浙江省杭州市2015年高考物理模拟命题比赛高三试卷16.doc

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1、2015高考模拟试卷(物理学科) 一选择题（每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题要求的）图（1）14(改编题)如图（1）所示，登山者连同设备总重量为G，某时刻缆绳和竖直方向的夹角为，若登山者手拉缆绳的力大小也为G，则登山者脚对岩石的作用力：（ ）A方向水平向右 B方向水平向右C大小为2Gtan D大小为Gsin 图（2）15(改编题)如图（2）所示是一道闪电划破夜空击中杭州北高峰的电视塔。假设发生闪电的云层带正电，则在闪电瞬间，电视塔受到地磁场的在水平方向的作用力方向是：（ ）A向东 B向南 C向西 D向北图（3）16(改编题)如图（3）所示，将一篮球从地面上方B点斜向上抛出

2、，刚好垂直击中篮板上A点，不计空气阻力。若抛射点B向离开篮板方向水平向右移动一小段距离，仍使抛出的篮球垂直击中A点，则可行的是：( )A增大抛射速度v0，同时减小抛射角B减小抛射速度v0，同时减小抛射角C增大抛射角，同时减小抛出速度v0D增大抛射角，同时增大抛出速度v0QAv0BC图（4）17(改编题)如图（4）所示，在光滑曲面上方有一固定的带电荷量为+Q的点电荷，现有一带电荷量为+q的金属小球（可视为质点），在A点以初速度v0沿曲面射入，小球与曲面相互绝缘，则：（ ）A小球在曲面上的运动过程中，机械能始终守恒B小球从B点运动到C点过程中，机械能逐渐减小C小球在C点时受到+Q的库仑力最大，所以

3、对曲面的压力最大D小球从A点运动到C点的过程中，重力势能的增加量等于其动能的减少量二选择题（本题共3小题，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）图（5）18(原创题)如图（5）是电子感应加速器的示意图，上、下为电磁铁的两个磁极，磁极之间有一个环形真空室，电子在真空室中做圆周运动上图为侧视图，下图为真空室的俯视图，电子从电子枪右端逸出（不计初速度），当电磁铁线圈电流的方向与图示方向一致时，使电子在真空室中沿虚线加速击中电子枪左端的靶，下列说法中正确的是：( )A真空室中磁场方向竖直向上 B真空室中磁场方向竖直向下

4、C电流应逐渐减小 D电流应逐渐增大H图（6）19(原创题)某家用桶装纯净水手压式饮水器如图（6）所示，在手连续稳定的按压下，出水速度为v，供水系统的效率为，现测量出桶底到出水管之间的高度差H，出水口倾斜，其离出水管的高度差可忽略，出水口的横截面积为S，水的密度为，重力加速度为g，则下列说法正确的是：（ ）A出水口单位时间内的出水体积QvSB出水口所出的水落地时的速度C出水后，手连续稳定按压的功率为 D手按压输入的功率等于单位时间内所出水的动能和重力势能之和+-O1O2O3+q图（7）20(原创题)如图（7）所示是选择密度相同、大小不同纳米粒子的一种装置。待选粒子带正电且电量与其表面积成正比。待

5、选粒子从O1进入小孔时可认为速度为零，加速电场区域的板间电压为U，粒子通过小孔O2射入正交的匀强电场磁场区域，其中磁场的磁感应强度大小为B，左右两极板间距为d。区域出口小孔O3与O1、O2在同一竖直线上。若半径为r0，质量为m0、电量为q0的纳米粒子刚好能沿直线通过，不计纳米粒子重力，则：（ ）A区域的电场与磁场的强度比值为B区域左右两极板的电势差U1=C若纳米粒子的半径rr0，则刚进入区域的粒子仍将沿直线通过D若纳米粒子的半径rr0，仍沿直线通过，则区域的电场与原电场强度之比为第卷（非选择题 共72分）21（10分 ）(改编题)如图（8）所示是三个涉及纸带和打点计时器的实验装置图。橡皮筯纸带

6、乙：探究功和速度变化关系细线纸带甲：研究匀变速直线运动细线纸带;_ai g_(xuan丙：探究加速度与力、质量的关系图（8）（1）三个实验装置中，摩擦力对实验结果没有影响的是 ；A甲 B乙 C丙 （2）如果操作都正确，则通过装置 （选填“甲”、“乙”或者“丙”）可打出下图（9）中的纸带 （选填“”或者“”）（3）任选一条纸带求出e、f两点间的平均速度大小为 m/s。图（9）22(10分) (改编题)（1）某同学用多用电表测量某一电阻，以下是该同学实验过程中的主要操作步骤。a将“选择开关”置于如图（10）甲所示的位置；b将红黑表笔短接，转动欧姆调零旋钮，进行欧姆调零；c如图（10）乙所示把两表笔

