【解析】江苏省宿迁市2017-2018学年高一下学期期末考试物理试题含解析.doc

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1、江苏省宿迁市2017-2018学年高一下学期期末考试物理试题一、单项选择题1. 关于曲线运动的描述，下列说法正确确的是（ ）A. 曲线运动一定是变速运动B. 曲线运动不可能是匀变速运动C. 物体只有在恒力作用下才做曲线运动D. 物体只有在变力作用下才做曲线运动【答案】A【解析】曲线运动的速度方向一定变化，则一定是变速运动，选项A正确；曲线运动也可能是匀变速运动，例如平抛运动，选项B错误；物体在恒力或变力作用下均可能做曲线运动，例如平抛运动是在恒力作用下的曲线运动，圆周运动是在变力作用下的曲线运动，选项CD错误；故选A. 2. 关于天体运动的物理学史，下列说法正确的是（ ）A. 开普勒最早提出了

2、日心说B. 第谷发现了海王星和冥王星C. 牛顿发现了万有引力定律D. 伽利略第一次精确测出了引力常量【答案】C【解析】哥白尼最早提出了日心说，选项A错误；亚当斯和勒威耶发现了海王星，克莱德汤博发现了冥王星，故B错误；牛顿发现了万有引力定律，选项C正确；卡文迪许第一次精确测出了引力常量，选项D错误；故选C.3. 关于能量和能源，下列说法正确的是（ ）A. 能量在转化和转移过程中，其总量有可能增加B. 能量在转化和转移过程中，其总量会不断减少C. 能量在转化和转移过程中，其总量保持不变，故节约能源没有必要D. 能量的转化和转移具有方向性，由于可利用能源有限，故必须节约能源【答案】D【解析】试题分析

3、：能量在转化和转移过程中总量既不会增加，也不会减少，品质越来越差，且现有可利用的能源有限解：A、根据能量转化和守恒定律可知能量在转化和转移过程中总量既不会增加，也不会减少故A正确B、根据能量转化和守恒定律可知能量在转化和转移过程中总量既不会增加，也不会减少故B错误C、能量在转化和转移过程中，其总量保持不变，但品质越来越差，即可利用率越来越低，故必需节约能源故C错误D、能量的转化和转移具有方向性即朝可利用率低的方向转化，且现有可利用的能源有限，故必须节约能源，故D正确故选D点评：只要理解了能量转化和守恒定律，并且明白能量的转化具有方向性即可解决此类题目4. 关于静电场，下列说法正确的是（ ）A，

4、元电荷就是点电荷B库仑力和万有引力是性质不同的两种力C电场线不是实际存在的线，所以引入电场线没有意义D电场中某点电场强度的方向与点电荷在该点所受的静电力的方向相同【答案】B【解析】点电荷是忽略自身大小的一种理想化的物理模型，元电荷是指电子或质子所带的电荷量，故A错误；库仑力和万有引力是性质不同的两种力，选项B正确；电场线不是实际存在的线，但它可以形象的描述电场，所以引入电场线有意义，选项C错误；电场中某点电场强度的方向与正的点电荷在该点所受的静电力的方向相同，选项D错误；故选B.5. 如图所示，带电小球A附近有用绝缘支架支撑着的金属导体B，当开关、断开时，导体B左端带有负电荷，右端带有正电荷，

5、下列说法中正确的是（ ）A. 闭合开关S1，则导体B左端不再带有电荷B. 闭合开关S1，则导体B右端不再带有电荷C. 闭合开关S2，则导体B左端不再带有电荷D. 闭合开关S2，则导体B左、右两端都不再带有电荷【答案】B【解析】A、B项：当闭合开关S1时，由于静电感应的作用，金属导体B右端带的正电荷会被从大地上来的负电荷中和，所以导体B右端不再带有电荷，所以A错误，B正确；C、D项：同A的分析一样，当闭合开关S2时，由于静电感应的作用，金属导体B右端带的正电荷会被从大地上来的负电荷中和，所以导体B右端不再带有电荷，所以C错误，D错误。点晴：本题是对静电感应现象的考查，根本的原因就是电荷之间的基本

