2014年山东省日照市中考物理试卷(含答案).doc

《2014年山东省日照市中考物理试卷(含答案).doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2014年山东省日照市中考物理试卷(含答案).doc（18页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、北京初中数学周老师的博客：山东省日照市2014年中考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择（每小题3分，共30分）1（3分）（2014日照）市教育局明确要求全市所有中小学均为无烟学校，各学校会议室里均张贴了如图所示的标志，这主要是考虑到在空气不流通的房间里，只要有一个人吸烟，其他人都在被动吸烟，这是因为（）A物质是由分子组成的B分子之间有作用力C分子之间有间隙D分子在不停地运动考点：分子的热运动.专题：分子热运动、内能分析：扩散现象是分子运动的结果，一切物质的分子都在不停地做无规则运动解答：解：由于烟分子做无规则运动，在空气中进行扩散，所以只要有一个人吸烟，其他人都在被动吸烟，整个房间也会充满

2、烟味；吸烟有害健康，所以要在公共场所禁止吸烟故选D点评：本题主要考查学生对：扩散现象的了解和掌握，是一道基础题2（3分）（2014日照）电视机的遥控器用红外线来传递信息，实现对电视机的控制，如图所示，不把遥控器对准电视机的控制窗口，按一下按纽，有时也可以控制电视机这是利用了（）A光的直线传播B光的反射C光的折射D光的色散考点：红外线.专题：应用题分析：红外线是一种看不见的光，它也遵循光的直线传播和反射规律，在现实生活中有实际的应用解答：解：遥控器发出的红外线，它会以光波的形式直线传播，并且可以发生反射，有时遥控器并没有对准电视机的控制窗口，而是沿某一合适的方向对准墙壁按下按钮，也可以控制电视机

3、，这是利用了光的反射故选B点评：此题主要考查红外线的应用，看不见的光也是需要掌握的知识，属于基础题，同时还考查了光学知识在生产和生活中的应用，知识得到学以致用，可以加深对知识的理解和提高学习的兴趣3（3分）（2014日照）下列说法正确的是（）A物体内能增大，一定从外界吸收热量B燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多C压缩冲程中，热机将机械能转化为内能D冬天冰冻的衣服干了，是蒸发形成的考点：物体内能的改变；生活中的升华现象；燃料的热值；内燃机的四个冲程.专题：热和能分析：A、做功和热传递都可以改变物体的内能；B、热值是指单位质量的燃料完全燃烧时放出的热量；C、热机的压缩冲程将机械能转化为内能；D、

4、冰冻的衣服变干，是升华现象解答：解：A、做功和热传递都可以改变物体的内能，物体内能增大，不一定从外界吸收热量，也可能是外界对它做功，故A错误；B、燃料的热值越大，燃烧时放出的热量不一定越多，因为还要看质量和是否完全燃烧，故B错误；C、压缩冲程中，活塞压缩气体，故将机械能转化为内能，故C正确；D、冬天冰冻的衣服干了，是升华现象，不是蒸发形成的，故D错误故选C点评：本题考查了内能的改变方法，热值的概念，压缩冲程的能量转化，以及物态变化的判断，有一定综合性，都属热学基础知识4（3分）（2014日照）光的世界变幻莫测、奥妙无穷关于光现象，以下说法正确的是（）A照相时，被照者应站在距镜头二倍焦距以外B在

5、岸边看到水中鱼的位置就是鱼在水里的实际位置C雨后彩虹是由光的反射形成的D眼睛“近视”时就需要佩戴用凸透镜制成的眼镜矫正考点：凸透镜成像的应用；光的折射现象及其应用；近视眼的成因与矫正办法.专题：光的折射、光的色散；透镜及其应用分析：（1）u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等（3）近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，应佩戴发散透镜使光线推迟会聚，因凹透镜对光线有发散作用，所以近视眼应该配戴凹透镜才能看清远处的物体解答：解：A、照相时，被照者应站在距镜头二倍焦距以外，在底片上成倒立、缩小的实像，

