2021年浙江高考物理考前冲刺试卷5月含详细解析.docx

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1、2021年浙江高考物理考前冲刺试卷（5月）一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1（3分）下列物理模型或概念的建立，其思想方法与建立“自由落体运动”模型相似的是（）A瞬时速度B点电荷C电场强度D电阻2（3分）随着网络的发展，很多新兴产业对传统行业产生了极大冲击，滴滴打车便是其中一个典型的例子。用户通过手机下单告诉自己的位置和目的地，很快便有提供服务的私家车为您服务。图中的圆点表示用户的位置，而汽车标志就是接到单的司机。下面说法正确的是（）A1分钟指的是目前接到单的时刻B0.3公里指的是用户与司机的位移大小C

2、预计接到用户的过程中，平均速率为5m/sD以上说法都不正确3（3分）一辆汽车沿平直道路行驶，其位移时间图象xt如图所示。在t0到t40s这段时间内，汽车的平均速度大小是（）A0m/sB2m/sC2.67m/sD25m/s4（3分）建筑工人正在高楼上砌砖（如图），手滑不慎砖块掉落，发现2s后砖块落到地上断成两块，则估计此楼高度约为（不计空气阻力）（）A5mB10mC20mD40m5（3分）速度与激情82017年4月在全球上映，电影中有一个精彩情节，反派为了让多姆获得核弹发射箱，通过远程控制让汽车从高为16.2m的顶楼中破窗水平飞出，街道宽度为27m。所有车辆均没有飞到街道对面。为估算方便，所有车

3、辆坠落过程可以简化为平抛运动，汽车从顶楼坠落时速度不会超过（）A8m/sB10m/sC13m/sD15m/s6（3分）在距地面不同高度的太空有许多飞行器。其中天舟一号距地面高度约为393km，哈勃望远镜距地面高度约为612km，张衡一号距地面高度约为500km。若它们均可视为绕地球圆周运动，则（）A天舟一号的加速度大于张衡一号的加速度B哈勃望远镜的线速度大于张衡一号的线速度C天舟一号的周期大于哈勃望远镜的周期D哈勃望远镜的角速度大于张衡一号的角速度7（3分）2017年3月，西安地铁被爆出使用陕西奥凯生产的不合格铜制电缆，存在严重安全隐患，据了解该公司生产的劣质导线的主要问题是其铜丝直径只有国家

4、标准的一半，下列说法正确的是（）A相同材料制造的不合格电缆与合格电缆，若长度相同情况下，则不合格电缆的电阻为合格电缆的12B相同材料制造的不合格电缆与合格电缆，若长度相同情况下，则不合格电缆的电阻为合格电缆的2倍C相同材料制造的不合格电缆与合格电缆，相同工作电流情况下，该不合格电缆发热功率是合格电缆的2倍D相同材料制造的不合格电缆与合格电缆，相同工作电流情况下，该不合格电缆发热功率是合格电缆的4倍8（3分）转篮球是一项需要技巧的活动，如图所示，假设某同学让篮球在指尖上匀速转动，指尖刚好静止在篮球球心的正下方，下列判断正确的是（）A篮球上的各点做圆周运动的圆心均在指尖与篮球的接触处B篮球上各点的

5、向心力是由手指提供的C篮球上各点做圆周运动的角速度相等D篮球上各点离转轴越近，做圆周运动的向心加速度越大9（3分）将一个正电荷固定在如图所示光滑容器的圆心处，下列说法正确的是（）A带正电粒子从左端滑落至碗底时，支持力有可能小于重力B带负电粒子从右端滑落至碗底时，支持力有可能小于重力C带正电粒子从左端滑落至碗底时，库仑力做正功D带正电粒子从左端滑落至碗底时，库仑力做负功10（3分）如图所示为某家庭使用的智能电饭锅的铭牌。假定该家庭用此电饭锅每天煮饭两次，每次在额定功率下工作30分钟，电价1kwh为0.54元。则该电饭锅（）A工作时的额定电流为0.41AB保温时的电流为0.2AC每次煮饭需消耗电能

6、4.5kWhD一年因煮饭而产生的电费约为177元二、选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分。每小题列出的四个备选项中至少有一个选项是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11（3分）下列说法正确的是（）A通过给人注射碘的放射性同位素碘131，然后定时测量甲状腺及邻近组织的放射强度，有助于诊断甲状腺疾病，这是利用放射性同位素原子作为示踪原子BX射线产生的物理原理是原子的内层电子受到激发后产生辐射跃迁C贝克勒尔发现的铀和含铀的矿物能发出看不见的射线，这种射线中存在X射线可使照相底版感光D目前核电站主要是核裂变，为控制核反应速度，可以利用镉棒作为慢化剂，减缓中子的

