浙江省绍兴市诸暨市草塔中学2013-2014学年高一化学下学期第一次月考试题（实验班）（含解析）.doc

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1、2013-2014学年浙江省绍兴市诸暨市草塔中学高一（下）第一次月考化学试卷（实验班）一选择题（每小题只有一个正确答案）1（3分）我国成功研制的铯（133Cs）原子喷泉钟，使我国时间频率基准的精度从30万年不差1秒提高到600万年不差1秒已知该铯原子的核外电子数为55，则该原子的中子数为（）A23B55C78D133考点：质量数与质子数、中子数之间的相互关系；质子数、中子数、核外电子数及其相互联系专题：原子组成与结构专题分析：原子中：中子数=质量数质子数，核外电子数=核内质子数，据此分析解答解答：解：铯（133Cs）原子中质量数为133，该铯原子的核外电子数=核内质子数=55，中子数=质量数质

2、子数=13355=78，故选C点评：本题考查了质子数、质量数和中子数之间的关系，难度不大，注意基础知识的积累2（3分）（2009广东）下表是元素周期表的一部分，有关说法正确的是（） 族周期AAAAAAA2cd3abefAe的氢化物比d的氢化物稳定Ba、b、e三种元素的原子半径ebaC六种元素中，e元素单质的化学性质最活泼Dc、e、f的最高价氧化物对应的水化物的酸性依次增强考点：元素周期律和元素周期表的综合应用专题：压轴题分析：元素周期律和元素周期表的综合运用，重在熟练掌握短周期元素，以及同一主族和同一周期元素性质的递变规律解答：解：A、d和e属于同一主族，由上到下，元素非金属性逐渐减弱，对应氢

3、化物的稳定性逐渐减弱，即H2OH2S，故A错；B、a、b、e属于同一周期，从左到右核电荷数依次增多，原子半径逐渐减小，因此a、b、e三种元素的原子半径大小为abe，故B错；C、此题表达不明确，是金属性最强，还是非金属性最强，故C错；D、同一周期中，从左到右核电荷数依次增多，原子得电子能力逐渐增强，同一主族，由上到下，原子得电子能力逐渐减弱，因此c、e、f的最高价氧化物对应的水化物酸性增强，故D对；故选：D点评：本题考查了元素周期律和元素周期表的综合运用，设点全面，突出主干知识和核心内容，具有很好的区分度，不偏不怪，侧重基础3（3分）两种粒子的核外电子排布相同，核电荷数不同，则它们可能是（）A两

4、种不同元素的原子B一定是两种不同的离子C同一元素的原子和离子D两种不同元素的原子和离子考点：原子核外电子排布；核电荷数专题：原子组成与结构专题分析：根据不同种元素最本质的区别是质子数不同，可推断：不同质子数，说明肯定不是同种元素的粒子；相同电子数即“核外电子数相同”，说明它们核外电子结构相同，而它们的质子数不同，说明肯定不是两种不同元素的原子的两种粒子；据此即可判定正确的选项解答：解：A、不同元素的原子，电子数肯定不同，故A错误；B、不同元素的离子，如Na+和Mg2+，都是离子，而且质子数不同，电子数相同，但是不同元素的原子和离子，如Ne和Na+，也是成立的，故B错误；C、同一元素，质子数就一

5、定相同，故C错误；D、一种元素的原子和另一种元素的离子，可以是不同质子数、相同电子数的两种粒子，如Ne和Na+，故D正确故选D点评：解答本题必须理解不同质子数、相同电子数的含义，才能正确解答4（3分）下列每组物质中含有的化学键类型相同的是（）ANaCl、HCl、H2O、NaOHBCl2、Na2S、HCl、SO2CHBr、CO2、H2O、CS2DNa2O2、H2O2、H2O、O3考点：化学键专题：化学键与晶体结构分析：根据化合物的类型和离子化合物中一定含有离子键，可能含有共价键，共价化合物中一定不含离子键，含有共价键分析判断解答：解：A、NaCl中含有离子键、HCl含有共价键、H2O含有共价键、