6、故A正确；B、鱼反射的光斜射到水面上，会发生折射现象，当光进入空气中后远离法线，射入人的眼睛，而人眼由于错觉，认为光始终沿直线传播，逆着光的方向看上去而形成的虚像，所以比实际位置高，所以看见水中的鱼，实际是变浅了的鱼虚像，故B错误；C、雨后彩虹是光的折射形成的，故C错误；D、近视眼要戴凹透镜做成的眼镜进行矫正，故D错误故选A点评：本题考查了光的折射、反射以及凸透镜成像的应用，知识面比较广，属于光学基础知识的考查5（3分）（2014日照）如图所示，分别是音叉和钢琴发出的两列声波在同一示波器桑显示的波形，则这两列声波（）A音调不同B响度不同C音色不同D音调、响度和音色均不同考点：音调、响度与音色的

7、区分.专题：声现象分析：（1）频率是1s物体振动的次数，相同时间内振动越快，频率越大音调跟频率有关，频率越大，音调越高（2）振幅是物体振动时偏离原位置的大小，偏离原位置越大，振幅越大响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大（3）音色反映声音的品质和特色，与发声体的结构、材料有关解答：解：如图可知，两幅图中音叉、钢琴振动的快慢相同，因此音调相同；偏离原位置相同，因此响度相同；它们的波形不同，所以发声体不同，故音色不同故选C点评：掌握声音的三个特征：音调、响度、音色音调跟频率有关；响度跟振幅有关；音色跟材料和结构有关6（3分）（2014日照）下列现象中，由于摩擦起电造成的是（）A在干燥的天气里脱毛衣，会

8、通道轻微的噼啪声B演奏二胡时，琴弓的弓毛与琴弦摩擦会产生声音C冬天感到手冷时，双手摩擦会使手变暖和D把钢针沿磁体摩擦几下，钢针就能吸引铁屑考点：摩擦起电.专题：电流和电路分析：两种不同物质组成的物体相互摩擦后，物体能吸引轻小物体的现象是摩擦起电解答：解：A、在干燥的天气里脱毛衣，发生摩擦起电现象，放电时产生噼啪声，符合题意；B、演奏二胡时，琴弓的弓毛与琴弦摩擦产生声音，属于振动产生声音，不属于摩擦起电；C、冬天感到手冷时，双手摩擦会使手变暖和，是摩擦生热，机械能转化成内能，不属于摩擦起电；D、把钢针沿磁体摩擦几下，钢针就能吸引铁屑，是磁化现象，不属于摩擦起电故选A点评：摩擦现象生活中很常见，晚

9、上衣服上有闪电，衣服上易沾有灰尘，梳子梳头发，头发随梳子飘起来等7（3分）（2014日照）小明在家里看电视时发现：只要妈妈在旁边使用电吹风，屏幕上就会出现很多“雪花”；电吹风一停，“雪花”也随即消失这是因为电视机接收到了电吹风产生的（）A超声波B次声波C噪声D电磁波考点：电磁波的产生.专题：信息的传递分析：要解答本题需掌握：变化的电流周围存在着电磁波，以及收音机和电视机能接收电磁波解答：解：这是因为变化的电流周围存在着电磁波，吹风机工作时能产生电磁波，这些电磁波被电视机接收，并对电视机产生干扰故选D点评：本题主要考查学生对电磁波的产生以及电磁波的接收的了解和掌握，是一道基础题8（3分）（201

10、4日照）下列现象中，通过做功改变物体内能的是（）A将烧红的铁块投放到冷水中，水温升高B古人钻木取火过程中，木头的温度升高C夏天，柏油路被阳光晒热D用电热壶烧水，水温升高考点：做功改变物体内能.专题：热和能分析：改变物体内能的方法：做功和热传递；热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程；做功实质是能的转化过程解答：解：A、将烧红的铁块投放到冷水中，水温升高，水从铁块吸收热量，内能增加、温度升高，是利用热传递改变物体的内能 不符合题意；B、钻木取火因摩擦而发热，木头内能增加、温度升高，是利用做功改变物体的内能，符合题意；C、路面从太阳吸收热量、内能增加、温度升高，是利用热传递改变

