高考物理大一轮复习 第二章受力分析 共点力的平衡优秀PPT.ppt

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1、高考物理大一轮复习 第二章 受力分析 共点力的平衡课件第一页，本课件共有32页一、受力分析一、受力分析1.定义:把指定物体(或研究对象)在特定的物理环境中受到的所有外力都分析出来,并画出物体受力图的过程。知识梳理知识梳理2.受力分析的一般顺序先分析场力(重力、电场力、磁场力),再分析接触力(弹力、摩擦力),最后分析其他力。第二页，本课件共有32页3.受力分析的步骤(1)明确研究对象即确定分析受力的物体。(2)隔离物体分析将研究对象从周围物体中隔离出来,进而分析周围有哪些物体对它施加了力的作用。(3)画出受力示意图边分析边将力一一画在受力示意图上,准确标出力的方向。(4)检查画出的每一个力能否找

2、出它的施力物体,检查分析结果能否使研究对象处于题目所给的运动状态,否则,必然发生了漏力、添力或错力现象。第三页，本课件共有32页二、共点力的平衡二、共点力的平衡1.平衡状态:物体处于静止或匀速直线运动状态。2.共点力的平衡条件:F合=0或者3.平衡条件的推论二力平衡如果物体在两个共点力的作用下处于平衡状态,这两个力必定大小相等,方向相反,为一对平衡力三力平衡如果物体在三个共点力的作用下处于平衡状态,其中任意两个力的合力一定与第三个力大小相等、方向相反多力平衡如果物体受多个力作用处于平衡状态,其中任何一个力与其余力的合力大小相等,方向相反第四页，本课件共有32页1.(1)物体沿光滑斜面下滑时,物

3、体受到重力、支持力和下滑力的作用。()(2)速度等于零的物体一定处于平衡状态。()(3)物体的平衡状态是指物体处于静止或速度等于零的状态。()(4)物体处于平衡状态时,加速度等于零。()(5)二力平衡时,这两个力必定等大反向。()(6)若物体受到三个力F1、F2、F3的作用而平衡,将F1转动90时,三个力的合力大小为F1。()(7)多个共点力平衡时,其中任何一个力与其余各力的合力大小相等、方向相反。()答案(1)(2)(3)(4)(5)(6)(7)第五页，本课件共有32页A.l+m1gB.(m1+m2)gC.l+m2gD.g答案C对木块2受力分析得kx=m2g。所以弹簧伸长量x=,两木块间距即

4、弹簧长度L=l+x=l+。故答案为C。2.如图所示,在一粗糙水平面上有两块质量分别为m1和m2的木块1和2,中间用一原长为l、劲度系数为k的轻弹簧连接起来,两木块与地面间的动摩擦因数都为。现用一水平力向左拉木块1,当两木块一起匀速运动时,两木块之间的距离是()第六页，本课件共有32页3.如图所示,A、B两物体紧靠着放在粗糙水平面上。A、B间接触面光滑。在水平推力F作用下两物体一起加速运动,物体A恰好不离开地面,则关于A、B两物体的受力个数,下列说法正确的是()A.A受3个力,B受4个力B.A受4个力,B受3个力C.A受3个力,B受3个力D.A受4个力,B受4个力答案A由于A、B间接触面光滑,故

5、A、B间无摩擦力,由于物体A恰好不离开地面,故地面对A无支持力,所以地面对A没有摩擦力,因此A物体受重力、水平推力F、B对A的支持力三个力的作用;B物体受重力、A对B的压力、地面对B的支持力,由于A、B两物体紧靠着放在粗糙水平面上,故还有地面对B的摩擦力,所以B受四个力的作用,答案选A。第七页，本课件共有32页A.半圆柱体对小物块的支持力变大B.外力F先变小后变大C.地面对半圆柱体的摩擦力先变大后变小D.地面对半圆柱体的支持力变大答案C设两条虚线的夹角为,有F=mgsin,FN=mgcos,小物块在下滑过程中,变大,所以A、B项错误;利用整体法,在水平方向有Ff=Fcos=mgsin2,所以C