6、NaOH含有离子键和共价键，故A不符合；B、Cl2含有共价键、Na2S含有离子键、HCl含有共价键、SO2含有共价键，故B不符合；C、HBr、CO2、H2O、CS2分子中含的化学键都是共价键，故C符合；D、Na2O2含有离子键和共价键、H2O2含有共价键、H2O含有共价键、O3含有共价键，故D不符合；故选C点评：本题考查了根据化合物判断化学键类型，难度不大，明确离子键和共价键的区别是解答本题的关键5（3分）（2014九江三模）已知118号元素的离子aW3+、bX+、cY2、dZ都具有相同的电子层结构，下列关系正确的是（）A质子数：cdB离子的还原性：Y2ZC氢化物的稳定性：H2YHZD原子半径

7、：XW考点：物质的结构与性质之间的关系专题：元素周期律与元素周期表专题分析：根据离子的电子层结构相同，判断出四种元素的原子序数的大小以及在周期表中的大体位置，再根据元素周期律判断各选项的正误解答：解：因四种离子的电子层结构相同，所以质子数a、b、c、d的大小关系应为abdc，且Y、Z在上一周期，Y在Z的左边，Y的非金属性小于Z；W、X在下一周期，X在W的左边，X的金属性大于WA、质子数dc，故A错误；B、离子的还原性：Y2Z，故B正确；C、氢化物稳定性应为HZH2Y，故C错误；D、原子半径大小关系应为XW，故D错误；故选B点评：本题通过四种电子层结构相同的粒子考查学生对原子（离子）结构、元素周

8、期律、氧化还原等知识的掌握情况，同时也要求学生平时应善于对知识进行归纳总结并变通应用6（3分）（2014长宁区一模）X、Y为短周期元素，X位于IA族，X与Y可形成化合物X2Y，下列说法正确的是（）AX的原子半径一定大于Y的原子半径BX与Y的简单离子不可能具有相同的电子层结构C两元素形成的化合物中，原子个数比不可能为1：1DX2Y可能是离子化合物，也可能是共价化合物考点：位置结构性质的相互关系应用专题：元素周期律与元素周期表专题分析：X、Y为短周期元素，X位于IA族，X与Y可形成化合物X2Y，则Y为第A族元素，则X可能为H、Li、Na等元素，Y可能为O、S等元素，以此进行解答题中各问解答：解：X

9、、Y为短周期元素，X位于IA族，X与Y可形成化合物X2Y，则Y为第A族元素，则X可能为H、Li、Na等元素，Y可能为O、S等元素：A、当X为H、Li等元素，Y为S元素时，X的原子半径小于Y的原子半径，故A错误；B、X为Na时，其对应离子为Na+，离子有10个电子，Y为O元素时，其对应的离子为O2，离子有10个电子，二者具有相同的电子层结构，故B错误；C、两元素形成的化合物中，原子个数为1：1的有H2O2或Na2O2，故C错误；D、化学式为X2Y的有H2O或Na2O或Li2O，可能是离子化合物，也可能是共价化合物，故D正确故选D点评：本题考查元素的位置结构性质的相互关系及应用，题目难度不大，注意

10、元素周期表中各主族元素的主要性质的相似性和递变性的应用7（3分）下列各组物质的晶体中，化学键类型相同、晶体类型也相同的是（）ASO2和SiO2BCO2和H2OCNaCl和HClDCCl4和KCl考点：化学键；晶体的类型与物质的性质的相互关系及应用专题：压轴题；化学键与晶体结构分析：根据组成化合物的元素及物质类别分别判断出各项中的物质所属化学键类型和晶体类型解答：解：A中根据元素组成可判断都为极性共价键，但SO2为分子晶体而SiO2为原子晶体，故A错误；B中都含极性键且都是分子晶体，故B正确；C中NaCl含离子键为离子晶体，而HCl含共价键，为分子晶体，故C错误；D中CCl4含共价键为分子晶体而

11、KCl中含离子键为离子晶体，故D错误故选B点评：本题考察了化学键类型和晶体类型的关系判断依据为：离子晶体中阴阳离子以离子键结合，原子晶体中原子以共价键结合，分子晶体中分子之间以范德华力结合，分子内部存在化学键8（3分）下列变化规律正确的是（）ANaCl、MgCl2、MgO熔点由低到高BH2O、H2S、H2Se的分解温度及沸点都由高到低CO2、I2、Hg、NaCl、SiO2熔点由低到高D碳化硅、单晶硅、金刚石、石墨熔点由低到高考点：离子晶体；晶格能的应用分析：A离子键越强，熔点越高；B水分子之间存在氢键，故沸点最高，但H2S沸点低于H2Se；CI2的熔点高于Hg；D原子晶体中共价键键长越短，熔点