11、物体的内能，不符合题意；D、用电热壶烧水，水温升高，水从电热丝吸收热量，内能增加、温度升高，是利用热传递改变物体的内能，不符合题意故选B点评：本题考查了改变物体内能的方法（做功和热传递），注意二者的区别：传递过程属于能的转移，做功属于能的转化，属于基础题目9（3分）（2014日照）如图所示，当开关S闭合后，灯泡L1、L2均正常发光，但过一会儿，两灯均突然熄灭某同学利用电压表探究电路故障，他用电压表分别接到灯L1、灯L2两端测量电压，发现灯L1两端电压为零，灯L2两端电压不为零，由此可判断电路的故障是（）A灯L1断路B灯L2短路C灯L2断路D开关S接触不良考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应

12、用.专题：图像综合题分析：电路故障分为短路和断路，短路时电路中还有电流，有灯泡会亮；断路时，电路中没有电流，灯泡不亮解答：解：A、若灯L1断路，当用电压表测量L2两端电压时，电压表不会有示数，不合题意；B、若灯L2短路，当用电压表测量L2两端电压时，电压表被短路，也不会有示数，不合题意；C、若灯L2断路，当用电压表测量时，电压表与灯L1串联，电压表有示数，显示电源电压，符合题意；D、如果开关S接触不良，则整个电路断路，灯L2两端电压也会为零，不合题意故选C点评：本题考查用电流表、电压表判断电路中的故障，要记住短路和断路的区别以及两表在电路中的不同特征10（3分）（2014日照）如图所示，海监部

13、门在某海域放置浮标以监测水文变化监测发现，从春季至夏季，海水温度升高、体积膨胀导致海水密度变小此过程中，若浮标体积保持不变，则（）A浮标所受浮力变大，露出海面体积变小B浮标所受浮力变小，露出海面体积变大C浮标所受浮力不变，露出海面体积变大D浮标所受浮力不变，露出海面体积变小考点：物体的浮沉条件及其应用.专题：浮沉的应用分析：物体漂浮时，浮力等于重力，根据海水密度的变化，结合F浮=gV排可知浮标露出海面体积的变化情况解答：解：因为浮标始终漂浮，并且浮标重力不变，故浮力等于重力，并且浮力不变；又因为海水密度减小，由F浮=gV排可知，浮标排开海水的体积变大，则露出海面体积变小故选D点评：本题考查物体

14、的浮沉条件和阿基米德原理，比较简单，属于基础题二、多项选择题（每小题5分，共25分）11（5分）（2014日照）如图所示，使用中属于省力杠杆的是（）A核桃夹B起子C镊子D 羊角锤考点：杠杆的分类.专题：简单机械分析：结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆解答：解：A、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆故选：ABD点评：本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：省力杠杆，动

15、力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂12（5分）（2014日照）关于汽车所应用的物理知识，下列说法正确的是（）A汽车发动机常用水作为冷却剂的主要原因是水的比热容较大B安全带做得比较宽，是为了减小压强和保证安全C汽车急刹车时由于惯性还要滑行一段距离D雪天在轮胎上缠绕链条，是为了减小与地面间的摩擦考点：水的比热容的特点及应用；惯性现象；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用.专题：其他综合题分析：A、水的比热容大，这是其常被用做冷却剂的原因；B、在压力一定时，增大受力面积可以减小压强；C、一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；D、摩擦力的大小和压力

