高中物理竞赛习题(共16页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上高中物理竞赛习题1、圆环放在光滑水平面上，有一甲虫，质量与环相等，沿环爬行，相对环的角速度为0 ，求甲虫在环上爬行一周，环的角位移。 2、一小水滴在均匀的静止雾气中凝结成核，当它下落时，扫光位于路径上的雾气，假如它留住了收集到的全部雾气，仍能保持球形，且没有粘滞阻力，渐渐地它会趋于匀速下落：v ( t ) = a t ( 对应较大的t )。试求系数a 。3、处于固定的、绝热长方体密封器中央的绝热活塞，质量为m，截面积为S，两边的气体压强均为P0 ，气柱长度均为L ，若不计摩擦，求活塞微振动的周期。 4、0.1 mol的单原子气体作如图1所示的循环，已知P1 = 32P

2、a ，V1 = 8.00m3 ，P2 = 1.0Pa V2 = 64.0m3，试求：（1）循环中的最高温度；（2）循环中气体对外界做的功。5、如图2所示，等边三角形ABC以及内含的无限网络均由相同的、均质的细铜线连成。现在BC边上又接上同种导线组成的等边三角形。已知铜线单位长度的电阻为R0 ，试求AB两端的等效电阻RAB 。6、如图3所示，在空间有相互垂直的场强为E的匀强电场和磁感强度为B的匀强磁场。一电子从原点静止释放，试求其在y轴方向前进的最大距离。7、为了测量玻璃楞镜的折射率n，采用如图4所示的装置。棱镜放在会聚透镜的前面，AB面垂直于透镜的主光轴，在透镜的焦平面上放一个屏，当散射光照在

3、AC面上时，在屏上可以观察到两个区域：照亮区和非照亮区。连接两区分界处（D点）与透镜光心O的直线与透镜的主光轴O成30角。已知棱镜的顶角= 30，试求棱镜的折射率n。高中物理竞赛习题答案1、 = 2、 a = g3、 T = 4、 (1) = 721K ; (2) W = 636 J5、6、7、 n = ( 其中= 30，j = 30)8、 V = 8、利用焦距为f的会聚透镜得到边长为l的透明立方体实像。立方体靠近透镜一面的像距透镜的距离为2f，试求所得像得体积。BAvv01.如图，足够长的水平传送带始终以大小为v3m/s的速度向左运动，传送带上有一质量为M2kg的小木盒A，A与传送带之间的动

4、摩擦因数为03，开始时，A与传送带之间保持相对静止。先后相隔t3s有两个光滑的质量为m1kg的小球B自传送带的左端出发，以v015m/s的速度在传送带上向右运动。第1个球与木盒相遇后，球立即进入盒中与盒保持相对静止，第2个球出发后历时t11s/3而与木盒相遇。求（取g10m/s2）（1）第1个球与木盒相遇后瞬间，两者共同运动的速度时多大？（2）第1个球出发后经过多长时间与木盒相遇？（3）自木盒与第1个球相遇至与第2个球相遇的过程中，由于木盒与传送带间的摩擦而产生的热量是多少？2.如图214所示，光滑水平桌面上有长L=2m的木板C，质量mc=5kg，在其正中央并排放着两个小滑块A和B，mA=1k

5、g，mB=4kg，开始时三物都静止在A、B间有少量塑胶炸药，爆炸后A以速度6ms水平向左运动，A、B中任一块与挡板碰撞后，都粘在一起，不计摩擦和碰撞时间，求： (1)当两滑块A、B都与挡板碰撞后，C的速度是多大? (2)到A、B都与挡板碰撞为止，C的位移为多少?3为了测量小木板和斜面间的摩擦因数，某同学设计如图所示实验，在小木板上固定一个轻弹簧，弹簧下端吊一个光滑小球，弹簧长度方向与斜面平行，现将木板连同弹簧、小球放在斜面上，用手固定木板时，弹簧示数为F，放手后，木板沿斜面下滑，稳定后弹簧示数为F，测得斜面斜角为，则木板与斜面间动摩擦因数为多少？（斜面体固定在地面上）6如图所示，两平行金属板A

6、、B长l8cm，两板间距离d8cm，A板比B板电势高300V，即UAB300V。一带正电的粒子电量q10-10C，质量m10-20kg，从R点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度v02106m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在中心线上的O点的点电荷Q形成的电场区域（设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响）。已知两界面MN、PS相距为L12cm，粒子穿过界面PS最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF上。求（静电力常数k9109Nm2/C2）BAv0RMNLPSOEFl（1）粒子穿过界面PS时偏离中心线RO的距离多远？（2）点电荷的电量。12建筑工地上