12、高；解答：解：A离子键的强弱是MgOMgCl2NaCl，故熔点由高到低为MgOMgCl2NaCl，故A正确；BB组中水分子之间存在氢键，故沸点最高，但H2S沸点低于H2Se，不是由高到低，故B错误；CHg是液体、碘是固体，I2的熔点高于Hg，故C错误；D熔点由低到高应为单晶硅、碳化硅、金刚石、石墨，故D错误；故选A点评：本题物质的熔沸点，注意不同晶体的比较方法，难度不大9（3分）四种元素的离子：aXm+、bYn+、cZn、dRm（a、b、c、d为元素的原子序数），它们具有相同的电子层结构，若mn，对下列叙述的判断正确的是（）A元素的原子序数：abcdBab=nmC元素的非金属性：RZD最高价氧

13、化物对应的水化物的碱性：XY考点：原子结构与元素周期律的关系分析：四种元素的离子aXm+、bYn+、cZn和dRm（a、b、c、d为元素的原子序数），它们具有相同的电子层结构，则am=bn=c+n=d+m，若mn，故原子序数大小顺序是abcd，结合离子所得电荷可知，X、Y为金属元素，Z、R为非金属元素，且X、Y位于Z和R的下一周期，同一周期元素，元素的非金属性随着原子序数的增大而增强，元素的金属性随着原子序数的增大而减小，元素的金属性越强，其最高价氧化物的水化物碱性越强解答：解：四种元素的离子aXm+、bYn+、cZn和dRm（a、b、c、d为元素的原子序数），它们具有相同的电子层结构，则am

14、=bn=c+n=d+m，若mn，故原子序数大小顺序是abcd，结合离子所得电荷可知，X、Y为金属元素，Z、R为非金属元素，且X、Y位于Z和R的下一周期，A通过以上分析知，元素的原子序数：abcd，故A正确；B由于am=bn，则ab=mn，故B错误；CZ和R属于同一周期元素，且原子序数ZR，同一周期元素，元素的非金属性随着原子序数的增大而增强，所以元素非金属性：ZR，故C错误；D金属性YX，所以最高价氧化物对应水化物碱性：XY，故D错误；故选A点评：本题考查原子结构与元素周期律，确定元素在周期表中的相对位置是关键，并利用金属、非金属性的比较规律来解答，难度不大10（3分）下列各组中属于同位素关系

15、的是（）A与BT2O与H2OC与D金刚石与石墨考点：同位素及其应用专题：原子组成与结构专题分析：具有相同质子数、不同中子数的同种元素的原子，互为同位素，以此来解答解答：解：A质子数不同，为不同元素的原子，不是同位素关系，故A不选；B均为化合物，且为同种物质水，故B不选；C质子数均为19，中子数分别为21、20，则二者互为同位素，故C选；D均为单质，为碳的同素异形体，故D不选；故选C点评：本题考查同位素的判断，为基础性习题，把握同位素的分析对象为原子为解答的关键，注意相关概念的辨析，题目较简单11（3分）下列说法正确的是（）A第A族元素的金属性比第A族元素的金属性强B第A族元素的氢化物中，稳定性

16、最好的其沸点也最高C同周期非金属氧化物对应的水化物的酸性从左到右依次增强D第三周期元素的离子半径从左到右逐渐减小考点：同一主族内元素性质递变规律与原子结构的关系；同一周期内元素性质的递变规律与原子结构的关系专题：元素周期律与元素周期表专题分析：A、同周期第A族元素的金属性比第A族元素的金属性强；B、分子间存在氢键的物质，其沸点较高；C、同周期非金属元素最高价氧化物的水化物酸性从左到右依次增强；D、元素的离子半径比较方法：电子层多半径大，核外电子数相等，核内质子数越多，半径越小解答：解：A、同周期第A族元素金属性比第A族元素强，但不同周期比较，如Na（A）、Ca（A），前者金属性较弱，故A错误；