7、速度12（3分）图甲是利用沙摆演示简谐运动的装置，当盛沙的漏斗下面的薄木板被水平匀速拉出时，做简谐运动的漏斗漏出的沙在板上显示出图乙所示的曲线。已知木板水平速度为0.20m/s，图乙所示一段木板的长度为0.60m，取g2，则（）A沙摆的摆长大约为0.56mB沙摆的摆长大约为1.00mC图乙可表示沙摆的振动图象D图乙可表示沙摆的波动图象13（3分）关于近代物理学的结论中，下列叙述中正确的是（）A衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的B设质子、中子、粒子的质量分别为m1、m2、m3，那么质子和中子结合成一个粒子，所释放的核能为E（m3m1m2）c2C92235U+01n54

8、149Xe+3894Sr+201n是裂变D90232Th衰变成82208Pb要经过6次衰变和4次衰变14（3分）某兴趣小组的同学设计了一个测量电流的装置。如图所示，质量为m0.01kg的匀质细金属棒MN的中点处通过一绝缘挂钩与一竖直悬挂的劲度系数k2.0N/m的弹簧相连。在矩形区域abcd内有垂直纸面向外、大小B0.2T的匀强磁场。与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的读数，MN的长度大于ab。当MN中没有电流通过且处于平衡状态时，MN与矩形区域的cd边重合；当MN中有电流通过时，指针示数可表示电流强度。若ab0.2m，bc0.05m（不计通电时电流产生的磁场的作用），则下列说法正确的

9、是（）A若要电流表正常工作，MN的N端应与电源正极相接B当电流表示数为零时，弹簧长度为0.05mC此电流表的量程是2.5AD若将量程扩大2倍，磁感应强度应变为0.10T15（3分）如图所示，用同种材料制成的倾斜轨道AB和水平轨道BC平滑对接于B点，整个轨道固定现将甲、乙两物块先后从倾斜轨道的同一位置由静止释放，两物块最终停在水平轨道上的同一位置（甲乙均可视为质点，且不计物块经过B点时的能量损失）根据上述信息，可以确定甲、乙两物块（）A质量相等B运动的时间相等C损失的机械能相等D与轨道间的动摩擦因数相等三、非选择题（本题共7小题，共55分）16在“测定玻璃的折射率”实验中，如图所示，在玻璃砖的上

10、侧竖直插两个大头针A、B，在下侧再竖直插两个大头针，在插入第三个大头针C时，应使它 。在插入第四个大头针时，有D、E两点，则计算折射率时，用 （选填“D”或“E”）点得到的值误差较小。17用图示实验装置探究“碰撞中的不变量”，除了图示装置中的实验仪器外，下列仪器中还需要的是 A秒表 B天平 C刻度尺 D直流电源 E交流电源若实验中得到一条纸带如图所示，已知A、B车的质量分别为m1和m2，则该实验需要验证的表达式是 （用图中物理量和已给出的已知量表示）18在“练习使用多用电表”的实验中，小明同学用多用电表测量某一电阻，由于第一次选择的倍率不够合适，又改换另一倍率测量，两次测量时电表指针所指的位置

11、如图中的虚线所示，下面列出这两次测量中的主要操作：A将两根表笔短接，并调零B将表笔分别与被测电阻的两端接触，观察指针位置C记下电阻值D将“选择开关”旋到“10”挡E将“选择开关”旋到“1”挡F将“选择开关”旋到交流500V挡根据上述有关操作作出两次倍率选择的先后顺序是 （选填“DE”或“ED”）；该电阻的阻值是 。19某电阻阻值约为400，为了更精确地测定该电阻的阻值，小明欲采用伏安法。现有如下实验器材：量程为3V，内阻约为3k的电压表；量程为10mA，内阻约为0.1的电流表；阻值为020的滑动变阻器；内阻可忽略，输出电压为3V的电源；开关和导线若干。如图中P点应该 ，Q点应该 。（均在下列选

12、项中选择）A接a B接b C接c D不接20如图所示，U形导轨固定在水平面上，右端放有质量为m的金属棒ab，ab与导轨间的动摩擦因数为，金属棒与导轨围成正方形，边长为L，金属棒接入电路的电阻为R，导轨的电阻不计从t0时刻起，加一竖直向上的匀强磁场，其磁感应强度随时间的变化规律为Bkt，（k0），设金属棒与导轨间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力（1）求金属棒滑动前，通过金属棒的电流的大小和方向；（2）t为多大时，金属棒开始移动？（3）从t0时刻起到金属棒开始运动的过程中，金属棒中产生的焦耳热多大？21如图所示，在水平轨道右侧安放半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长