6、性质，即同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。6. 土星是绕太阳公转的行星之一，而土星的周围的又有卫星绕土星公转，如果要通过观测求得土星的质量，需量测量的物理量是（ ）A. 土星的半径和土星绕太阳公转的周期B. 土星绕太阳公转的半径和周期C. 土星的半径和卫星绕土星公转的周期D. 卫星绕土星公转的半径和周期【答案】D【解析】设木星的卫星质量为m，木星质量为M，木星的卫星轨道半径为r，公转周期为T，根据万有引力提供向心力有：，解得木星质量为：M，故D正确；土星绕太阳做匀速圆周运动，中心天体是太阳，根据万有引力提供向心力只能求解中心天体的质量，不能球解环绕天体的质量，故ABC错误；故选D。点睛：本题

7、关键是根据木星的卫星做圆周运动的向心力有万有引力提供，列出方程，分析方程式即可看出要测量的量注意根据万有引力提供向心力只能求解中心天体的质量，不能球解环绕天体的质量7. 如图所示是静电场的电场线的分布形状，下列关于a、b两点的电场强度和电势的说法正确的是（ ）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】B【解析】由电场线疏密程度表示强度大小，由于a处电场线比b处电场线更密，所以a点的场强比b点的场强更大，由沿电场线电势越来越低，所以a点的电势低于b点的电势，综上所述，故应选B。8. 如图所示，排球比赛时，运动员将质量为m的排球在离地面H高处以速度水平击出，排球恰好擦网而过，网高为h，取击球点所在平

8、面为零势能参考面，不计空气阻力，则小球过网时的机械能和落地时的动能分别为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】网球被击出后做平抛运动，所以机械能守恒，所以网球的机械能等于在击球点的动能即为： 网球从击球点到落地过程中利用机械能守恒有：解得：故应选C。9. 如图所示，小物体位于半径为R的半球顶端，若给小物体以水平初速度时，小物体对球顶恰好无压力，则（ ）A. 物体开始沿球面下滑B. 物体落地时的水平位移为RC. 物体的初速度为D. 物体着地时速度方向与地面成角【答案】C【解析】A项：物块对球顶恰无压力，说明此时恰好是物体的重力作为圆周运动的向心力，物体离开半球顶端后将做平抛运动，故A错

9、误；B项：物体做平抛运动，由x=v0t，和得：，故B错误；C项：物块对球顶恰无压力，物体的重力作为圆周运动的向心力，由得，故C正确；D项：落地时竖直方向上的速度，设落地时速度与地面的夹角为，有，故D错误。10. 如图所示，有三块大小相同平行导体板A、B、C，其中A与B间距是B与C间距的一半，且A、B两板所构成的电容器的电容为，电池电压为2V，B板上的电荷量为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】根据可知， 电容器AB的带电荷量Q1=CABU=10-210-62C=210-8C其中A板带负电，B板带正电电容器BC的带电荷量Q2=CBCU=510-310-62C=110-8C其中B板带正

10、电，C板带负电所以A板电荷量QA=-Q1=-210-8CB板电荷量QB=Q1+Q2=310-8C故应选B。点晴：根据电容的决定式求出AB间电容和BC间电容的关系，根据Q=CU求出极板所带的电量，B板所带的电量是两个电容器所带电量之和，注意与电源正极相连带正电，与电源负极相连带负电。11. 如图所示，一平行金属板电容器与电源E、定值电阻R、开关S、导线构成回路，开始时接通开关S，电源给电容器充电（ ）A. S接通，增大板间距离，则板间的电场强度增大B. S接通，若在板间插入一玻璃，则极板上的电荷量增大C. S断开，增大板间距离，则板间的电势差减小D. S断开，若在板间插入一玻璃，则板间的电势差增