17、B、第A族元素的氢化物中稳定性最好的是H2O，因分子间存在氢键，其沸点也最高，故B正确；C、同周期非金属元素最高价氧化物的水化物酸性从左到右依次增强，但低价态氧化物的水化物酸性不一定如此，如H2SO4的酸性比HClO强，故C错误；D、第三周期元素离子半径大小顺序为：P3S2ClNa+Mg2+Al3+，故D错误故选B点评：本题考查学生同主族元素性质的递变规律，可以根据所学知识来回答，难度不大12（3分）下列电子式或结构式错误的是（）AOH的电子式BNH4Br的电子式CCCl4的电子式DH2O的结构式HOH考点：电子式；结构式专题：化学用语专题分析：根据原子的最外层电子数来分析电子式，并注意离子的

18、电子式书写应用中括号和带电荷数，共价化合物不用中括号，将共用电子对用“”表示即为结构式解答：解：A、因氧原子最外层6个电子，氢原子最外层1个电子，则OH的电子式为，故A正确；B、NH4Br为离子化合物，N原子最外层5个电子，Br原子最外层7个电子，则其电子式为，故B正确；C、CCl4为共价化合物，碳最外层4个电子，而Cl最外层7电子，中Cl的最外层电子数未标全，故C错误；D、水中有2对共用电子对，则H2O的结构式HOH，故D正确；故选C点评：本题考查化学用语的使用，学生明确原子的最外层电子数及物质的类别、电子式的书写方法是解答本题的关键13（3分）（2007惠州模拟）在短周期元素中，若某元素原

19、子的最外层电子数与其电子层数相等，则符合条件的元素种数为（）A1种B2种C3种D4种考点：原子核外电子排布专题：原子组成与结构专题分析：根据题干信息及核外电子排布规律判断解答：解：由题干短周期元素知，这些元素的原子序数小于等于18；核外电子排布规律是：每层电子最多排2n2个，最外层电子最多排8个所以，如果最外层是第一电子层，排1个电子，是H元素；如果最外层是第二电子层，排2个电子，是Be元素；如果最外层是第三电子层，排3个电子，是Al元素故选C点评：原子核外电子排布规律是：1每层电子最多排2n2个，2最外层不超过8个电子，3倒数第二层不超过18个电子，4倒数第三层不超过32个电子，5排列电子时

20、先排能量低的后排能量高的14（3分）（2012北京）已知33As、35Br位于同一周期下列关系正确的是（）A原子半径：AsClPB热稳定性：HClAsH3HBrC还原性：As3S2ClD酸性：H3AsO4H2SO4H3PO4考点：同一周期内元素性质的递变规律与原子结构的关系专题：元素周期律与元素周期表专题分析：A同一周期元素，原子半径随着原子序数增大而减小；B非金属的非金属性越强，其氢化物越稳定；C非金属的非金属性越强，其阴离子的还原性越弱；D非金属的非金属性越强，其最高价含氧酸的酸性越强解答：解：A原子半径大小顺序是AsPCl，故A错误；B热稳定性：HClHBrAsH3，故B错误；C单质的氧

21、化性Cl2SAs，所以阴离子的还原性：As3S2Cl，故C正确；D酸性H2SO4H3PO4H3AsO4，故D错误；故选C点评：本题考查物质的性质，根据元素周期律来分析解答即可，难度不大15（3分）（2010浙江）有X、Y、Z、W、M五种短周期元素，其中X、Y、Z、W同周期，Z、M同主族； X+与M2具有相同的电子层结构；离子半径：Z2W；Y的单质晶体熔点高、硬度大，是一种重要的半导体材料下列说法中，正确的是（）AX、M两种元素只能形成X2M型化合物B由于W、Z、M元素的氢化物相对分子质量依次减小，所以其沸点依次降低C元素Y、Z、W的单质晶体属于同种类型的晶体D元素W和M的某些单质可作为水处理中

