云南省楚雄天人中学2019_2020学年高一物理12月月考试题2021051401116.doc

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1、1云南省楚雄天人中学云南省楚雄天人中学 2019-20202019-2020 学年高一物理学年高一物理 1212 月月考试题月月考试题（考试时间：120 分钟，满分：100 分）保密时间：12 月 20 日 15 时 20 分前一、选择题（一、选择题（1414 道题，每题道题，每题 3 3 分，共分，共 4242 分，分，1-101-10 单选，单选，11-1411-14 多选，错选多选，错选 0 0 分，漏选分，漏选 2 2 分。）分。）1.从波兰中部城市罗兹往返四川成都的直达火车线路“蓉欧快铁”开通于 2013 年，全长 9826 公里，行车时间约 13 天，比历时 40 至 50 天的海

2、路运输快许多，它是中国雄心勃勃的“一带一路”计划的一部分关于“蓉欧快铁”，下列说法正确的是（）A.班列长度太大，质量太大，任何时候都不能看成质点B.研究“蓉欧快铁”线路上的班列行程时，可以将班列看成质点C.分析班列通过阿拉山口的时间时，可以将班列看成质点D.只要班列处于运动状态，就可以看成质点2.十六世纪末，伽利略创立了更能深刻地反映自然规律的理想实验方法，将可靠的事实和理论思维结合 起来，推翻了已在欧洲流行将近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元在以下四种说法中，与亚里士多德观点相反的是（）A四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明，物体受的力越大，速度就越大B一个

3、运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态”C两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落得较快D一个物体维持匀速直线运动不需要力3.下列关于加速度的描述中，正确的是（）A速度变化得越大，加速度就越大B加速度方向向上为失重，加速度方向向下为超重C当加速度与速度方向相反但加速度在增加时，物体做加速运动D当加速度与速度方向相同但加速度在减小时，物体做加速运动4.物体沿一直线运动，先以 5m/s 的速度运动一段时间，接着以 2m/s 的速度运动相等的时间，其整个过程的平均速度为 v1；若该物体以 5m/s 的速度运动一段位移，接着以 2m/s 的速度

4、运动相等的位移，其平均速度为 v2则 v1，v2的大小关系是（）A.v1v2B.v1v2C.v1=v2D.不确定5.甲、乙两物体均做直线运动，甲物体速度随时间变化的图象如图甲所示，乙物体位置随时间变化的图象如图乙所示，则这两个物体的运动情况是。（）2A甲在 0-4s 内运动方向改变，通过的路程为 12mB甲在 0-4s 内运动方向不变，通过的位移大小为 6mC乙在 0-4s 内运动方向改变，通过的路程为 12mD乙在 0-4s 内运动方向不变，通过的位移大小为 6m6.如图所示，两梯形木块A、B叠放在水平地面上，A、B之间的接触面倾斜A与天花板之间的细绳沿竖直方向，则关于两木块的受力，下列说法

5、正确的是()A.A、B之间一定存在摩擦力作用B.A可能受三个力作用C.B可能受到地面的摩擦力作用D.B受到地面的支持力一定大于B的重力7.一物体从 A 点由静止开始做匀加速直线运动，到达 B 点时速度为 v，再运动到 C 点时的速度为 2v，则 AB 与 BC 的位移大小之比为（）A.1：3B.1：4C.1：2D.1：18.一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为 2kg 的小球从一定的高度自由下落，测得在第 5s 内的位移是 18m，则（）A小球在 2s 末的速度是 20m/sB小球在第 5s 内的平均速度是 3.6m/sC小球在第 2s 内的位移是 20mD小球在 5s 内的

6、位移是 50m9.如图所示，在水平天花板的 A 点处固定一根轻杆 a，杆与天花板保持垂直.杆的下端有一个轻滑轮 O.另一根细线上端固定在该天花板的 B 点处，细线跨过滑轮 O，下端系一个重为 G 的物体，BO 段细线与天花板的夹角=30.系统保持静止，不计一切摩擦.下列说法中正确的是()A.细线 BO 对天花板的拉力大小是B.a 杆对滑轮的作用力大小是C.a 杆和细线对滑轮的合力大小是 GD.a 杆对滑轮的作用力大小是 G10.如图所示，A、B 两物块的质量分别为 m 和 M，把它们靠在一起从光滑斜面的顶端由静止开始下滑。已知斜面的倾角为，斜面始终保持静止。则在此过程中物块 B 对物块 A 的