11、大【答案】B【解析】根据可知，S接通，增大板间距离，则板间的电场强度减小，选项A错误；S接通，若在板间插入一玻璃，根据可知C变大，根据Q=CU可知，极板上的电荷量增大，选项B正确；S断开，增大板间距离，根据可知C变小，根据 可知板间的电势差变大，选项C错误；S断开，若在板间插入一玻璃，根据可知C变大，根据则板间的电势差减小，选项D错误；故选B.点睛：处理电容器的动态分析时，抓住不变量，比如电容器与电源相连，两端的电势差不变；电容器与电源断开，则电容器所带的电荷量不变12. 一物块沿倾角为的斜面向上滑后又滑回原处，物块与斜面间的动摩擦因数不变，运动过程中物块动能与位移x关系如图所示，则该过程中（

12、重力加速度为g）（ ）A. 物块从底端上滑到最高点过程中克服阻力做功B. 物块从底端上滑到最高点过程中重力做功为C. 物块在上滑过程中加速度大小为D. 物块与斜面间的动摩擦因数为【答案】D【解析】A、B项：上滑过程中有： 下滑过程中的： 解得：， ，上滑过程中重力做负功，故A、B错误；C、D项： 上滑过程有： ， 下滑过程有： ，由以上各式解得： ，故D正确。二、多项选择题13. 对于位于地球北纬和赤道上的两个物体A和B，下列说法中正确的是（ ）A. A、B两点的角速度相等B. A、B两点的线速度相等C. A、B两点的转动半径相同D. A、B两点的转动周期相同【答案】AD【解析】A、B两点共轴

13、，角速度相同，周期也相同，故AD正确；位于赤道上的物体A与位于北纬30的物体B，可知A的半径与B的半径相比为R之比为Rcos30：R，由公式 v=r得，A、B两点线速度大小之比cos30：1故BC错误；故选AD。点睛：解决本题的关键理解共轴转动的物体角速度相同及熟练掌握圆周运动的运动学公式v=r14. 下列哪些措施是为了防止物体产生高心运动（ ）A. 高速公路上的汽车要限制速度B. 洗衣机脱水时，脱水筒高速旋转C. 转速很高的砂轮半径不能做得太大D. 在修筑铁路时，转弯处轨道的内轨低于外轨【答案】CD【解析】因为F向心=m，所以速度越快所需的向心力就越大，汽车转弯时要限制速度，来减小汽车所需的

14、向心力，防止离心运动，故A正确。洗衣机脱水工作就是应用了水的离心运动，故B错误；转速很高的砂轮所需的向心力就大，转速很高的砂轮半径做得太大，就会出现砂轮承受不了巨大的力而断裂，出现离心运动。所以砂轮要做的小一些。故C正确。在修筑铁路时，转弯处轨道的内轨要低于外轨，可以让支持力提供更多的向心力，防止火车产生离心运动。故D正确；故选ACD。点睛：做圆周运动的物体，在受到指向圆心的合外力突然消失，或者不足以提供圆周运动所需的向心力的情况下，就做逐渐远离圆心的运动，这种运动叫做离心运动。所有远离圆心的运动都是离心运动，但不一定沿切线方向飞出。15. 如图所示，在水平放置的光滑金属板正上方有一带正电的点

15、电荷Q，另一表面绝缘，带正电的金属小球（可视为质点，且不影响原电场）自左以初速度在金属板上向右运动，在运动过程中（ ）A. 小球一直做匀速直线运动B. 小球先减速运动，后加速运动C. 合电场对小球的作用力为0D. 合电场对小球做的功为0【答案】AD【解析】A、B金属板在Q的电场中达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，小球所受电场力与金属板表面垂直，在金属板上向右运动的过程中，电场力不做功，根据动能定理得知，小球的动能不变，速度不变，所以小球做匀速直线运动。故A正确，B错误。合电场对小球的作用力不为0，但由于电场力与小球的速度方向垂直，则电场力对小球不做功