13、度为l水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态小物块A（可视为质点）从轨道右侧以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后压缩弹簧并被弹簧以原速率弹回，经水平轨道返回圆形轨道已知R0.2m，l1.0m，v023m/s，物块A质量为m1kg，与PQ段间的动摩擦因数为0.2，轨道其他部分摩擦不计，取g10m/s2求：（1）物块A与弹簧刚接触时的速度大小（2）物块A被弹簧以原速率弹回返回到圆形轨道的高度（3）调节PQ段的长度l，A仍以v0从轨道右侧冲上轨道，当l满足什么条件时，A物块能第一次返回圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道22某种工业上用质谱仪将铀离子从其他相关元素中分离出来

14、，如图所示，铀离子通过U100kV的电势差加速后进入匀强磁场分离器，磁场中铀离子的路径为半径r1.00m的半圆，最后铀离子从狭缝出来被收集在一只杯中。已知铀离子的质量m3.921025kg，电荷量q3.201019C，如果该设备每小时分离出的铀离子的质量M100mg，则：（为便于计算3.922）（1）求匀强磁场的磁感应强度；（2）计算一小时内杯中所产生的内能；（3）计算离子流对杯产生的冲击力。2021年浙江高考物理考前冲刺试卷（5月）答案一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1解：A、瞬时速度采用了极限思维

15、的方法，与A不符合题意；B、点电荷采用了理想化物理模型的方法，故B符合题意；C、电场强度E=Fq，描述电场的强弱，采用了比值定义法，故C不符合题意；D、电阻：R=UI，描述导体对电流的阻碍作用的大小，采用了比值定义法，故D不符合题意。故选：B。2解：A、根据题目信息，1分钟指的是接到用户的预计时间间隔，故A错误；B、0.3公里指的是接到用户预计通过的轨迹长度，为路程，故B错误；C、路程除以时间应该是平均速率，所以预计接到用户的过程中，平均速率v=st=0.3103160m/s=5m/s，故C正确；D、根据ABC可知，故D错误；故选：C。3解：在t0到t40s这段时间内，汽车的位移为：xx2x1

16、0m0m0m汽车的平均速度大小是 v=xt=0m/s故选：A。4解：砖块的运动可近似看作自由落体运动，根据公式=12gt2，得=121022=20m故ABD错误，C正确故选：C。5解：所有汽车坠落过程都可以看做平抛运动，假设汽车恰好坠落到街道对面，则根据竖直方向做自由落体运动，则：h=12gt2，得到：t1.8s，水平方向：xv0t，得到：v015m/s，由于汽车均没有飞到街道对面，因此汽车从顶楼坠落时初速度应小于15m/s，故ABC错误，D正确。故选：D。6解：A、天舟一号与张衡一号均是万有引力等于向心力，故：GMmr2=ma，故：a=GMr2，天舟一号高度低，轨道半径小，故加速度大，故A正

17、确；B、哈勃望远镜和张衡一号均是万有引力等于向心力，故：GMmr2=mv2r，解得：v=GMr，哈勃望远镜高度大，轨道半径大，故线速度小，故B错误；C、天舟一号与哈勃望远镜均是万有引力等于向心力，故：GMmr2=m42T2r，解得：T2r3GM，哈勃望远镜高度大，轨道半径大，故周期大，故C错误；D、哈勃望远镜与张衡一号均是万有引力等于向心力，故：GMmr2=m2r，解得：=GMr3，哈勃望远镜高度大，轨道半径大，故角速度小，故D错误；故选：A。7解：AB、由电阻的决定式RlS得，该电缆的横截面积只有国家标准的四分之一，电阻值为国家标准的4倍，故A、B错误；CD、由焦耳热功率公式PI2R得，在相

18、同的电流的情况下，该电缆产生的热功率是国家标准的4倍，故D正确，C错误。故选：D。8解：A、篮球上的各点做圆周运动时，是饶着转轴做圆周运动，圆心均在转轴上，故A错误；B、篮球旋转就是靠我们的手拍动篮球旋转，造成篮球旋转产生的向心力的，故B错误；C、篮球上的各点绕转轴做圆周运动，故角速度相同，故C正确；D、由于角速度相同，根据a2r可知篮球上各点离转轴越近，做圆周运动的向心加速度越小，故D错误；故选：C。9解：CD、由点电荷等势面的分布特点可知，不论是带正电的小球还是带负电的小球沿着圆弧运动的过程中，电场力始终不做功，只有重力做功，选项C、D错误；A、当带正电的小球滑到最低端时，根据牛顿第二定律