6、项正确;在竖直方向有FN=(M+m)g-Fsin,则支持力是变小的,D项错误。4.如图所示,上表面光滑的半圆柱体放在水平面上,小物块从靠近半圆柱体顶点O的A点,在外力F作用下沿圆弧缓慢下滑到B点,此过程中F始终沿圆弧的切线方向且半圆柱体保持静止状态。下列说法中正确的是()第八页，本课件共有32页重难一受力分析中的几点注意事项重难一受力分析中的几点注意事项重难突破重难突破受力分析时,除按先场力(重力、电磁力)后弹力再摩擦力的顺序分析外,在确定某个力是否存在时,应注意:1.只分析根据性质命名的力,不要把按效果命名的、分解或合成的力分析进去,受力图完成后再进行力的合成或分解;2.找不到施力物体的力一

7、定不存在;3.受力情况与运动状态必须满足牛顿运动定律;4.对几个物体组成的系统进行受力分析时,只分析外力,不分析系统内物体之间的内力。第九页，本课件共有32页典例典例1一倾角为30的斜劈放在水平地面上,一物体沿斜劈匀速下滑。现给物体施加如图所示的力F,F与竖直方向的夹角为30,斜劈仍静止,则此时地面对斜劈的摩擦力()A.大小为零B.方向水平向右C.方向水平向左D.无法判断大小和方向第十页，本课件共有32页解析斜劈倾角=30,未施加作用力F时,对该物体进行受力分析可得mgcos=mgsin,得=tan=,物体对斜劈的压力为FN=mgcos,摩擦力大小为f=mgcos,由于斜劈此时静止,以物体和斜

8、劈为整体,由整体法可得地面对斜劈的摩擦力为零,对斜劈进行受力分析可得,在水平方向满足mgcoscos=mgcossin;当施加作用力F后,对物体进行受力分析可得,沿斜面向下的作用力F1=Fsin60+mgsin30,由最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力可求最大静摩擦力大小为fm=(Fcos60+mgcos30),代入值可求得F1fm,故物体加速下滑;对斜劈进行受力分析,在水平方向有fx=(Fcos60+mgcos30)cos30,FNx=(Fcos60+mgcos30)sin30,代入值可求得物体对斜劈的滑动摩擦力在水平方向的分力仍与物体对斜劈的压力在水平方向的分力平衡,即fx与FNx等大反向,可

9、知斜劈此时与地面无摩擦,A正确。答案A第十一页，本课件共有32页1-1(多选)如图所示,竖直放置的轻弹簧一端固定在地面上,另一端与斜面体P连接,P与斜放的固定挡板MN接触且处于静止状态,弹簧处于竖直方向,则斜面体P此刻受到的外力个数有可能为()A.2个B.3个C.4个D.5个第十二页，本课件共有32页解析以斜面体P为研究对象,很显然斜面体P受到重力和弹簧弹力F1作用,二力共线。若F1=mg,二力使P处于平衡(如图甲所示)。若F1mg,挡板MN必对斜面体施加垂直斜面向下的力FN的作用,FN产生水平向左的分量,欲使物体P处于平衡状态,MN必对斜面体施加平行接触面斜向下的摩擦力Ff(如图乙所示),故

10、答案为A、C。答案AC第十三页，本课件共有32页重难二动态平衡问题重难二动态平衡问题解决动态平衡问题常用的方法方法步骤解析法(1)选某一状态对物体进行受力分析(2)将物体受的力按实际效果分解或正交分解(3)列平衡方程求出未知量与已知量的关系表达式(4)根据已知量的变化情况来确定未知量的变化情况图解法(1)选某一状态对物体进行受力分析(2)根据平衡条件画出平行四边形(3)根据已知量的变化情况,画出平行四边形的边角变化(4)确定未知量大小、方向的变化注意处理平衡状态中的临界问题和极值问题,要正确进行受力分析,弄清临界条件,利用好临界条件列出平衡方程求解。第十四页，本课件共有32页A.MN对Q的弹力