7、压力为AsinMgBcosMgC0Dsin)(gmM 11.图示的木箱 a 用细线悬挂在天花板下，木箱内有用竖直弹簧相连的两物块 b 和 c，b 放于木箱的水平地板上已知木箱 a 的质量为 m，物块 b 的质量为 2m，物块 c 的质量为 3m，起初整个装置静止3不动用符号 g 表示重力加速度，针对剪断细线的瞬间，下列判断正确的是（）A物块 b 下落的加速度为 gB木箱 a 下落的加速度为 2gC物块 b 对木箱底板的压力为 mgD物块 b 对木箱底板的压力为 2mg12.如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为，在斜杆下端固定有质量为 m 的小球，下列关于杆对球的作用力 F 的判断

8、中，正确的是（）A小车静止时，F=mg，方向：竖直向上B小车静止时，F=mgcos，方向垂直杆向上C小车向右以加速度 a 运动时，一定有 F=sinmaD小车向左以加速度 a 运动时，F=22)()(mgma，方向左上方，与竖直方向的夹角为 tan=ga13.a、b 两车在平直公路上行驶，其 vt 图象如图所示，在 t=0 时，两车间距为 s0，在 t=t1时间内，a 车的位移大小为 s，则（）A0t1时间内 a、b 两车相向而行B0t1时间内 a 车平均速度大小是 b 车平均速度大小的 2 倍C若 a、b 在 t1时刻相遇，则 s0=32sD若 a、b 在时刻相遇，则下次相遇时刻为23t11

9、4.如图所示，倾角为 30的斜面体C质量为 4m，放置在粗糙的水平地面上，质量为 4m的物块B放置在斜面上，轻绳 1 一端系在B上，另一端绕过光滑定滑轮与另外两轻绳 2、3 系于O点，其中轻绳3 下端悬挂质量为m的物体A，轻绳 2 与水平方向的夹角为 30.轻绳 1 在定滑轮左侧的部分与斜面平行，右侧的部分水平，整个系统处于静止状态，重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A.B受到的摩擦力沿斜面向下B.地面对C的支持力大小为 8mgC.地面对C的摩擦力大小为mgD.若不断增大A的质量，整个系统仍静止，则B受到的摩擦力将逐渐增大二、实验题（本题共二、实验题（本题共 2 2 道小题道小题,第第 1

10、 1 题题 6 6 分分,第第 2 2 题题 6 6 分分,共共 1212 分）分）15.如图 1 为“验证力的平行四边形定则”的实验装置图（1）请将下面实验的主要步骤补充完整4将橡皮筋的一端固定在木板上的 A 点，另一端拴上两根绳套，每根绳套分别连着一个弹簧测力计；沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，将此位置标记为 O 点，并记录两个拉力的大小及方向；再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端也拉至 O 点，记录（2）在上述操作中两次将橡皮筋都拉至同一点 O 的目的是（3）如图所示，是某同学根据实验数据按照一定的标度（标度未画出）画出的力的图示F1、F2、F、F中 不是由弹簧测力

11、计测得的力是（填字母）16.如图甲所示是研究小车加速度与力关系的实验装置,木板置于水平桌面上,一端系有砂桶的细绳通过滑轮与拉力传感器相连,拉力传感器可显示所受的拉力大小 F,改变桶中砂的质量多次实验。完成下列问题:(1)实验中需要_A.测量砂和砂桶的总质量B.保持细绳与木板平行C.保持小车的质量不变D.满足砂和砂桶的总质量远小于小车的质量(2)实验中得到一条纸带,相邻计数点间有四个点未标出,各计数点到 A 点的距离如图乙所示。电源的频率为 50Hz,则小车的加速度大小为_m/s2（结果保留两位有效数字）(3)实验中描绘出 a-F 图像如图丙所示,图像不过坐标原点的原因是_三、计算题（共三、计算