22、的消毒剂考点：位置结构性质的相互关系应用分析：根据Y的单质晶体熔点高、硬度大，是一种重要的半导体材料可知Y为Si，则X、Y、Z、W都在第三周期，再由X+与M2具有相同的电子层结构；离子半径：Z2W；依次推出X为Na，M为O，Z为S，W为Cl，然后利用元素形成的化合物的结构和性质来解答解答：解：由Y的单质晶体熔点高、硬度大，是一种重要的半导体材料可知Y是硅元素，即X、Y、Z、W属于第三周期，由离子半径：Z2W可知X、Z、W分别属于钠、硫、氯元素，又因为Z、M同主族且X+与M2具有相同的电子层结构，则M是氧元素；A、因钠和氧还可以形成Na2O2，故A错误；B、因水分子中存在氢键，所以水的沸点最高，

23、沸点为H2OHClH2S，故B错误；C、元素Y、Z、W的单质晶体分别属于原子晶体、分子晶体、分子晶体，故C错误；D、Cl2和O3都具有强氧化性，则可以作为消毒剂，故D正确；故选：D点评：本题考查位置、结构、性质的关系和应用，寻找本题的突破点为Y是解答本题的关键，然后利用元素化合物知识来解答即可16（3分）H2O与H2S结构相似，都是V型的极性分子，但是H2O的沸点是100，H2S的沸点是60.7引起这种差异的主要原因是（）A范德华力B共价键C氢键D相对分子质量考点：不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别专题：化学键与晶体结构分析：H2O，HF，NH3中因为含有氢键，所以其沸点高于同族其他元素的

24、氢化物解答：解：H2O与H2S都属于分子晶体，H2O分子间可以形成氢键，H2S只含有范德华力，所以水的沸点高于H2S的沸点，故选C点评：本题考查了氢键对物质熔沸点的影响，题目难度不大，氢键为高考中的高频考点，H2O，HF，NH3中因为含有氢键，所以其沸点高于同族其他元素的氢化物17（3分）已知两个成键原子的核间距离叫做键长，拆开1mol共价键所需要的能量叫做键能下表是从实验测得不同物质中OO之间的键长和键能数据其中x、y的键能数据尚未测定，但根据规律推导，键能大小的顺序是bayx，该规律是（）O22O2O2O2+键长/1012m149128121112键能/kl/molxya=494b=628

25、A成键时，电子数越多键能越大B键长越短，键能越大C成键所用电子数越少，键能越大D成键时电子对越偏移，键能越大考点：键能、键长、键角及其应用分析：根据表中数据以及题目信息键能大小的顺序是bayx，可知键长越短，键能越大；根据O22和O2成键所用电子数越少分别为1、2个；O2和O2+电子数分别为16、15；解答：解：A、O2和O2+电子数分别为16、15，但键能分别为：494kj/mol、628kj/mol，电子数越多键能越小，故A错误；B、表中数据以及题目信息键能大小的顺序是bayx，可知键长越短，键能越大，故B正确；C、O22和O2成键所用电子数越少分别为1、2个，键能：ax，成键所用电子数越

26、少，键能越小，故C错误；D、电子对偏移程度与键能无关，故D错误；故选B点评：本题主要考查了键能的影响因素，难度不大，注意信息的掌握与运用18（3分）固体A的化学式为NH5，它的所有原子的最外层都符合相应稀有气体原子的最外层电子层结构，则下列有关说法中，不正确的是（）A一个NH5分子中含5个NH键BNH5中既有共价键，又有离子键CNH5的电子式是D它与HCl反应的离子方程式为NH5+H+=NH4+H2考点：化学键；电子式专题：化学键与晶体结构分析：NH5所有原子的最外层都符合相应稀有气体原子的最外层电子层结构，即氮原子最外层达到8电子稳定结构，所有氢原子达到2电子稳定结构，所以，NH5是离子化合

27、物氢化铵，铵根中的氮原子与四个氢原子形成四个共价键，符合稀有气体原子的最外层结构，剩余的一个氢原子只能是H，这样才符合2电子的稳定结构，所以数铵根离子和氢阴离子形成的离子化合物，能稳定存在于固体中类似氯化铵解答：解：A、根据氮原子的原子结构，最外层5个电子最多和四个氢原子形成共价键（其中一个是配位键，氮原子提供一对电子，氢离子提供空轨道形成），形成了带正电荷的铵根离子，所以另一个氢原子只能是形成H，阴阳离子间形成离子键，故A错误；B、由分析可知该化合物为NH4H，既存在离子键又存在共价键，故B正确；C、根据离子化合物的结构特征，阳离子是铵根离子，阴离子是氢阴离子，都达到了稀有气体的最外层结构，