11、逐渐减小B.地面对P的摩擦力逐渐增大C.P、Q间的弹力先减小后增大D.Q所受的合力逐渐增大典例典例2半圆柱体P放在粗糙的水平地面上,其右端有一固定放置的竖直挡板MN。在半圆柱体P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q,整个装置处于平衡状态,如图所示是这个装置的截面图。现使MN保持竖直并且缓慢地向右平移,在Q滑落到地面之前,发现P始终保持静止。则在此过程中,下列说法中正确的是()第十五页，本课件共有32页力,F2的方向水平向左保持不变,F1的方向顺时针旋转,由平行四边形的边长变化可知:F1与F2都逐渐增大,A、C错误;由于缓慢移动,Q处于平衡状态,所受合力为零,D错误;对PQ整体受力分析,如图乙

12、所示,由平衡条件得,f=F2=mgtan,由于不断增大,故f不断增大,B正确。答案B解析Q的受力情况如图甲所示,F1表示P对Q的弹力,F2表示MN对Q的弹第十六页，本课件共有32页2-1如图所示,一定质量的物块用两根轻绳悬在空中,其中绳OA固定不变,绳OB在竖直平面内由水平方向向上转动,则在绳OB由水平转至竖直的过程中,绳OB的张力的大小将()A.一直变大B.一直变小C.先变大后变小D.先变小后变大第十七页，本课件共有32页如图为绳OB转动过程中对结点的受力示意图,由图可知,绳OB的张力先变小后变大。答案D解析在绳OB转动的过程中物块始终处于静止状态,所受合力始终为零,第十八页，本课件共有32

13、页1.对整体法和隔离法的理解整体法是指将相互关联的各个物体看成一个整体,并对此整体进行分析的方法,整体法的优点在于只需要分析整个系统与外界的关系,避开了系统内部繁杂的相互作用。隔离法是指将某物体从周围物体中隔离出来,单独分析该物体的方法,隔离法的优点在于能把系统内各个物体所处的状态、物体状态变化的原因以及物体间的相互作用关系表达清楚。重难三整体法与隔离法在平衡问题中的应用重难三整体法与隔离法在平衡问题中的应用第十九页，本课件共有32页2.整体法和隔离法的使用技巧当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时,宜用整体法;而在分析系统内各物体(或一个物体各部分)间的相互

14、作用时常用隔离法。整体法和隔离法不是独立的,对一些较复杂问题,通常需要多次选取研究对象,交替使用整体法和隔离法。典例3在粗糙水平面上放着一个三角形木块abc,在它的两个粗糙斜面上分别放有质量为m1和m2的两个物体,m1m2,如图所示,若三角形木块和两物体都是静止的,则粗糙水平面对三角形木块()第二十页，本课件共有32页A.有摩擦力的作用,摩擦力的方向水平向右B.有摩擦力的作用,摩擦力的方向水平向左C.有摩擦力的作用,但摩擦力的方向不能确定,因m1、m2、1、2的数值均未给出D.以上结论都不对典例3在粗糙水平面上放着一个三角形木块abc,在它的两个粗糙斜面上分别放有质量为m1和m2的两个物体,m

15、1m2,如图所示,若三角形木块和两物体都是静止的,则粗糙水平面对三角形木块()第二十一页，本课件共有32页到两物体对它的压力FN1、FN2,摩擦力F1、F2。由两物体的平衡条件知,这四个力的大小分别为FN1=m1gcos1FN2=m2gcos2F1=m1gsin1F2=m2gsin2它们的水平分力的大小(如图所示)分别为FN1x=FN1sin1=m1gcos1sin1解析解法一(隔离法)把三角形木块隔离出来,它的两个斜面上分别受第二十二页，本课件共有32页FN2x=FN2sin2=m2gcos2sin2F1x=F1cos1=m1gcos1sin1F2x=F2cos2=m2gcos2sin2其中