16、。故C错误，D正确。故选AD。点睛：本题关键抓住静电平衡导体的特点：整个导体是一个等势体，表面是一个等势面16. 一个绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星，它的轨道半径减小到原来的一半，并仍做匀速圆周运动，则（ ）A. 地球对卫星提供的向心力将增大到原来的2倍B. 卫星运动的向心加速度将增大到原来的4倍C. 卫星运动的周期将减小到原来的倍D. 卫星运动的线速度将增大到原来的2倍【答案】BC【解析】根据万有引力提供向心力为：，得：T2，v=，a=，当它的轨道半径减小到原来的一半时，地球对卫星提供的向心力将增大到原来的4倍；向心加速度增大到原来的4倍；周期将减小到原来的；线速度增大为原来的倍，故BC

17、正确，AD错误。故选BC。点睛：圆周运动的公式的变换，方式灵活，需细心统一参数需一定的灵活处理问题的能力，解答这个问题不应靠想象和猜测，而应通过踏实地推导才能得出正确答案17. 如图所示，Oxy坐标系中，将一负电荷Q由y轴上a点移至x轴上b点时，需克服静电力做功W；若从a点移至x轴上c点时，也需要克服静电力做功W，那么关于此空间存在静电场可能是（ ）A. 存在电场强度方向沿y轴负方向的匀强电场B. 存在电场强度方向沿y轴正方向的匀强电场C. 处在第1象限某一位置的正点电荷形成的电场D. 处在第4象限某一位置的正点电荷形成的电场【答案】AC【解析】由题意，符合条件的电场应满足：a点的电势高于b、

18、c点的电势；b、c两点电势相等。在沿y轴负方向的匀强电场中，a点的电势高于b、c点的电势；b、c两点电势相等，满足条件，故A正确；在沿y轴正方向的匀强电场中，a点的电势低于b、c点的电势；b、c两点电势相等，不满足条件，故B错误；处于第1象限某一位置的正点电荷形成的电场中，当点电荷的位置在bc连线的中垂线上，且点电荷到a的距离小于到bc的距离时，满足以上的条件，故C正确；处于第4象限某一位置的正点电荷形成的电场，当点电荷的位置在bc连线的中垂线上时，a点的电势低于b、c点的电势，不满足以上的条件，故D错误。故选AC。点睛：解决本题的关键要掌握各种电场中电势分析规律，知道沿电场线方向电势逐渐降低

19、，在同一等势面上各点的电势相等18. 蹦极运动员及携带装备的总质量为60kg，弹性绳原长为10m，运动员从蹦极台自由下落，落过程中的速度位移图像如图所示，由此可以确定（ ）A. 运动员的最大速度B. 绳长为15m时绳的拉力C. 运动员受到的空气阻力可以不计D. 绳长为25m时的运动时间【答案】ABC【解析】由图可知，运动员的最大速度为15m/s，选项A正确；由图可知，绳长为15m时，速度最大，此时绳子拉力等于重力600N，选项B正确；由图可知，下落10m时的速度为14m/s，此值恰好是物体自由落体运动下落10m时的速度值，即运动员受到的空气阻力可以不计，选项C正确；根据题中条件不能求解绳长为2

20、5m时的运动时间，选项D错误；故选ABC.三、简答题19. 某同学用如图所示的实验装置验证和组成的系统机械能守恒，已知，由静止释放，拖着纸带运动，打点计时器在纸带上打出一系列点，通过对纸带上的点的测量分析，即可验证机械能守恒定律，已知，某次实验打出的纸带如下图所示，O是打下的第一个点，然后每隔4个点取一个计数点，分别标记为A、B、C、D、E、F，分别测出各计数点到O点距离，其中C、D、E到O点的距离已经标出，已知打点计时器所使用交流电电压为、频率为50Hz，g取。（1）下列操作或要求能够提高实验结果的准确性有_A细绳的质量要轻B要远远大于C定滑轮质量要轻D保证重物在下落不要据晃（2）纸带上打下