7、接触待测电阻的两端进行测量，表盘指针如图（10）丙所示；d记下读数，实验完毕。图（10）甲图（10）乙图（10）丙请指出该同学操作中不合理或遗漏的地方，图（10）丁并加以指正。 ； ； ；（2）该同学想采用“伏安法”更精确地测量该电阻的阻值，选用了如图（10）丁所示的实验器材。其中电压表量程3V、内阻约为3k，电流表量程15mA、内阻约为4，滑动变阻器总阻值20，电源电动势3V。图中已经完成部分导线的连接，请你在实物接线图中完成余下导线的连接。 23(16分) (改编题)如图（11）所示，质量为m的小物块放在长直水平面上，用水平细线紧绕在半径为R、质量为2m的薄壁圆筒上t0时刻，圆筒在电动机带

8、动下由静止开始绕竖直中心轴转动，转动中角速度满足1t（1为已知常数），物块和地面之间动摩擦因数为。求：（1）物块做何种运动？请说明理由。图（11）（2）物块运动中受到的拉力。（3）从开始运动至tt1时刻，电动机做了多少功？（4）若当圆筒角速度达到0时，使其减速转动，并以此时刻为t0，且角速度满足02t（式中0、2均为已知），则减速多长时间后小物块停止运动？24(20分) (原创题)电磁弹射是航空母舰上的一种舰载机起飞装置，已由美国福特号航母首先装备，我国末来的航母将采用自行研制的电磁弹射器。电磁弹射系统包括电源、强迫储能装置、导轨和脉冲发生器等等。其工作原理可简化如图（12）所示：上下共4根导

9、轨，飞机前轮下有一牵引杆，与飞机前轮连为一体，可收缩并放置在飞机的腹腔内。起飞前牵引杆伸出至上下导轨之间，强迫贮能装置提供瞬发能量，强大的电流从导轨流经牵引杆，牵引杆在强大的安培力作用下推动飞机运行到高速。现有一弹射器弹射某飞机，设飞机质量m=1.0104kg，起飞速度为=60m/s，起飞过程所受平均阻力恒为机重的k(0kg，细线松弛，物块水平方向仅受摩擦力，物块减速时间为t0R/g（2分）24（20分）（1）磁场方向竖直向上（2分）（2）由静止开始运动到起飞过程的动能定理得：(F+kmg)L=（2分）设强迫贮能装置贮存的最少能量为E，由动能定理得：E+(F+kmg)L=（2分）由以上两式联立

10、求得E=1.35107J（2分）（3）设在末开贮能装置情况下，飞机起飞的加速度为a1，则：2=2a1L得a1=9m/s2（1分） 由牛顿第二定律可得F+kmg =ma1（1分）设在开贮能装置情况下，飞机起飞的加速度为a2，加速时间为t,，则：2=2a1L得a2=36m/s2（1分） （1分） 由于E=IUt 则（2分）由牛顿第二定律可得F安+F+kmg =ma2（2分） 则F安 =m(a2- a1)=2.7105N（2分）由于F安 =BId得： B=20T（2分）25（22分）（1）（6分）设粒子经PT直线上的点R由E0电场进入E1电场，由Q到R及R到M点的时间分别为t1与t2，到达R时竖直速

11、度为vy，则：由及得： （1分） （1分） （1分） （1分）上述三式联立解得：, （1分） 即（1分）（2）（8分）由E12E0及式可得t12t2。因沿PT方向粒子做匀速运动，故P、R两点间的距离是R、T两点间距离的两倍。即粒子在E0电场做类平抛运动在PT方向的位移是在E1电场中的两倍。设PQ间到P点距离为y的F处射出的粒子通过电场后也沿水平方向，若粒子第一次达PT直线用时t，水平位移为x，则（1分） （1分）粒子在电场E1中可能做类平抛运动后垂直CD边射出电场，也可能做类斜抛运动后返回E0电场，在E0电场中做类平抛运动垂直CD水平射出，或在E0电场中做类斜抛运动再返回E1电场。若粒子从E1

12、电场垂直CD射出电场，则 （n0、1、2、3、）（1分）解之得： （n0、1、2、3、）（1分）若粒子从E0电场垂直CD射出电场，则 （k1、2、3、）（1分） （k1、2、3、）（1分）即PF间的距离为其中n0、1、2、3、，k1、2、3、或 （n1、2、3、） （1分）解之得：（n1、2、3、） （1分）即PF间的距离为 （n = 1，2，3，） （3）（8分）欲使粒子仍能从S孔处射出，粒子的运动轨迹可能是如图甲、乙所示的两种情况。甲S对图甲所示的情形，粒子运动的半径为R1，则 （2分） 又 （1分）解得：（1分）对图乙所示的情形，粒子运动的半径为R2，则（2分）S乙又 （1分） （1分）综合B1、B2得：- 11 -