28、电子式正确，故C正确；D、与盐酸反应，NH4H+HCl=NH4Cl+H2，是H和H+间的氧化还原反应，故D正确；故选A点评：本题考查了原子间化学键的形成，原子最外层电子的稳定结构形成，电子式的书写19（3分）下列叙述正确的是（）A带相反电荷离子之间的相互吸引称为离子键B金属元素与非金属元素化合时一定形成离子键C某元素的原子最外层只有一个电子，它跟卤素结合时所形成的化学键不一定是离子键D非金属原子间不可能形成离子键考点：化学键分析：A离子键是指带相反电荷的离子之间的相互作用；B氯化铝中氯原子和铝原子间存在共价键；C氢原子跟卤素结合时所形成的化学键为共价键；D非金属原子间形成铵盐，能形成离子键；解

29、答：解：A带相反电荷离子之间的相互作用称为离子键，故A错误；B金属元素与非金属元素化合时一定形成离子键，如氯化铝中氯原子和铝原子间存在共价键，故B错误；C某元素的原子最外层只有一个电子，它跟卤素结合时所形成的化学键不一定是离子键，如氢原子跟卤素结合时所形成的化学键为共价键，故C正确；D非金属原子间可能形成离子键，如铵盐中存在离子键，故D错误；故选C点评：本题主要考查了化学键的形成，难度不大，注意举例说明20（3分）根据化学反应的实质是旧键断裂新键形成这一事实，下列变化不属于化学反应的是（）白磷在260时转化为红磷 石墨在高温下转化为金刚石 NaCl熔化五氧化二磷吸水 冰熔化 HCl气体溶于水A

30、BCD考点：化学键；化学反应的实质专题：化学键与晶体结构分析：化学反应的实质是原子的重新组合，即旧化学键的断裂，新化学键的形成过程；同素异形体的转化是化学变化，分子结构发生了改变，原子重新组合，旧化学键断裂新化学键形成；离子化合物氯化钠熔化破坏了旧化学键，但未形成新化学键，是物理变化；氯化氢溶解于水中电离成自由移动的阴阳离子，旧化学键断裂，未形成新化学键，是物理变化；冰熔化是物质的三态变化，没有化学键的断裂与形成，只是分子间的距离发生了改变，是物理变化；五氧化磷吸水是和水发生了化学反应生成了磷酸，是化学变化解答：解：白磷在260时转化为红磷和石墨在高温下转化为金刚石都是同素异形体的相互转化，转

31、化过程中旧化学键键断裂同时形成了新化学键，是化学变化；NaCl熔化电离成自由移动的钠离子和氯离子，破坏了离子键，但未形成新化学键，是物理变化；五氧化二磷吸水发生了反应P2O5+3H2O=2H3PO4，旧化学键键断裂同时形成了新化学键，是化学变化；冰熔化是分子间距离增多，没有化学键的破坏与形成，是物理变化；HCl气体溶于水破坏了共价键，未形成新化学键，是物理变化不属于化学变化故选A点评：本题考查了从化学键的形成与断裂来分析化学反应的实质，重点考查了同素异形体的转化、物质的溶解过程、物质的熔化过程、物质的吸水过程21（3分）据估计，高空大气中的O2吸收紫外线可生成臭氧，臭氧可分解：O3O2+O臭氧

32、与大气污染物之一的NO发生反应：NO+O3NO2+O2，NO2+ONO+O2，纵观这些反应可以看出NO是作（）A氧化剂B还原剂C催化剂D干燥剂考点：催化剂的作用分析：NO+O3NO2+O2，NO2+ONO+O2，将两个方程式相加，消除中间反应物，可得出总的化学方程式为O3+O=2O2从过程可以看出NO反应前后未变，只是参与化学反应的过程，这符合催化剂的特点，所以起到了催化剂的作用，据此分析解答解答：解：臭氧与大气污染物之一的NO发生反应：NO+O3NO2+O2，NO2+ONO+O2，将两个方程式相加，合在一块是：O3+NO+O+NO2NO2+O2+NO+O2 反应物和生成物中相同的要消去即：O