21、D点时的速度为：_（结果保留3位有效数字）；（3）从打下“O”点到打下“D”点的过程中，经过分析计算的的机械能增加了，的机械能_（选填“增加”或“减少”）了；（4）在误差允许的范围内，和近似相等，从而验证了系统的机械能守恒，由上述计算结果表明和组成的系统机械能有所损失，损失的机械能除因摩擦转化为内能外，还转化_（具体到物体和能量，写出其中一条即可）。【答案】 (1). ACD (2). 1.60 (3). 减少 (4). 滑轮（纸带、细线或墨粉纸盘）的动能测量C值【解析】(1)A项：本实验原理为系统减小的重力势能转化为系统的动能，轻绳的质量越轻，误差越小，故A正确；B项：根据实验原理可知，本实

22、验不要要远远大于，故B错误；C项：由实验原理可知，重力势能转化为系统的动能，定滑轮越轻，定滑轮的动能越小，误差越小，故C正确；D项：物体晃动会增加纸带与打点计时器间的摩擦，误差越大，故D正确。(2)由匀变速直线运动的瞬时速度等于平均速度，即；(3)由机械能守恒可知，m1的机械能增加，则m2的机械能减小，(4)由能量守恒可知，和组成的系统机械能有所损失，损失的机械能除因摩擦转化为内能外，还有滑轮的动能。四.计算题20. 央视节目加油向未来中主持人邓楚涵将一个蒸笼屉握在手中，并在内侧边缘放置一个装有水的杯子，抡起手臂让蒸笼屉连同水杯在竖直平面内一起转动起来，水却没有洒出来如图所示，已知蒸笼屉的半径

23、为15cm，人手臂的长度为60cm，杯子的质量，杯中水的质量，转动时可认为圆心在人的肩膀处，不考虑水杯的大小，g取。（1）若要保证在最高点水不流出来，求水杯通过最高点的最小速率；（2）若在最高点水杯的速率为，求此时水对杯底的压力。【答案】3m/s1.56N,方向向上【解析】(1) 水杯和水转动半径R=0.9m在最高点，取水和水杯作为研究对象 解得：v0=3m/s取水为研究对象 带入数据得 FN=1.56N由牛顿第三定律知，水对杯底的压力为1.56N,方向向上。21. 如图所示，一轻质弹簧左端固定在轻杆的A点，右端与一质量套在轻杆的小物块相连但不栓接，轻杆AC部分粗糙糙，与小物块间动摩擦因数，C

24、D部分为一段光滑的竖直半圆轨道。小物块在外力作用下压缩弹簧至B点由静止释放，小物块恰好运动到半圆轨道最高点D，小物块刚经过C点速度，g取，不计空气阻力，求：（1）半圆轨道的半径R；（2）小物块刚经过C点时对轨道的压力；（3）小物块在外力作用下压缩弹簧在B点时，弹簧的弹性势能。【答案】0.4m 方向垂直向下(3) R=0.4m小物块刚过C点时FNmg = m所以 根据牛顿第三定律知小物块刚经过C点时对轨道的压力： 方向垂直向下(3)小物块由B点运动到C点过程中，根据动能定理 带入数据解得： 所以。22. 如图，在xOy平面的第一象限内有平行于y轴的有界匀强电场，方向沿y轴正方向；第四象限有一匀强

25、电场，一质量、电荷量的带电粒子，从P点以初速度大小，垂直y轴方向射入电场中，粒子偏转后经过x轴上A点进入第四象限，并沿直线运动的最大距离，已知，不计粒子重力，求：（1）粒子的带电性质和粒子在第一象限的加速度大小；（2）粒子从A点运动到B点的时间；（3）第四象限的匀强电场大小和方向。【答案】与x轴成37角斜向上【解析】(1)由于粒子做类平抛运动，电场方向向上，所以粒子带负电由；(2) 带电粒子从P点到A点做类平抛运动 ，设运动时间为t1 带电粒子从A到B做匀减速直线运动，设运动时间为t2 (3) 带电粒子从A运动到B过程中，设加速度为a2 根据牛顿第二定律 解得： 设带电粒子运动到P点速度偏向角为 所以 =37E2方向为与x轴成37角斜向上。 ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%