12、题（共 5 5 题题,第第 1717 题题 6 6 分分,第第 1818 题题 8 8 分分,第第 1919 题题 9 9 分分,第第 2020 题题 1111 分分,第第 2121 题题 1212 分分,共共 4 46 6分）分）17.跳伞运动员做低空跳伞表演，他离开飞机后先做自由落体运动，当距地面 125 m 时打开降落伞，开伞后运动员以大小为 14.30 m/s2的加速度做匀减速运动，到达地面时的速度为 5 m/s，求：(1)运动员离开飞机瞬间距地面的高度；(2)离开飞机后，经多长时间到达地面(g 取 10m/s2)518.所受重力G18 N 的物块悬挂在绳PA和PB的结点上PA偏离竖直

13、方向 37角，PB在水平方向，且连在所受重力为G2100 N 的木块上，木块静止于倾角为 37的斜面上，如图所示，(sin 530.8，cos 530.6，重力加速度g取 10 m/s2)。试求：(1)木块与斜面间的摩擦力大小；(2)木块所受斜面的弹力大小19.如图所示一足够长的斜面倾角为 37，斜面BC与水平面AB圆滑连接质量 m=2kg 的物体静止于水平面上的M点，M点距B点之间的距离 L=9m，物体与水平面和斜面间的动摩擦因数均为=0.5，现使物体受到一水平向右的恒力 F=14N 作用，运动至B点时撤去该力，（sin37=0.6，cos37=0.8，取 g=10m/s2）。则：(1)物体

14、在恒力作用下运动时的加速度是多大？(2)物体到达B点时的速度是多大？(3)物体沿斜面向上滑行的最远距离是多少？20.如图所示，用两细绳系着一质量为 m 的物体，1、2 两细绳与水平车顶的夹角分别为 30和 60 已知重力加速度为 g，不计空气阻力（1）若小车向右作匀速直线运动，求两绳中拉力的大小；（2）若让小车向右以 2g 的加速度做匀加速直线运动，当物体与车保持相对静止时，求绳 1 拉力的大小？621.如图所示，以水平地面建立 x 轴，有一个质量为 m=1kg 的木块放在质量为 M=2kg 的长木板上，木板长 L=11.5m.已知木板与地面的动摩擦因数为 1=0.1，m 与 M 之间的动摩擦

15、因数 2=0.9（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）m 与 M 保持相对静止共同向右运动，已知木板的左端 A 点经过坐标原点 O时的速度为 v0=10m/s，在坐标为 X=21m 处的 P 点有一挡板，木板与挡板瞬间碰撞后立即以原速率反向弹回，而木块在此瞬间速度不变，若碰后立刻撤去挡板，g 取 10m/s2,求：（1）木板碰挡板时的速度 V1为多少？(2)碰后 M 与 m 刚好共速时的速度？（3）最终木板停止运动时 AP 间距离？7楚雄天人中学楚雄天人中学 20222022 届高一年级上学期届高一年级上学期 1212 月学习效果监测物理试卷月学习效果监测物理试卷答案答案1-5：BDDAD6-10：

16、BADDC11BC12AD13CD14BC1.B试题分析：研究“蓉欧快铁”线路上的班列行程时，班列的大小能忽略，可以看成质点，故 B 正确，A 错误；分析班列通过阿拉山口的时间时，班列的大小不能忽略，不能看作质点；故 C 错误；班列能否看成质点与是否运动无关；故 D 错误；故选 B考点：质点【名师点睛】可视为质点的运动物体有以下两种情况：（1）运动物体的形状和大小跟它所研究的问题相比可忽略不计，如研究地球绕太阳的公转，可把地球当作一质点（2）做平动的物体，由于物体上各点的运动情况相同，可以用一个点代表整个物体的运动。2.D【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法【分析】亚里士多德的观点多

17、来自对自然地观察，往往忽略了摩擦力对物体的影响，而物体的自然属性是运动，维持运动不需要力，是物体的惯性【解答】解：A、亚里士多德的多数结论来自观察用四匹马和两匹马拉车，车在运动的过程中所受的摩擦力相同，两次都是匀速运动故 F=f，但四匹马的功率大于两匹马的功率，根据 P=Fv，可知v=故认为物体受力越大，速度越大的观点是错误的，故 A 选项是亚里士多德的观点故 A 错误；B、一个物体不受力就会逐渐停下来，是因为物体受到了地面的摩擦力，而不是因为不受力故 B 选项是亚里士多德的观点故 B 错误；C、两个物体从同一高度自由下落，较重的下落的快，是因为重的物体所受的摩擦力相对于重力来说小，其加速度就

