸长状态且处于弹性限度内，重力加速度为g，则下列说法正确的是()A当弹簧与杆垂直时，小球动能最大B当小球沿杆方向的合力为零时，小球动能最大C在小球自开始下滑至滑到最低点时，弹簧所做的负功小于mghD在小球自开始下滑至滑到最低点时，弹簧弹性势能的增加量等于mgh解析：当弹簧与杆垂直时，重力沿杆有向下的分力，与运动方向相同，要继续加速，动能不是最大，选项A错误；当弹簧沿杆方向上的分力与重力沿杆的分力相等时，小球动能最大，选项B正确；在小球自开始下滑至滑到最低点的过程中，系统的机械能守恒，弹簧弹性势能的增加量即弹簧所做的负功等于重力势能的减少量与动能的变化量之和，选项C错误，D正确答

26、案：BD7如图所示，水平地面上有一个坑，其竖直截面为半圆，O为圆心，AB为沿水平方向的直径若在A点以初速度v1沿AB方向平抛一小球，小球将击中坑壁上的最低点D点；若A点小球抛出的同时，在C点以初速度v2沿BA方向平抛另一相同质量的小球并也能击中D点已知COD60，且不计空气阻力，则()A两小球同时落到D点B两小球在此过程中动能的增加量相等C在击中D点前瞬间，重力对两小球做功的瞬时功率之比为1D两小球初速度之比v1v23解析：平抛运动的时间由高度决定，高度越高，时间越长，可知两球平抛运动的时间不等，不能同时落到D点，故A错误根据动能定理知，重力做功不同，则动能的增加量不同，故B错误根据vy，以及

27、Pmgvy知，重力做功的瞬时功率Pmgvymg，根据几何关系知，下降的高度之比为21，则重力做功的瞬时功率之比为1，故C正确因为平抛运动的高度之比为21，根据t知时间之比为1，因为水平位移之比为1，根据v0，解得两小球初速度之比v1v23，故D正确答案：CD8如图所示，两根等高光滑的圆弧轨道半径为r、间距为L，轨道的电阻不计在轨道的顶端连有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B.现有一根长度稍大于L、电阻不计的金属棒从轨道的最低位置cd开始，在拉力作用下以速率v0沿轨道向上做匀速圆周运动至ab处，则该过程中()A通过R的电流方向为fReB通过R的电流方向为eRfCR上

28、产生的热量为rD通过R的电荷量为解析：由右手定则可知，电流方向为逆时针方向，即通过R的电流方向为eRf，A错误，B正确；通过R的电荷量q，D错误；金属棒做匀速圆周运动，产生正弦式交变电流，故金属棒产生的最大感应电动势EmBLv0，有效值E有，R上产生的热量Qt，C正确答案：BC选择题48分满分练(四)选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第15题只有一个选项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1在物理学的研究及应用过程中涉及诸多的思想方法，如放大思想、理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假设法和理想

29、化模型等以下关于所用思想方法的叙述正确的是()A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是假设法B在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，然后将各小段位移相加，运用了微元法C在探究库仑力大小与电荷量、距离三者之间的关系时，先保持距离不变研究库仑力与电荷量的关系，再保持电荷量不变研究库仑力与距离的关系，该实验应用了科学假设法D如图是四个实验装置，这四个实验都体现了理想实验法解析：质点是用来代替物体的有质量的点，采用的科学方法为物理化模型的方法，故A错误；在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位

30、移相加，这里采用了微元法，故B正确；在探究库仑力大小与电荷量、距离三者之间的关系时，先保持距离不变研究库仑力与电荷量的关系，再保持电荷量不变研究库仑力与距离的关系，该实验应用了控制变量法，故C错误；D项中的前三个实验装置是放大思想应用，第四个是理想斜面实验，故D错误答案：B2由粗糙的水平杆AO与光滑的竖直杆BO组成的绝缘直角支架如图放置，在AO杆、BO杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球恰能在某一位置平衡现将P缓慢地向右移动一小段距离，两球再次达到平衡若小球所带电荷量不变，与移动前相比()AP、Q之间的距离减小B杆BO对Q的弹力增大C杆AO对P的摩擦力增大D杆AO对P的弹力不变解析：以Q为研究

31、对象受力如图，由力的合成与平衡条件的图示可知，当P缓慢地向右移动时，BO杆对小球Q的弹力变小，两小球之间的库仑力变小；由库仑定律Fk可知，两小球P、Q的距离变大，A、B错误对整体受力分析，可得AO杆对小球P的摩擦力变小，AO杆对小球P的弹力不变，C错误，D正确答案：D3我国女子短道速滑队在世锦赛上实现女子3 000 m接力三连冠，观察发现，“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则()A甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量B甲、乙的动量变化一定大小相等、方向

32、相反C甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量D甲对乙做多少负功，乙对甲就一定做多少正功解析：乙推甲的过程中，甲、乙间产生大小相等、方向相反的作用力和反作用力，由IFt可知，甲对乙的冲量和乙对甲的冲量等大反向，A错误又由动量定理Ip，知B正确甲、乙的质量不一定相等，故对地的位移的大小不一定相等，做功不一定相同，所以动能的变化也不一定相同，C、D错误答案：B4P1、P2为相距遥远的两颗行星，距各自表面相同高度处各有一颗卫星S1、S2做匀速圆周运动，图中纵坐标表示行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度a，横坐标表示物体到行星中心的距离r的平方，两条曲线分别表示P1、P2周围的a与r2的反比关系，它们