19、FNmgkq1q2r2=mv2r解得FN=mg+kq1q2r2+mv2r故支持力一定大于重力，选项A错误；B、而带负电的小滑到最低端时根据牛顿第二定律FN+kq1q2r2mg=mv2r解得FN=mgkq1q2r2+mv2r故支持力有可能小于重力，选项B正确。故选：B。10解：A、根据PUI知I=PU=900220A4.1A，故A错误；B、保温时，I=PU=30220A0.136A，故B错误；C、每次煮饭消耗电能Wpt0.9kW0.5h0.45kWh，故C错误；D、一年煮饭消耗的电能为3652W36520.45kWh328.5kWh，所花的钱为328.50.54元177元，故D正确；故选：D。二

20、、选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分。每小题列出的四个备选项中至少有一个选项是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11解：A、给人注射碘的放射性同位素碘131，做示踪原子，有助于诊断甲状腺的疾病，故A正确；B、根据电磁波的产生原理，可知X射线产生的物理原理是原子的内层电子受到激发后产生辐射跃迁，故B正确；C、1896年法国物理学家贝克勒尔发现有些物质能够发出一些看不见的射线，后来研究发现射线主要有三种，即射线、射线及射线，故C错误；D、核反应堆利用镉棒吸收中子，减小中子的数目，控制核反应速度，故D错误。故选：AB。12解：AB、木板以水平速度为0.20

21、m/s通过长度为0.60m，经历的时间恰为两个简谐运动周期，则有：2T=sv 即为：2T=0.60m0.20m/s解之得：T1.5s沙摆的摆长，由T=2Lg得：L=gT242=g1.524gm0.56m(其中g=2)故A正确，B错误。CD、当盛沙的漏斗下面的薄木板被水平匀速拉出时，做简谐运动的漏斗漏出的沙在板上显示出图乙所示的曲线可表示沙摆的振动图象，故C正确，D错误；故选：AC。13解：A、衰变中射线是来自于原子核，故A错误；B、质子、中子结合成一个粒子的核反应方程为211H+201n24He，根据爱因斯坦质能方程，所释放的核能为E（2m1+2m2m3）c2，故B错误；C、裂变是重核在中子的

22、轰击下分裂成两个中等质量的核的过程，故C正确；D、据衰变、衰变的实质可知90232Th82208Pb+n24He+m10e根据质量数守恒和核电荷数守恒列方程232208+4n+09082+2nm可解得n6，m4，故D正确。故选：CD。14解：A、若要电流表正常工作，MN受安培力应该向下，根据左手定则，M应该接电源正极，N接电源负极，故A错误；B、电流读数为零，即mgkx，代入数据可得x0.05m，即弹簧伸长了0.05m，并不是弹簧长度为0.05m，故B错误；C、电流变大，即安培力变大，最大电流为弹簧又伸长bc即0.05m，根据平衡关系：mg+BILk（x+lbc），因此：BILklbc，代入数

23、据可得：I2.5A，故C正确；D、电流量程扩大2倍，即量程为5.0A时，根据BILklbc可知，则磁感应强度应变为0.10T，故D正确。故选：CD。15解：设物块在斜面上运动的距离为s1，在水平面上运动的距离为s2，斜面的倾角为动摩擦因数为。对整个过程，运用动能定理得： mgs1sinmgcoss1mgs200则得 =s1sins1cos+s2可知，s1、s2、相同，则知两个物体与轨道间的动摩擦因数相等。物体在斜面上下滑时，由牛顿第二定律得 mgsinmgcosma1，可得：a1gsingcos，所以两个物体在斜面下滑时加速度相同，则运动学公式相同。同理，在水平面上运动的加速度相同，运动时间也

24、相同，故两个物体运动的总时间相等。由上知，不能确定两个物体质量关系，也不能判断克服摩擦力做功的大小，所以机械能损失不一定相等。故AC错误，BD正确。故选：BD。三、非选择题（本题共7小题，共55分）16解：测玻璃折射率的实验是利用大头针A、B得到进入玻璃的入射光线，在另一侧插入大头针挡住前面的A、B的像来确定C；由几何知识知，过C点的出射光线应平行于AB，利用直尺比对并仔细观察，可知CDAB，故用D点得到的折射率值误差较小。故答案为：挡住前面的A、B的像； D。17解：（1）根据探究碰撞过程中守恒量的实验原理知道：碰撞前后两球的速度必须测量的，而速度在此是用带电计时器出来的纸带进行计算的，所以