18、大如果没有空气的阻力两物体应同时到达地面故 C 选项是错误的，是亚里士多德的观点故 C 错误；D、物体之所以运动，不是因为受力，而是由于惯性，故维持物体的运动不需要力故 D 选项是正确的是伽利略的观点，与亚里士多德的观点相反故 D 正确故选：D3.D4.A8解：（1）物体的总位移为：x=5t+2t=7t，则全程的平均速度为：v1=3.5m/s；（2）全程的运动时间为：t=+=，则全程的平均速度为：v2=2.7m/s故 v1v2；故选：A5.D6.B试题分析：对 A 进行受力分析，则 A 可能受绳子的拉力、重力而处于平衡；此时 AB 间没有相互的挤压，故没有摩擦力，故 A 错误；若木块对绳子没有

19、拉力，则此时 A 受重力、支持力及摩擦力而处于平衡，故 B 正确；对整体受力分析可知，整体不受水平方向的推力作用，故 B 不受地面的摩擦力，故 C 错误；若出现 A 中情况，此时 A 对 B 没有压力，故 B 只受重力和支持力而处于平衡；此时支持力等于 B 的重力，故 D 错误。考点：摩擦力的判断与计算、物体的弹性和弹力【名师点睛】本题考查共点力的平衡及受力分析，解题关键在于能明确物体受力的各种可能性，从而全面分析得出结果。7.A对 AB 过程，由变速直线运动的速度与位移的关系式可得，解得，对 BC 过程可得，解得，所以 AB 与 BC 的位移大小之比为 1：3，故 A 正确，BCD 错误；故

20、选 A。8.D9试题分析：第 5s 内的位移2211541822xgg，解得24/gm s，故小球在 2s 末的速度为8/vgtm s，在第 5s 内的平均速度为18/18/1vm sm s，小球在第 2s 内的位移为22114 24 1622xm ，小球在 5s 内的位移为214 5502xm，故 D 正确；考点：考查了自由落体运动【名师点睛】第 5s 内的位移等于 5s 内的位移减去 4s 内的位移，根据自由落体运动的位移时间公式求出星球上的重力加速度再根据速度时间公式 v=gt，位移时间公式212hgt求出速度和位移9.解：A、对重物受力分析，受到重力和拉力 T，根据平衡条件，有 T=m

21、g，同一根绳子拉力处处相等，故绳子对天花板的拉力也等于 mg，故 A 错误；B、D、对滑轮受力分析，受到绳子的压力（等于两边绳子拉力的合力），以及杆的弹力（向右上方的支持力），如图根据平衡条件，结合几何关系，有F=T=mg故 B 错误，D 正确；C、由于滑轮处于平衡状态，故 a 杆和细线对滑轮的合力大小是零，故 C 错误；故选 D10【知识点】物体的弹性和弹力；牛顿第二定律B1 C2【答案解析】C 解析：对 A、B 组成的整体受力分析可知，整体受重力、支持力而做匀加速直线运动；由牛顿第二定律可知，a=()sinmM gmM=gsin；则再对 B 由牛顿第二定律可知：F合=Ma=Mgsin；合力

22、等于 B 的重力沿斜面向下的分力；故说明 AB 间没有相互作用力，故 ABD 错误，C正确故选：C11.BC【考点】牛顿第二定律10【分析】剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出物体 a、b、c 的瞬时加速度大小和方向【解答】解：A、B、对整体分析，绳的拉力为 F=6mg，弹簧的弹力 F=3mg，b、c 整体处于平衡状态，所以 a 对 b 的支持力是 N=5mg剪断细绳的瞬间，对 ab，瞬间加速度 a1=，方向竖直向下故 A 错误，B 正确；C、D、以 a 为研究的对象，则：所以：N=mg故 C 正确，D 错误故选：BC12.AD【考点】牛顿运动定律的应用连接体；力的合成与分解的