16、的大小和接触面的粗糙程度有关解答：解：A、发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容大，在改变相同的温度时，能够有收更多的热量，故说法正确；B、安全带做得比较宽，是在压力一定时为了减小压强，同时防止人由于惯性向前冲出，保证安全，故说法正确；C、汽车急刹车时由于惯性，仍要保持原来的运动状态，还要滑行一段距离，故说法正确；D、雪天在轮胎上缠绕链条，可以在压力一定时，增大与路面的摩擦，防止打滑，故说法错误故选ABC点评：本题以汽车辆的物理知识为例，考查了水的比热容的特点、惯性现象、摩擦力的影响因素、压强的影响因素等，都属于重要的知识点，但总体难度并不大13（5分）（2014日照）如图所示，其中图中所示的实

17、验与对应的表述正确的是（）A电动机原理B电磁感应现象C判断通电螺线管的磁极D小磁针在磁场中北极指向考点：直流电动机的原理；磁场；通电螺线管的磁场；电磁感应.专题：电和磁分析：（1）闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，在导体中就会产生感应电流；（2）通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是根据这个原理制成的；（3）通电螺线管的磁场和条形磁体的磁场相似，用安培定则判断电流和磁极的关系；（4）磁体周围的磁感线从N极到S极，小磁针静止时N极的指向就是该点磁场的方向解答：解：A、图中是电磁感应现象，是发电机的工作原理，该选项不正确；B、图中描述的磁场对电流的作用，是电动机的原理，该选项不正

18、确；C、图中通电螺线管的磁场是根据安培定则判断出来的，该选项正确；D、图中小磁针N极指向与该点磁场方向一致，该选项正确故选CD点评：本题通过电磁方面几个重要的实验插图考查学生对基本知识的掌握，具有一定综合性，相对比较简单14（5分）（2014日照）甲、乙两同学从同一地点同时向相同方向做直线运动，他们通过的路程随时间变化的图象如图所示，由图象可知（）A在010s内，甲同学比乙同学运动的快B两同学在距离出发点100m处相遇C在10s20s内，乙同学静止不动D在010s内，乙同学的速度为10m/s考点：速度与物体运动.专题：长度、时间、速度分析：（1）在st图象中，一条斜线表示物体做的是匀速直线运动

19、，根据图象读出甲乙同学在相同时间内通过的路程，即可比较出两物体的运动速度；（2）由图象可以看出两同学在015s内通过的路程相等，且在此时相遇（3）在st图象中，和时间轴平行的线段表示物体处于静止状态，一条斜线表示物体做的是匀速直线运动；（4）根据图象可知乙同学做匀速直线运动，在010s内的速度和015s内的速度相同，根据图中的数据利用速度公式求出再判断解答：解：A、由图象看出两同学在010s内的图象是一条斜线，表示物体做的是匀速直线运动，且在相同时间内甲同学通过的路程大于乙同学通过的路程，所以v甲v乙，故A正确；B、由图象看出两同学在15s末相遇，且015s内通过的路程相等，都是100m，故B

20、正确；C、乙同学在1020s内的图象是一条斜线表示乙同学做的是匀速直线运动，故C错误；D、由图象看出乙在015s内通过的路程为100m，所以，v乙=6.7m/s，故D错误故选AB点评：本题考查了由st图象比较物体的速度大小、判断两物体的位置关系等内容，由图象判断物体的运动性质、找出物体的路程与所对应的时间，是解题的关键15（5分）（2014日照）如图所示，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A电流表读数变小B电磁铁的磁性增强C电路总电阻变小D弹簧测力计示数变小考点：电路的动态分析.专题：应用题；电路变化分析综合题分析：由电路图可知，定值电阻和滑动变阻器与电磁铁串

21、联，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据电流的变化可知电磁铁磁性的变化和铁球受力的变化，进一步判断弹簧测力计示数的变化解答：解：由电路图可知，定值电阻和滑动变阻器与电磁铁串联，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，故C正确；由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的读数变大，故A不正确；因电磁铁的磁性与通过的电流有关，所以，电磁铁的磁性增强，故B正确；此时铁球受到的磁场力变大，弹簧测力计受到的拉力增大，示数变大，故D不正确故选BC点评：本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆

22、定律和滑动变阻器的应用等，关键是电磁铁磁性变化的分析三、填空题（每空1分，共6分）16（2分）（2014日照）温度是表示物体冷热程度的物理量；液体温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的考点：液体温度计的构造与工作原理.专题：温度计、熔化和凝固分析：利用温度的定义、温度计的制作原理知识分析即可解答：解：温度是表示物体冷热程度的物理量；常用温度计的原理是根据液体热胀冷缩的性质制成的故答案为：冷热程度；热胀冷缩点评：此题是对温度的概念和温度计的工作原理这个知识点的考查17（2分）（2014日照）夏天从冰箱里取出的水果，常看到水果表面先湿后干的现象，这现象反映的物态变化过程是先液化后汽化；在我们北方秋、

23、冬两季，有时地面和屋顶会出现霜、窗玻璃上出现冰花，这些都是凝华现象考点：液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点；生活中的凝华现象.专题：汽化和液化、升华和凝华分析：要正确判断物态变化过程，首先要弄清水是以怎样的物态形式出现，结合液化是由气态变为液态的过程和汽化是由液态变为气态的过程，凝华：由气态直接变成固态，没有经过液态过程；可得出正确选项解答：解：刚从冰箱里取出的水果温度较低，空气中的水蒸气遇到冷的水果会液化为水珠，发生液化现象，然后小水珠又慢慢蒸发成空气中的水蒸气，发生汽化现象，所以物态变化过程是先液化后汽化；在我们北方秋、冬两季，有时地面和屋顶会出现霜，霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶

24、，属于凝华现象；窗玻璃上出现冰花，是由室内的水蒸气发生凝华附着在玻璃内侧上故答案为：先液化后汽化；凝华点评：由生活现象判断物态变化这类题目，一定要搞清物体先后都是以什么状态出现，然后结合熔化、汽化、升华、凝固、液化、凝华来判断物态变化过程，结合题意认真分析，不可盲目判断18（2分）（2014日照）在水平桌面上有一块厚玻璃板，玻璃板上放着一枚硬币，硬币和它的虚像大约相距12mm，玻璃板的厚度大约是6mm；核反应堆是通过可控裂变（选填“聚变”或“裂变”）反应释放核能的设备考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；核裂变.专题：光的传播和反射、平面镜成像；能源的利用与发展分析：（1）根据平面镜

25、成像的特点可知：像到镜的距离与物到镜的距离相等硬币放在厚玻璃上，下表面是反射面，硬币到反射面的距离就是玻璃的厚度（2）核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的解答：解：（1）硬币的像与硬币的距离是12mm，所以硬币与反射面的距离就是6mm，即玻璃板厚度为6m（2）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的故答案为：6；裂变点评：物体紧贴在玻璃表面上，玻璃的厚度就是物体与镜面的距离；核反应堆是核电站进行核反应的容器，发生是的是裂变，目前人类没有掌握和平使用聚变的技术四、作图与实验探究题（共18分）19（2分）（2014日照）如图所示，在“研究凸透镜成像规律”的实验中，观测到正立、放大的虚像

26、试通过作图找出该透镜的两个焦点F的位置考点：透镜的光路图.专题：作图题；透镜及其应用分析：利用凸透镜的两条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；根据光路可逆和图示作出透镜和焦点的大致位置解答：解：过A点作平行于主光轴的直线与凸透镜交于一点B，连接AB并延长交于主光轴 F点，F点为凸透镜的一个焦点，在凸透镜的左侧对称的作出另一焦点F，如图所示：点评：凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点20（8分）（2014日照）李小芳同学在物理实验室对串联