33、3+O2O2，由方程式可知一氧化氮参加了反应，但最后又生成了它，催化剂在化学反应前后质量和化学性质不变，说明NO是催化剂，故选C点评：本题考查了催化剂的判别，掌握催化剂在化学反应前后质量和化学性质不变的特点是解答的关键，注意在反应物和生成物进行抵消时，必须是抵消相同分子数目的同种物质，题目难度不大22（3分）1.92g Cu投入一定量的浓HNO3中，铜完全溶解，生成气体的颜色越来越淡，共收集到672mL气体（标准状况）将盛有此气体的容器倒扣在水中，容器内液面上升，再通入标准状况下一定体积的氧气，恰好使气体完全溶于水中，则通入O2的体积是（）A504 mLB168 mLC336 mLD224 m

34、L考点：氧化还原反应的计算分析：根据电子守恒计算，已知HNO3NO、NO2HNO3，反应前后HNO3的物质的量不变，而化合价变化的只有铜和氧气，则Cu失去电子数目等于O2得到电子的数目，以此进行计算解答：解：1.92g Cu的物质的量为n（Cu）=0.03mol，反应时失去电子数目为20.03mol=0.06mol，反应整个过程为HNO3NO、NO2HNO3，反应前后HNO3的物质的量不变，而化合价变化的只有铜和氧气，则Cu失去电子数目等于O2得到电子的数目，所以消耗氧气的物质的量为n（O2）=0.015mol，V（O2）=0.015mol22400ml/mol=336ml，所以通入O2的体积

35、为336ml，故选C点评：本题考查氧化还原反应电子转移数目的计算，本题难度不大，根据HNO3NO、NO2HNO3，得出Cu失去电子数目等于O2得到电子的数目是解答本题的关键23（3分）下列不可用于区别溴蒸气与二氧化氮气体的试剂是（）A淀粉碘化钾溶液B水CAgNO3溶液DCCl4考点：物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用分析：二氧化氮和溴的性质不同，二氧化氮和水反应生成硝酸和NO，而溴可溶于水，溴水呈橙黄色，可与硝酸银溶液反应生成浅黄色沉淀；二者都具有强氧化性，以此解答解答：解：A二者均能氧化碘离子，使淀粉KI溶液变蓝，现象相同，不能鉴别，故A选；B二氧化氮溶于水为无色，溴溶于水为橙色，现象不同

36、，可鉴别，故B不选；CNO2溶在AgNO3溶液中，生成HNO3，溶液无颜色，而Br2溶在AgNO3溶液中，有AgBr浅黄色沉淀生成，现象不同，可鉴别，故C不选；D二氧化氮不溶于四氯化碳，而溴易溶于四氯化碳为橙红色，现象不同，能鉴别，故D不选故选A点评：本题考查物质的鉴别，注意利用物质的性质差异及不同现象鉴别物质，把握发生的化学反应为解答的关键，题目难度不大24（3分）在NO2被水吸收的反应中，发生还原反应和发生氧化反应的物质，其质量比为（）A3：1B1：3C1：2D2：1考点：氧化还原反应的计算专题：氧化还原反应专题分析：NO2与水反应方程式3NO2+H2O2HNO3+NO，反应中只有氮元素的

37、化合价发生变化，由+4价升高为+5价，由+4价降低为+2价，所以NO2既是氧化剂也是还原剂，氧化剂被还原，还原剂被氧化，由产物中氮元素的化合价，可知起氧化剂与还原剂的NO2物质的量之比为1：2据此判断解答：解：NO2与水反应产生3NO2+H2O2HNO3+NO，反应中只有氮元素的化合价发生变化，由+4价升高为+5价，由+4价降低为+2价，所以NO2既是氧化剂也是还原剂，氧化剂被还原，还原剂被氧化，由产物中氮元素的化合价，可知起氧化剂与还原剂的NO2物质的量之比为1：2所以发生还原反应和发生氧化反应的NO2的质量比为为1：2故选：C点评：考查氧化还原反应计算、氧化还原反应概念，难度中等，理解基本