23、运用【分析】静止时，球受到重力和杆的弹力，由平衡条件分析弹力的大小和方向当小车有加速度时，重力和弹力的合力产生加速度，根据牛顿第二定律用合成法求解弹力大小和方向【解答】解：A、B，小车静止时，球受到重力和杆的弹力，由平衡条件得 F=mg，方向：竖直向上故AB 错误C、小车向右以加速度 a 运动时，如图 1 所示，只有当 a=gtan时，F=故 C 错误D、小车向左以加速度 a 运动时，如图 2 所示，根据牛顿第二定律知小球的合力水平向左，方向左上方，与竖直方向的夹角为 tan=故 D 正确故选 D13.CD【考点】匀变速直线运动的图像11【分析】根据速度的正负得出两车的运动方向，根据平均速度推

24、论求出两车的平均速度大小，从而得出平均速度的大小关系结合图线围成的面积分析相遇情况【解答】解：A、由图象可知 0t1时间内两车速度均为正，故同向行驶，故 A 错误；B、0t1时间内两车平均速度大小分别是，可知 0t1时间内 a 车平均速度大小是 b 车平均速度大小的 3 倍，故 B 错误；C、若 a、b 在 t1时刻相遇，说明 0t1时间内 a 比 b 多出来的位移刚好是 s0，如右图所示：图象与坐标轴所围成的面积表示对应过程的位移，因为 a 车的位移为 s，则，故 C 正确；D、若 a、b 在时刻相遇，则下次相遇时刻为从时刻开始计时，到二者具有相同的位移的时刻，如下图：故下次相遇的时刻为，故

25、 D 正确故选：C14.BC解：先对 O 点分析，受力如图：根据平衡条件，有：T1=mg；再对 BC 整体分析，受重力、支持力、水平拉力 T1和静摩擦力，根据平衡条件，静摩擦力向左，大小为：f静=T1=mg，地面对 C 的支持力大小为(mB+mC)g=8mg，故 BC 正确；再隔离物体 B 分析，受重力、拉力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有：f=|T1-4mgsin30|=12（2-）mg，由于 T1=mg4mgsin30，故静摩擦力方向是平行斜面向上；故 A 错误；不断增大A 的质量，整个系统仍静止，则拉力 T1不断增加，静摩擦力不断减小，此后会反向增加，故 D 错误；故选 BC。【点睛

26、】本题是力平衡问题，关键是灵活选择研究对象进行受力分析，然后再根据平衡条件列式分析 通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法 有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用15.解：（1）拉力的大小及方向；（2）保证作用效果相同；（3）F（1）“验证力的平行四边形定则”的实验时需要记录两个分力以及合力的大小和方向，所以用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端也拉至 O 点，记录这个拉力的大小及方向（2）该实验采用了“等效法”，即用两个弹簧秤拉橡皮筋的效果和用一个弹簧秤拉橡皮筋的效果是相同的，即要求两次将橡皮筋都拉至同一点 O；（3）由于误差

27、的存在，通过平行四边形定则得出的合力值与由弹簧秤直接测得的力并不完全相等，通过平行四边形得出值在对角线上，用一个弹簧直接测量出的值沿细绳方向，即沿 AO 方向，故 F 是由弹簧秤直接测得的，F是通过平行四边形定值得出的合力值，所以不是由弹簧测力计测得的力是F故答案为：拉力的大小及方向；（2）保证作用效果相同；（3）F16.(1).BC(2).1.5(3).平衡摩擦力过度【分析】根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤。根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出小车运动的加速度的大小；实验时应平衡摩擦力，没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，a-F 图像在 F 轴上有截距；平衡摩擦力过

28、度，在 a-F 图像的 a 轴上有截距。【详解】（1）A绳子的拉力可以通过拉力传感器测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，A 项错误；B为了使细绳对小车的拉力等于小车所受的合外力，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上，调整木板的倾斜度，让小车拖着纸带做匀速直线运动，同时要调整木板上滑轮的高度使细绳与木板平行，B 项正确；C本实验采用的是控制变量法，要研究小车加速度与力的关系，必须保持小车的质量不变，C 项正确；13D实验中拉力通过拉力传感器测出，不需要满足砂和砂桶的质量远小于小车的质量，D 项错误；（2）已知打点计时器电源频率为 50Hz，则纸带上相邻计数点间的时间