27、电路电压规律进行实验探究时，利用现有的器材按如下步骤进行了操作：（1）按图所示的电路图连接电路；（2）闭合开关S，用电压表测出L1两端的电压；（3）在测L2两端的电压时，李小芳同学为了节省试验时间，采用以下方法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上；（4）测出AC间的电压对小芳同学以上实验操作评价是：在拆接电路时，开关应该断开；小芳同学用上面的方法能否测出L2两端的电压？为什么？不能，电压表的正负接线柱接反了（5）方法改进后，测出AB、BC、AC间的电压记录在如表中，小芳同学依据本次实验数据可以得出的结论是：串联电路总电压不等于各用电器两端的电压之和（填“等于”或“不等于”）

28、这个实验在设计方案上存在的不足之处是他只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律UAB/VUBC/VUAC/V3.11.44.45考点：探究串、并联电路中的电压规律实验.专题：探究型实验综合题分析：（4）连接电路时，开关必须要断开，断开的目的是为了保护电路，以防止由于接错出现短路烧坏电源；电压表要准确的测量用电器两端的电压，必须严格按照电压表的使用规则进行操作，所以判断李瑞同学能不能用此方法测出L2两端的电压，就看电压表此时是否与L2并联，正负接线柱的接法是否正确；（5）将AB间电压与BC间电压相加，即可判断出是否与AC间电压相等通过实验获得结论，

29、一般都要多做几次实验，多做几次实验，就可以多获几组数据，从而可以对数据进行归纳分析，以此获得结论解答：解：（4）在拆接电路时，开关必须断开；当电压表B点不动，只断开A点，并改接到C点上时，虽然电压表此时与L2并联，但电压表的正负接线柱却是反的，闭合开关后，指针会反向偏转，所以不能测出L2两端的电压；（5）由表中数据可知：UAB+UBC=3.1V+1.4V=4.5V，这与UAC间电压不相等，所以他的结论与猜想不相符，是由实验误差造成的不足之处是：他只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律故答案为：（4）断开；不能，电压表正负接线柱接反了；（5）不等

30、于；他只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律点评：本题是一道实验题，做此题时要围绕串联电路的电压规律去分析解答，需要注意的是在电学实验中，连接电路时开关都必须是断开的21（8分）（2014日照）刘光军同学在实验室做测量物体密度的实验时，他发现分别将小石块和小木块放在同一个水杯中，小石块会下沉、小木块会漂浮因此他就特别研究了物体的浮沉与物体密度的关系，以下是他的实验过程：（1）在调节天平时，发现分度盘的指针如图甲所示，此时他应将平衡螺母向右（选填“左”或“右”）端调（2）在测量石块质量时，他发现往右盘中加减砝码总不能使天平平衡，这时他应移动游码使

31、天平平衡当天平再次平衡时所用的砝码及游码位置如图乙所示，则小石块的质量为27.6g（3）在量筒中装入50mL的水，把石块放入量筒后水面位置如图丙所示，则石块的体积是10cm3石块的密度为2.76103kg/m3（4）再用调节好的天平测量出小木块的质量如图丁所示，用铅笔把木块刚好摁进水中，测量出小木块的体积为79mL，则小木块的密度为0.6103kg/m3（5）刘光军同学把实验得出的小石块密度和小木块密度与水的密度进行了比较，而后又反复实验并查阅了一些资料，初步得到了一个结论是：浸没在液体中的物体，如果它的密度小于液体的密度，物体上浮，如果它的密度大于液体的密度，物体下沉考点：固体的密度测量实验

32、.专题：实验题；测量型实验综合题分析：（1）天平的调节原则是：左偏右调，右偏左调，先快后慢；（2）要想知道测量石块质量时，发现往右盘中加减砝码总不能使天平平衡，应如何操作？必须会测量物体质量时的操作方法；称量物体质量时，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值；（3）根据排水法原理，石块的体积V等于石块和水的总体积减去水的体积；石块的密度用=来计算（4）读图可得小木块的质量，又知小木块的体积，利用=来计算小木块的密度（5）物体在液体中的浮沉条件：上浮：F浮G，悬浮：F浮=G，下沉：F浮G；如果被研究的物体的平均密度可以知道，则物体的浮沉条件可变成以下形式：物液，上浮 物=液，悬浮 物液，下沉解答