33、左端点横坐标相同，则 ()AP1的平均密度比P2的大BP1的“第一宇宙速度”比P2的小CS1的向心加速度比S2的小DS1的公转周期比S2的大解析：两颗行星左端点横坐标相同，纵坐标不同，则两颗行星P1、P2的半径相同，表面的重力加速度g1g2.由mgG可得M，则M1M2，两颗行星的体积相同，由可得12，故选项A正确；由Gm可得v，则v1v2，故选项B错误；由Gma可得a，则a1a2，故选项C错误；由Gm(Rh)()2可得T2 ，则T1T2，故选项D错误答案：A5如图所示，一个不计重力的带电粒子以v0沿各图的虚线射入场中A中I是两条垂直纸平面的长直导线中等大反向的电流，虚线是两条导线连线的中垂线；

34、B中Q是两个位置固定的等量同种点电荷的电荷量，虚线是两位置连线的中垂线；C中I是圆环线圈中的电流，虚线过圆心且垂直圆环平面；D中是正交的匀强电场和匀强磁场，虚线垂直于电场和磁场方向，磁场方向垂直纸面向外其中，带电粒子不可能做匀速直线运动的是()解析：在A中，合磁场方向是水平向右，带电粒子运动方向与合磁场方向相同，可以做匀速运动；B图中合电场方向在两电荷的连线的左边是水平向左，然后慢慢地减小到零，在两电荷的连线右方时，合电场方向水平向右，然后又增大再减小，所以粒子是做变速运动，B不可能做匀速运动；C图是环形电流磁场方向水平向左，粒子速度方向与磁场方向相反，粒子能做匀速运动；D图是复合场，粒子所受

35、电场力和洛伦兹力方向相反等大，可以做匀速直线运动故本题选择B选项答案：B6如图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比为1011，L是电阻忽略不计、自感系数较大的线圈，在变压器的原线圈两端加上如图乙所示的交变电压时，灯泡正常发光，则下列说法正确的是()A图乙所示电压的瞬时值表达式为u200cos 100t VB变压器副线圈两端的电压为110 VC若仅将变阻器的滑片P向上滑动，灯泡亮度不变D若使图乙中交变电压的频率变小，灯泡将变暗解析：由题图乙可知，交流电的最大值为200 V，周期为0.02 s，故交流电的表达式为u200sin 100t V，故A错误；变压器两端的电压为有效值，故电压为110 V，故

36、B正确；灯泡与R并联，仅滑动P时灯泡的亮度不变，故C正确；若将频率减小，则电感的阻碍作用减小，则灯泡将变亮，故D错误答案：BC7.(2016眉山一诊)如图所示，有一矩形区域abcd，水平边长s m，竖直边长h1 m当该区域只存在大小为E10 N/C、方向竖直向下的匀强电场时，一比荷为0.1 C/kg的正粒子由a点沿ab方向以速率v0进入该区域，粒子运动轨迹恰好通过该区域的几何中心当该区域只存在匀强磁场时，另一个比荷也为0.1 C/kg的负粒子由c点沿cd方向以同样的速率v0进入该区域，粒子运动轨迹也恰好通过该区域的几何中心不计粒子的重力，则()A粒子进入矩形区域时的速率v0 m/sB磁感应强度

37、大小为 T，方向垂直纸面向外C正、负粒子各自通过矩形区域所用时间之比为D正、负粒子各自离开矩形区域时的动能相等解析：正粒子在电场中做类平抛运动，据题有：水平方向：v0t1，竖直方向：at加速度a0.110 m/s21 m/s2联立解得v0 m/s，故A正确；负粒子在磁场中做匀速圆周运动，粒子进入磁场后所受洛伦兹力方向向上，由左手定则判断磁场方向垂直纸面向里，设粒子的轨迹半径为r，由几何关系得()2(r)2r2，解得r1 m，由洛伦兹力提供向心力得qv0B得B5 T，B错误；设正粒子通过矩形区域所用时间为tE，则有hat，解得tE s，由上知rh，所以负粒子轨迹的圆心在b点，则其通过磁场的时间为

38、tB s，故，C项正确；洛伦兹力不做功，故负粒子动能不变，而正粒子在电场中电场力做正功，动能增大，所以正、负粒子各自离开矩形区域时的动能不相等，故D错误答案：AC8如图所示为电磁驱动装置的简化示意图，两根平行长直金属导轨倾斜放置，导轨平面与水平面的夹角为，导轨的间距为L，两导轨上端接有阻值为R的电阻质量为m的导体棒ab置于导轨上，导体棒与导轨间的动摩擦因数为tan ，在导轨平面上的矩形区域(如图中虚线框所示)内存在着垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度的大小为B.当磁场区域沿导轨平面以一定速度匀速向上运动时，导体棒就可以被驱动，以速度v0沿斜面匀速向上运动导体棒在运动过程中始终处于磁场区域内，导轨和导体棒的电阻均不计以下说法正确的是()A导体棒以速度v0沿斜面匀速向上运动时，导体棒的感应电动势为BLv0B磁场区域沿导轨平面匀速向上运动的速度为v0C磁场区域沿导轨平面匀速向上运动的速度为D电阻R中的焦耳热功率为解析：导体棒以速度v0沿斜面匀速向上运动时，导体棒的感应电动势为EBL(vv0)，A错误；回路中的感应电流I，磁场带动导体棒共同向上运动受力如图所示，导体棒受安培力FABIL，由平衡方程得FAmgsin mgcos ，解得vv0，故B正确，C错误；导体棒以速度v0沿斜面匀速向上运动时，感应电流I，电阻R中焦耳热功率PI2R，故D正确答案：BD专心-专注-专业