2023年体育单招试卷数学模拟试卷含答案.docx

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1、体育单招-高考模仿试卷3一选取题（共10小题，满分60分，每小题6分）1（6分）集合M=x|x22x30，N=x|xa，若MN，则实数a取值范畴是（）A3，+）B（3，+）C（，1D（，1）2（6分）已知|a|=1，|b|=2，向量a与b夹角为60，则|a+b|=（）A5B7C1D23（6分）若直线mx+2y+m=0与直线3mx+（m1）y+7=0平行，则m值为（）A7B0或7C0D44（6分）已知tan=3，则2sin-cossin+3cos等于（）A13B56C32D25（6分）已知函数f（x）是定义在R上增函数，若f（a2a）f（2a24a），则实数a取值范畴是（）A（，0）B（0，3）

2、C（3，+）D（，0）（3，+）6（6分）在（x2）6展开式中，x3系数是（）A160B160C120D1207（6分）等比数列an，满足an0，2a1+a2=a3，则公比q=（）A1B2C3D48（6分）四个大学生分到两个单位，每个单位至少分一种分派方案有（）A10种B14种C20种D24种9（6分）圆锥底面半径为a，侧面展开图是半圆面，那么此圆锥侧面积是（）A2a2B4a2Ca2D3a210（6分）已知log12alog12b，则下列不等式一定成立是（）A1a1bB(13)a(13)bCln（ab）0D3ab1二填空题（共6小题，满分36分，每小题6分）11（6分）函数f（x）=x2，（x

3、2）反函数是12（6分）已知正四棱锥底面边长是2，侧棱长是3，则该正四棱锥体积为13（6分）在等差数列an中，an0，a7=12a4+4，Sn为数列an前n项和，S19=14（6分）某学校有两个食堂，甲、乙、丙三名学生各自随机选取其中一种食堂用餐，则她们在同一种食堂用餐概率为15（6分）已知直线4xy+4=0与抛物线y=ax2相切，则a=16（6分）已知圆x2+y2+2x2y6=0截直线x+y+a=0所得弦长度为4，则实数a值是三解答题（共3小题，满分54分，每小题18分）17（18分）已知函数f（x）=Asin（x+6），（A0，0）最小正周期为T=6，且f（2）=2（）求f（x）表达式；（

4、）若g（x）=f（x）+2，求g（x）单调区间及最大值18（18分）已知双曲线：x2a2-y2b2=1（a0，b0），直线l：x+y2=0，F1，F2为双曲线两个焦点，l与双曲线一条渐近线平行且过其中一种焦点（1）求双曲线方程；（2）设与l交点为P，求F1PF2角平分线所在直线方程19（18分）如图，在三棱柱ABCA1B1C1中，C1C底面ABC，CC1=AB=AC=BC=4，D为线段AC中点（）求证：直线AB1平面BC1D；（）求证：平面BC1D平面A1ACC1；（）求三棱锥DC1CB体积体育单招-高考模仿训练3参照答案与试题解析一选取题（共10小题，满分60分，每小题6分）1（6分）（山西

5、一模）集合M=x|x22x30，N=x|xa，若MN，则实数a取值范畴是（）A3，+）B（3，+）C（，1D（，1）【解答】解：集合M=x|x22x30=（1，3）N=x|xa，若N=x|xa，则1a即a1即实数a取值范畴是（，1故选C2（6分）（吉林三模）已知|a|=1，|b|=2，向量a与b夹角为60，则|a+b|=（）A5B7C1D2【解答】解：已知|a|=1，|b|=2，向量a与b夹角为60，ab=12cos60=1，|a+b|=(a+b)2=a2+b2+2ab=7，故选：B3（6分）（揭阳一模）若直线mx+2y+m=0与直线3mx+（m1）y+7=0平行，则m值为（）A7B0或7C0

6、D4【解答】解：直线mx+2y+m=0与直线3mx+（m1）y+7=0平行，m（m1）=3m2，m=0或7，经检查都符合题意故选：B4（6分）（广西模仿）已知tan=3，则2sin-cossin+3cos等于（）A13B56C32D2【解答】解：tan=3，2sin-cossin+3cos=2tan-1tan+3=23-13+3=56故选：B5（6分）（春五华区校级月考）已知函数f（x）是定义在R上增函数，若f（a2a）f（2a24a），则实数a取值范畴是（）A（，0）B（0，3）C（3，+）D（，0）（3，+）【解答】解：由于f（x）为R上增函数，因此f（a2a）f（2a24a），等价于a2

7、a2a24a，解得0a3，故选B6（6分）（海淀区校级模仿）在（x2）6展开式中，x3系数是（）A160B160C120D120【解答】解：在（x2）6展开式中，通项公式为Tr+1=C6rx6r（2）r，令6r=3，可得 r=3，故 x3系数是（2）3C63=160，故选B7（6分）（春苍南县校级期末）等比数列an，满足an0，2a1+a2=a3，则公比q=（）A1B2C3D4【解答】解：等比数列an，满足an0，2a1+a2=a3，2a1+a1q=a1q2，q2q2=0，解得q=2，或q=1（舍）故选：B8（6分）（永州二模）四个大学生分到两个单位，每个单位至少分一种分派方案有（）A10种B

8、14种C20种D24种【解答】解：依照题意，假设2个单位为甲单位和乙单位，分3种状况讨论：、甲单位1人而乙单位3人，在4人中任选1个安排在甲单位，剩余3人安排在甲乙单位即可，有C41=4种安排办法；、甲乙单位各2人，在4人中任选2个安排在甲单位，剩余2人安排在甲乙单位即可，有C42=6种安排办法；、甲单位3人而乙单位1人，在4人中任选3个安排在甲单位，剩余1人安排在甲乙单位即可，有C43=4种安排办法；则一共有4+6+4=14种分派方案；故选：B9（6分）（江西二模）圆锥底面半径为a，侧面展开图是半圆面，那么此圆锥侧面积是（）A2a2B4a2Ca2D3a2【解答】解：若圆锥侧面展开图是半圆，则