33、：解：（1）现在指针左偏，应该将平衡螺母向右调节；（2）称量物体质量过程中，加砝码时应由大到小，最后调节游码使天平平衡；石块质量m=20g+5g+2.6g=27.6g；（3）石块的体积V=60ml50ml=10ml=10cm3，石块的密度=2.76g/cm3=2.76103kg/m3；（4）小木块的质量m木=20g+20g+5g+2.4g=47.4g，小木块的密度木=0.6g/cm3=0.6103kg/m3；（5）浸没在水中的物体受到液体的浮力F浮和重力G两个力的作用，排开水的体积等于物体的体积，即：V排=V物，F浮=液V排g=液v物g，G=m物g=物V物g，如果F浮G，液V物g物V物g，液物

34、，物体将上浮；如果F浮G，液V物g物V物g，液物，物体将下沉；即：若液物，物体将上浮；若液物，物体将下沉故答案为：（1）右；（2）游码；27.6；（3）10；2.76103；（4）0.6103；（5）小于；大于点评：本题考查测固体密度的基本方法：用天平测出固体的质量m，在量筒中倒入适量水，读出体积为V1，再将固体浸没量筒的水中，读出总体积为V2，则固体的密度为=同时考查了学生对物体的浮沉条件、阿基米德原理的掌握和运用，分析时用好“浸没时排开液体的体积等于物体体积”这个隐含条件五、计算题（共21分）22（6分）（2014日照）一辆运送大石块填海的汽车在平直公路上匀速行驶，行驶120km后到达目的

35、地所用时间为80min已知汽车受到的阻力为6000N，大石块的质量为1.5104kg，体积为5m3，大石块与水平车厢的接触面积为3m2（g=10N/kg，海水=1.03103kg/m3）求：（1）石块对水平车厢的压强；（2）汽车的功率；（3）该石块全部沉入海水后，石块顶部距离海水面1m，计算石块所受到的浮力大小和顶部所受的海水压强考点：压强的大小及其计算；液体的压强的计算；阿基米德原理；功率的计算.专题：压强和浮力；功、功率、机械效率分析：（1）石块对水平车厢的等于石块的重力，又已知石块与水平车厢的接触面积，根据p=即可求出石块对车厢的压强（2）先根据速度公式求出汽车的速度，然后根据二力平衡条

36、件得出牵引力等于阻力，最后根据公式P=Fv求出汽车的功率（3）根据阿基米德原理的变形公式F浮=液gV排求出石块受到的浮力；根据p=gh即可求出石块顶部受到海水的压强解答：解：（1）石块对水平车厢的压力：F=G=mg=1.5104kg10N/kg=1.5105N，石块对水平车厢的压强：p=5104Pa；（2）汽车的速度：v=25m/s，因为汽车做匀速直线运动，因此F牵引力=f=6000N，则汽车的功率：P=F牵引力v=6000N25m/s=1.5105W；（3）石块受到的浮力：F浮=海水gV排=1.03103kg/m310N/kg5m3=5.15104N；石块顶部受到海水的压强：p=海水gh=1

37、.03103kg/m310N/kg1m=1.03104Pa答：（1）石块对水平车厢的压强为5104Pa；（2）汽车的功率为1.5105W；（3）石块所受到的浮力大小为5.15104N；石块顶部受到海水的压强为1.03104Pa点评：本题考查了固体压强、液体压强、阿基米德原理以及功率计算公式的理解和掌握，综合性较强，难度不大23（6分）（2014日照）如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程为“03V”，滑动变阻器R规格为“20，1A”，灯泡L标有“3.0V，1.5W”字样（不考虑灯丝电阻变化）在不损坏电路元件情况下，求：（1）灯泡的电阻和正常工作的电流；（2）滑动变阻器阻值变化的范围；（3）