16、FN1x=F1x,FN2x=F2x,即它们的水平分力互相平衡,木块在水平方向无滑动趋势,因此不受地面的摩擦力作用。解法二(整体法)由于三角形木块和斜面上的两物体都静止,可以把它们看成一个整体,如图所示,竖直方向受到重力(m1+m2+M)g和支持力FN作用处于平衡状态,水平方向无任何滑动趋势,因此不受地面的摩擦力作用。答案D第二十三页，本课件共有32页3-1如图所示,A、B两木块放在水平面上,它们之间用细线相连,两次连接情况中细线倾斜方向不同但倾角一样,两木块与水平面间的动摩擦因数相同。先后用水平力F1和F2拉着A、B一起匀速运动,则()A.F1F2B.F1=F2C.FT1FT2D.FT1=FT

17、2答案B解析取A、B整体为研究对象,由水平方向合力为零可得:F1=F2=(mA+mB)g,A错误,B正确;隔离物体A可求得:FT1cos=(mAg-FT1sin),FT2cos=(mAg+FT2sin),比较可得:FT1FT2,C、D错误。第二十四页，本课件共有32页 共点力平衡中的临界与极值问题的处理方法共点力平衡中的临界与极值问题的处理方法1.临界问题当某物理量变化时,会引起其他几个物理量的变化,从而使物体所处的平衡状态“恰好出现”或“恰好不出现”,在问题的描述中常用“刚好”、“刚能”、“恰好”等语言叙述。思想方法思想方法第二十五页，本课件共有32页常见的临界状态有:(1)两接触物体脱离与

18、不脱离的临界条件是相互作用力为0(主要体现为两物体间的弹力为0);(2)绳子断与不断的临界条件为绳中张力达到最大值;绳子绷紧与松弛的临界条件为绳中张力为0;(3)存在摩擦力作用的两物体间发生相对滑动或相对静止的临界条件为静摩擦力达到最大。研究的基本思维方法:假设推理法。2.极值问题平衡物体的极值,一般指在力的变化过程中的最大值和最小值问题。一般用图解法或解析法进行分析。第二十六页，本课件共有32页典例典例物体A的质量为2kg,两根轻细绳b和c的一端连接于竖直墙上,另一端系于物体A上,在物体A上另施加一个方向与水平线成角的拉力F,相关几何关系如图所示,=60。若要使两绳都能伸直,求拉力F的大小范

19、围。(g取10m/s2)第二十七页，本课件共有32页解析c绳刚好伸直时,拉力F最小,物体A受力如图所示:由平衡条件得:Fminsin+Fbsin-mg=0Fmincos-Fbcos=0解得:Fmin=N第二十八页，本课件共有32页b绳刚好伸直时,拉力F最大,物体A受力如图所示:Fmaxsin-mg=0解得:Fmax=N,故拉力F的大小范围是NFN答案NFN第二十九页，本课件共有32页(1)求解平衡中的临界问题和极值问题时,首先要正确地进行受力分析和变化过程分析,找出平衡的临界点和极值点。(2)临界条件必须在变化中寻找,不能停留在一个状态来研究临界问题,而是把某个物理量推向极端,即极大或极小,并

20、依此作出科学的推理分析,从而给出判断或导出一般结论。第三十页，本课件共有32页A.mgB.mgC.mgD.mg针对训练针对训练如图所示,三根长度均为l的轻绳分别连接于C、D两点,A、B两端被悬挂在水平天花板上,相距2l。现在C点上悬挂一个质量为m的重物,为使CD绳保持水平,在D点上可施加力的最小值为()第三十一页，本课件共有32页答案C解析对C点进行受力分析,由平衡条件可知,绳CD对C点的拉力FCD=mgtan30,对D点进行受力分析,绳CD对D点的拉力F2=FCD=mgtan30,故F2是恒力,又知F1方向一定,则F1与F3的合力与F2等值反向,由图知当F3垂直于绳BD时,F3最小,由几何关系可知,F3=FCDsin60=mg。第三十二页，本课件共有32页