9、圆锥母线长为底面半径2倍圆锥底面半径为a，故圆锥母线长为2a，故圆锥侧面积S=rl=2a2故选A10（6分）（沈阳校级四模）已知log12alog12b，则下列不等式一定成立是（）A1a1bB(13)a(13)bCln（ab）0D3ab1【解答】解：y=log12x是单调减函数，log12alog12b，可得ab0，3ab1故选：D二填空题（共6小题，满分36分，每小题6分）11（6分）（上海模仿）函数f（x）=x2，（x2）反函数是y=-x，(x4)【解答】解：函数f（x）=x2，（x2），则y4可得x=-y，因此函数反函数为：y=-x，(x4)故答案为：y=-x，(x4)12（6分）（江苏

10、一模）已知正四棱锥底面边长是2，侧棱长是3，则该正四棱锥体积为43【解答】解：如图，正四棱锥PABCD中，AB=2，PA=3，设正四棱锥高为PO，连结AO，则AO=12AC=2在直角三角形POA中，PO=PA2-AO2=3-2=1因此VPABCD=13SABCDPO=1341=43故答案为：4313（6分）（濮阳二模）在等差数列an中，an0，a7=12a4+4，Sn为数列an前n项和，S19=152【解答】解：等差数列an中，an0，a7=12a4+4，a1+6d=12(a1+3d)+4，解得a1+9d=a10=8，Sn为数列an前n项和，则S19=192（a1+a19）=19a10=152

11、故答案为：15214（6分）（南通模仿）某学校有两个食堂，甲、乙、丙三名学生各自随机选取其中一种食堂用餐，则她们在同一种食堂用餐概率为14【解答】解：甲、乙、丙三名学生选取每一种食堂概率均为12，则她们同步选中A食堂概率为：121212=18；她们同步选中B食堂概率也为：121212=18；故们在同一种食堂用餐概率P=18+18=14故答案为：1415（6分）（马鞍山二模）已知直线4xy+4=0与抛物线y=ax2相切，则a=1【解答】解：直线4xy+4=0与抛物线y=ax2联立，消去y可得：ax24x4=0，a0，由于直线4xy+4=0与抛物线y=ax2相切，因此=16+16a=0，解得a=1

12、故答案为：116（6分）（天津一模）已知圆x2+y2+2x2y6=0截直线x+y+a=0所得弦长度为4，则实数a值是22【解答】解：圆x2+y2+2x2y6=0原则方程（x+1）2+（y1）2=8，则圆心（1，1），半径为22，圆心（1，1）到直线x+y+a=0距离d=丨-1+1+a丨2=22|a|，圆（x+1）2+（y1）2=8截直线x+y+a=0所得弦长为4，28-a22=4，解得a=22，故答案为：a=22三解答题（共3小题，满分54分，每小题18分）17（18分）（河北区一模）已知函数f（x）=Asin（x+6），（A0，0）最小正周期为T=6，且f（2）=2（）求f（x）表达式；（）

13、若g（x）=f（x）+2，求g（x）单调区间及最大值【解答】解：（）函数f（x）=Asin（x+6），最小正周期为T=6，即2=6，可得：=13f（x）=Asin（13x+6），又f（2）=2，A0、2=Asin（132+6），故得A=4f（x）表达式为：f（x）=4sin（13x+6）（）g（x）=f（x）+2，g（x）=4sin（13x+6）+2由2+2k13x+62+2k，kZ可得：6k2x+6kg（x）单调增区间为6k2，+6k，kZ由2+2k13x+632+2k，kZ可得：6k+x4+6kg（x）单调减区间为+6k，4+6k，kZsin（13x+6）最大值为1g（x）=4+2=6，故

14、得g（x）最大值为618（18分）（上海模仿）已知双曲线：x2a2-y2b2=1（a0，b0），直线l：x+y2=0，F1，F2为双曲线两个焦点，l与双曲线一条渐近线平行且过其中一种焦点（1）求双曲线方程；（2）设与l交点为P，求F1PF2角平分线所在直线方程【解答】解：（1）依题意，双曲线渐近线方程为y=x，焦点坐标为F1（2，0），F2（2，0），双曲线方程为x2y2=2；（2）&x2-y2=2&x+y-2=0P(32，12)，显然F1PF2角平分线所在直线斜率k存在，且k0，kPF1=17，kPF2=-1，于是|kPF1-k1+kPF1k|=|kPF2-k1+kPF2k|k=3y-12=

15、3(x-32)3x-y-4=0为所求19（18分）（历下区校级三模）如图，在三棱柱ABCA1B1C1中，C1C底面ABC，CC1=AB=AC=BC=4，D为线段AC中点（）求证：直线AB1平面BC1D；（）求证：平面BC1D平面A1ACC1；（）求三棱锥DC1CB体积【解答】证明：（）连结B1C交BC1于点M，连结DM，D为AC中点，M为B1C中点，DMAB1，又AB1平面BC1D，DM平面BC1D，AB1平面BC1D（）CC1底面ABC，BD底面ABC，CC1BDAB=BC，D为AC中点，BDAC又ACA1ACC1，CC1平面A1ACC1，ACCC1=C，BD平面A1ACC1，BD平面C1DB，平面BC1D平面A1ACC1（）CD=12AC=2，BC=4，BDAC，BD=BC2-CD2=23CC1底面ABC，CC1为三棱锥C1DBC高，因此VD-C1CB=VC1-BCD=13SBCDCC1=13122234=833