29、间隔为 T=50.02s=0.1s,根据x=aT2可得:xCE-xAC=a(2T)2，小车运动的加速度为 a=10-2m/s2=1.48m/s2。（3）由图像可知，a-F 图像在 a 轴上有截距，这是由于平衡摩擦力过度造成的。即在实际操作中，平衡摩擦力时斜面倾角过大，即平衡摩擦力过度。17.（1）305 m；（2）9.85 s，试题分析：(1)对匀减速过程应用速度位移公式求出匀减速的初速度，再对自由落体过程应用速度位移公式求出物体自由下落的距离，把两段位移相加得运动员离开飞机瞬间距地面的高度；(2)分别求出运动员自由下落和匀减速的时间，两者相加得运动员在空中的总时间。解：(1)设匀减速的初速度

30、为、末速度为，对匀减速过程应用速度位移公式可得：1分解得：匀减速的初速度对自由落体过程应用速度位移公式可得：，解得：1 分运动员离开飞机瞬间距地面的高度1 分(2)运动员自由下落的时间1 分运动员匀减速的时间1 分运动员在空中的总时间1 分18.(1)Ff64.8N(2)FN76.4N试题分析：（1）如图甲所示分析结点 P 受力，由平衡条件得：FAcos37=G11 分FAsin37=FB1 分可解得：BP 绳的拉力为 FB=6 N2 分（2）再分析 G2的受力情况如图乙所示14由物体的平衡条件可得：Ff=G2sin37+FBcos371 分FN+FBsin37=G2cos371 分又有 FB

31、=FB解得：Ff=648N，FN=764N2 分考点：物体的平衡【名师点睛】本题是通过绳子连接的物体平衡问题，采用隔离法研究是基本方法要作好每个物体的受力分析图，这是解题的基础。19.（1）2m/s2（2）6m/s（3）1.8m解：（1）在水平面上，根据牛顿第二定律可知：F-mg=ma，1 分解得：1 分（2）有 M 到 B，根据速度位移公式可知：vB22aL1 分解得：vBm/s=6m/s1 分（3）在斜面上，根据牛顿第二定律可知：mgsin+mgcos=ma1 分代入数据解得：a=10m/s21 分根据速度位移公式可知：0-vB22ax2 分解得：xm1.8m1 分20.（1）若小车向右作

32、匀速直线运动，两绳中拉力的大小，；（2）若让小车向右以 2g 的加速度做匀加速直线运动，当物体与车保持相对静止时，绳 1 拉力的大小为解：（1）匀速运动时有 共点力平衡可知 F1cos30=F2cos602 分F1sin30+F2sin60=mg2 分联立解得1 分15（2）绳 2 中拉力刚好为零时，根据牛顿第二定律有2 分所以1 分说明当 a=2g 时绳 2 已松弛1 分此时有2 分答：（1）若小车向右作匀速直线运动，两绳中拉力的大小，；（2）若让小车向右以 2g 的加速度做匀加速直线运动，当物体与车保持相对静止时，绳 1 拉力的大小为21.【知识点】【知识点】牛顿第二定律 C2【答案解析】

33、【答案解析】（1）V1=9m/s（2）V共=1.8m/s，方向向左(3)19.60m解析解析：（1）对木块和木板组成的系统，有1（m+M）g=（m+M）a1，1 分V02V122a1s1 分解得：a1=1m/s2V1=9m/s1 分（2）由牛顿第二定律可知：am2g9m/s21 分12()MmM gmgMa1 分aM6m/s2m 运动至停止时间为：t1=v1/am=1 s此时 M 速度：VM=V1-aMt1=3m/s，方向向左，1 分此后至 m，M 共速时间 t2，有：VM-aMt2=amt2得：t2=0.2s1 分共同速度 V共=1.8m/s，方向向左1 分(3)至共速 M 位移：S1=(V1+V共)(t1+t2)/26.48m1 分共速后 m，M 以a11m/s21 分向左减速至停下位移：S2=212av共=1.62m1 分最终 AP 间距：X=11.5+S1+S2=11.5+6.48+1.62=19.60m1 分