38、概念，关键根据产物中化合价判断起氧化剂与还原剂的NO2物质的量之比25（3分）下列离子组在溶液中因发生氧化还原反应而不能大量共存的是（）AH+、NO3、Fe2+、Na+BK+、Ba2+、OH、SO42CAg+、NO3、Cl、K+DCu2+、NH4+、Br、OH考点：离子共存问题；氧化还原反应专题：氧化还原反应专题；离子反应专题分析：在溶液中因发生氧化还原反应而不能大量共存，则离子组中存在氧化性离子和还原性离子，且能发生氧化还原反应，结合离子的性质解答解答：解：A酸性条件下，NO3与Fe2+发生氧化还原反应而不能大量共存，故A选；BBa2+与SO42反应生成沉淀而不能大量共存，但没有发生氧化还原

39、反应，故B不选；CAg+与Cl反应生成沉淀而不能大量共存，但没有发生氧化还原反应，故C不选；DCu2+与OH反应生成沉淀而不能大量共存，但没有发生氧化还原反应，故D不选故选A点评：本题考查离子共存问题，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力和元素化合物知识的综合运用，注意把握离子的性质以及反应类型的判断，难度不大26（3分）由硝酸尾气的处理原理：3NO2+H2O2HNO3+NO，NO2+NO+2NaOH2HNO2+H2O，下列气体中，不可能被过量NaOH溶液完全吸收的是（）AV（NO2）：V（O2）=4：1BV（NO2）：V（NO）=1：1CV（NO2）：V（NO）=1：2DV（NO2）：V（N

40、O）：V（O2）=1：1：1考点：氮的氧化物的性质及其对环境的影响专题：氮族元素分析：由反应3NO2+H2O2HNO3+NO和2NO+O2=2NO2消去NO后可得4NO2+2H2O+O2=4HNO3，V（NO2）：V（O2）=4：1完全反应生成硝酸可以被氢氧化钠溶液完全吸收；由反应NO2+NO+2NaOH2HNO2+H2O可知V（NO2）：V（NO）=1：1通入氢氧化钠溶液中，生成的HNO2可以被氢氧化钠溶液完全吸收；所以V（NO2）：V（NO）=1：2通入氢氧化钠溶液中剩余NO气体，不能完全吸收；把4NO2+2H2O+O2=4HNO3和2NO+O2=2NO2合并得到NO+NO2+O2+H2O

41、=2HNO3，V（NO2）：V（NO）：V（O2）=1：1：1通入氢氧化钠溶液中能完全被吸收解答：A.4NO2+2H2O+O2=4HNO3 HNO3+NaOH=NaNO3+H2O，V（NO2）：V（O2）=4：1完全反应，故A不选；BV（NO2）：V（NO）=1：1符合NO2+NO+NaOH=NaNO2+H2O，故B不选；CV（NO2）：V（NO）=1：2通入氢氧化钠溶液中剩余NO气体，故C选；D把4NO2+2H2O+O2=4HNO3和2NO+O2=2NO2合并得到NO+NO2+O2+H2O=2HNO3，HNO3+NaOH=NaNO3+H2O，V（NO2）：V（NO）：V（O2）=1：1：1完

42、全反应，故D不选故选C点评：本题主要考查了氮氧化物溶于水的反应应用，同时考查了信息应用的能力和有关化学方程的计算能力27（3分）1L稀H2SO4和稀HNO3的混合液，其物质的量浓度分别为0.4molL1和0.1molL1若向该混合液中加入足量的铜粉，则最多能溶解铜粉的质量为（）A2.4gB3.2gC6.4gD9.6g考点：硝酸的化学性质；离子方程式的有关计算专题：氮族元素分析：1L稀H2SO4和稀HNO3的混合液，其物质的量浓度分别为0.4molL1和0.1molL1，则n（H+）=1L20.4mol/L+1L0.1mol/L=0.9mol，n（NO3）=1L0.1mol/L=0.1mol，铜屑投入HNO3和H2SO4的混合溶液中发生的反应：3Cu+8H+2NO3=3Cu2+2NO+4H2O，结合反应的离子方程式计算解答：解：1L稀H2SO4和稀HNO3的混合液，其物质的量浓度分别为0.4molL1