25、需要刻度尺；两球的质量也需要测量，所以需要天平；由于打点计时器需要交流电源，所以还需要交流电源。故选：BCE。（2）A与B碰后粘在一起，速度减小，相等时间内的间隔减小，可知通过BC段来计算A的碰前速度，通过DE段计算A和B碰后的共同速度。得：m1xBC（m1+m2）xDE故答案为：（1）BCE；（2）m1xBC（m1+m2）xDE。18解：由图可知，第一次测量时指针偏转较小，可知电阻较大，故说明所选倍率过小，故应选择大倍率，故操作作出两次倍率选择的先后顺序是ED；由图可知，正确的示数应为18，故电阻的阻值应为：R1810180。故答案为：ED；180。19解：由题意可知，待测电阻阻值远大于电流

26、表内阻，电流表应采用内接法，P点应该接c，故选：C；滑动变阻器的阻值较小，远小于待测电阻，因此采用分压式接法，故Q点应该接a，故选：A。故答案为：C，A。20解：（1）由法拉第电磁感应定律，则有：E=BtS=kL2由闭合电路欧姆定律，则有：I=ER得：I=kL2R根据楞次定律，则有方向：由a到b； （2）由于安培力FBILBktt，随时间的增大，安培力将随之增大当安培力增大到等于最大静摩擦力时，ab将开始向左移动 这时有：ktkL2RL=mg解得：t=mgRk2L3（3）由QI2Rt得：Q=(kL2R)2RmgRk2L3=mgL答：（1）金属棒滑动前，通过金属棒的电流的大小kL2R和方向由a到

27、b；（2）t为mgRk2L3时，金属棒开始移动；（3）从t0时刻起到金属棒开始运动的过程中，金属棒中产生的焦耳热mgL21解：（1）物块A冲上圆形轨道后回到最低点速度为v0=23m/s，与弹簧接触瞬间，mgl=12mv1212mv02，可得，物块A与弹簧刚接触时的速度大小v1=22m/s；（2）A被弹簧以原速率v1弹回，向右经过PQ段，有v22v12=2gl；解得A速度 v22m/s，A滑上圆形轨道，有mg=012mv22，（也可以应用 mglmg=12mv2212mv12）可得，返回到右边轨道的高度为h0.2mR，符合实际（3）物块A以v0冲上轨道直到回到PQ段右侧，有v12v02=2g2l

28、，可得，A回到右侧速度：v12=(128l)(m/s)2，要使A能返回右侧轨道且能沿轨道运动而不脱离轨道，则有：若A沿轨道上滑至最大高度h时，速度减为0，则h满足：0hR，根据机械能守恒：12mv12=mg联立可得，1.0ml1.5m；若A能沿轨道上滑至最高点，则满足：12mv12=mg2R+12mv22且mv22Rmg，联立得 l0.25m，综上所述，要使A物块能第一次返回圆形轨道并沿轨道运动而不脱离轨道，l满足的条件是1.0ml1.5m或 l0.25m；答：（1）物块A与弹簧刚接触时的速度大小为22m/s（2）物块A被弹簧以原速率弹回返回到圆形轨道的高度0.2m（3）A物块能第一次返回圆形

29、轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道的条件是：1.0ml1.5m或 l0.25m22解：（1）铀离子在加速电场中加速时，由动能定理qU=12mv20铀离子做匀速圆周运动的向心力由洛伦兹力提供qvB=mv2r所以B=mvqr=m2qUmqr=1r2Umq=1121053.9210253.201019T0.5T（2）每小时加速铀离子的数目n=Mm=1001063.921025个2.551020个，每个铀离子加速获得的动能为Ek=12mv2qU这些动能全部转化为内能，则n个铀离子全部与杯子碰撞后产生的总的内能为：QnEknqU2.5510203.201019105J8.16106J（3）经过1小时，把这些铀离子看成一个整体，根据动量定理得FNt0Mv所以求得杯子对这些铀离子的冲击力FN=Mvt=10010623.210191053.9210253600N0.011N据牛顿第三定律，离子流对杯子的冲击力大小等于0.011N；答：（1）匀强磁场的磁感应强度为0.5T；（2）一小时内杯中所产生的内能为8.16106J；（3）离子流对杯产生的冲击力为0.011N。17