38、该电路的最大功率考点：欧姆定律的应用；电功率的计算.专题：电路和欧姆定律；电能和电功率分析：（1）由电功率公式可以求出灯泡电阻与额定电流（2）由串联电路特点与欧姆定律可以求出滑动变阻器的阻值范围（3）由电功率公式可以求出电路消耗的最大功率解答：解：（1）由P=UI可知，灯泡额定电流：I=0.5A，由I=可知，灯泡电阻：RL=6；（2）电路最大电流等于灯泡额定电流，由I=可知，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R滑最小=3，电压表量程为03V，电压表最大示数是3V，此时电路电流I=0.25A，由I=可知，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R滑最大=12，则滑动变阻器接入电路的阻值范围是：312；（3）灯

39、泡正常发光时电路电流最大，此时电路消耗的功率最大，最大功率：P=UI=4.5V0.5A=2.25W；答：（1）灯泡的电阻为12欧姆，正常工作的电流为0.5A；（2）滑动变阻器阻值变化的范围是：312；（3）该电路的最大功率为2.25W点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项，只要有不正确的地方，本选项即为不正确24（9分）（2014日照）明亮同学的家中有一台微电脑控制的电热水壶，如图所示该电热水壶可以将水从桶中自动抽到壶中并自动加热至水烧开明亮同学观察该电热水壶的铭牌时发现其额定加热功

40、率模糊不清晰，其它铭牌标记均清晰（如表所示）；烧水前他关掉家里其它用电器，只接通电热水壶控制开关，小电动机开始额定电压下用5s时间将水从桶中提升了0.8m加至电热水壶满刻度处自动停止加水，此时显示水温为20，电热水壶加满水后开始在额定电压下烧水至水温为100时自动断开电路停止工作明亮同学还观察到，在电热水壶烧水的过程中，家里标有3000r/kWh的电能表在30s内转盘转了50转（g=10N/kg，水=1.0103kg/m3，C水=4.2103J/（kg） 型号MH200 额定电压 220V 额定频率 50Hz 额定加热功率 小电动机额定功率 5W 容量 2.0L求：（1）小电动机提升水的工作效

41、率；（2）电热水壶的额定加热功率；（3）如果在用电高峰时明亮同学家中的实际电压是额定电压的90%，电热水壶在此电压下烧水时的加热效率为90%，试计算在用电高峰时烧开该壶水所需的时间考点：电功与热量的综合计算.专题：计算题；电和热综合题分析：（1）先根据密度的变形公式求出水的质量，再根据W有=Gh求出有用功，利用W=pt求出电动机消耗的电能，最后利用=即可求出工作效率；（2）根据电能表表盘上标的“3000r/Kwh”和表盘实际转动的圈数为50，求出用电器消耗的电能，则根据P=求额定加热功率；（3）根据Q吸=cmt求出水吸收的热量，然后根据=求出电热水壶的加热效率解答：解：（1）由=可得，水的质量

42、：m=V=1103kg/m32103m3=2kg；则水的重力：G=mg=2kg10N/kg=20N；有用功：W有=Gh=20N0.8m=16J；电动机消耗的电能W=P机t=5W5s=25J；电动机工作效率机=100%=100%=64%；（2）根据电能表上标的参数“3000r/kWh”的含义可知，当电能表上转盘转50转时，用电器消耗的电能W=1kWh=kWh=6104J所以热水壶的额定加热功率P加=2000W（3）把2L水从20加热到100吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）2kg（10020）=6.72106J；热水壶的额定加热功率P加=2000W，由P=得：加热电阻为：R=24.2，当实际电压是额定电压的90%，其实际功率为P实=1620W，由题意可知：Q吸=P实t，则加热时间t=460.9s答：（1）小电动机提升水的工作效率为64%；（2）电热水壶的额定加热功率为2000W；（3）在用电高峰时烧开该壶水所需的时间为460.9s点评：本题考查了密度、重力、功、吸热公式、电功公式以及热效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型，从电热水壶铭牌得出相关信息是本题的关键18