7、的黄沙堆成圆锥形，而且不管如何堆其角度是不变的。若测出其圆锥底的周长为125m，高为15m，如图所示。（1）试求黄沙之间的动摩擦因数。（2）若将该黄沙靠墙堆放，占用的场地面积至少为多少？*14如图10所示,空间分布着有理想边界的匀强电场和匀强磁场,左侧匀强电场的场强大小为E、方向水平向右，其宽度为L；中间区域匀强磁场的磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外；右侧匀强磁场的磁感应强度大小也为B、方向垂直纸面向里。一个带正电的粒子（质量m,电量q,不计重力）从电场左边缘a点由静止开始运动，穿过中间磁场区域进入右侧磁场区域后，又回到了a点，然后重复上述运动过程。（图中虚线为电场与磁场、相反方向磁场间的

8、分界面，并不表示有什么障碍物）。（1）中间磁场区域的宽度d为多大；（2）带电粒子在两个磁场区域中的运动时间之比；（3）带电粒子从a点开始运动到第一次回到a点时所用的时间t.23如图所示，在非常高的光滑、绝缘水平高台边缘，静置一个不带电的小金属块B，另有一与B完全相同的带电量为+q的小金属块A以初速度v0向B运动，A、B的质量均为m。A与B相碰撞后，两物块立即粘在一起，并从台上飞出。已知在高台边缘的右面空间中存在水平向左的匀强电场，场强大小E=2mg/q。求：（1）A、B一起运动过程中距高台边缘的最大水平距离（2）A、B运动过程的最小速度为多大（3）从开始到A、B运动到距高台边缘最大水平距离的过

9、程 A损失的机械能为多大？*31.如图预17-8所示，在水平桌面上放有长木板，上右端是固定挡板，在上左端和中点处各放有小物块和，、的尺寸以及的厚度皆可忽略不计，、之间和、之间的距离皆为。设木板与桌面之间无摩擦，、之间和、之间的静摩擦因数及滑动摩擦因数均为；、（连同挡板）的质量相同开始时，和静止，以某一初速度向右运动试问下列情况是否能发生？要求定量求出能发生这些情况时物块的初速度应满足的条件，或定量说明不能发生的理由（1）物块与发生碰撞；（2）物块与发生碰撞（设为弹性碰撞）后，物块与挡板发生碰撞；（3）物块与挡板发生碰撞（设为弹性碰撞）后，物块与在木板上再发生碰撞；（4）物块从木板上掉下来；（5

10、）物块从木板上掉下来*32.两块竖直放置的平行金属大平板、，相距，两极间的电压为。一带正电的质点从两板间的点开始以竖直向上的初速度运动，当它到达电场中某点点时，速度变为水平方向，大小仍为，如图预182所示求、两点问的电势差（忽略带电质点对金属板上电荷均匀分布的影响）*33.如图所示，AB是一段位于竖直平面内的光滑轨道，高度为h，末端B处的切线方向水平一个质量为m的小物体P从轨道顶端A处由静止释放，滑到B端后飞出，落到地面上的C点，轨迹如图中虚线BC所示已知它落地时相对于B点的水平位移OCl现在轨道下方紧贴B点安装一水平传送带，传送带的右端与B的距离为l2当传送带静止时，让P再次从A点由静止释放

11、，它离开轨道并在传送带上滑行后从右端水平飞出，仍然落在地面的C点当驱动轮转动从而带动传送带以速度v匀速向右运动时（其他条件不变），P的落地点为D（不计空气阻力）（1）求P滑至B点时的速度大小 （2）求P与传送带之间的动摩擦因数（3）求出O、D间的距离s随速度v变化的函数关系式参考解答:1.（1）设第1个球与木盒相遇后瞬间，两者共同运动的速度为v1,根据动量守恒： 代入数据，解得： v1=3m/s （2）设第1个球与木盒的相遇点离传送带左端的距离为s，第1个球经过t0与木盒相遇,则： 设第1个球进入木盒后两者共同运动的加速度为a，根据牛顿第二定律：得： 设木盒减速运动的时间为t1,加速到与传送带

12、相同的速度的时间为t2，则：=1s 故木盒在2s内的位移为零 依题意： 代入数据，解得： s=75m t0=05s （3）自木盒与第1个球相遇至与第2个球相遇的这一过程中,传送带的位移为S，木盒的位移为s1,则： 故木盒相对与传送带的位移： 则木盒与传送带间的摩擦而产生的热量是： 2.（1）A、B、C系统所受合外力为零，故系统动量守恒，且总动量为零，故两物块与挡板碰撞后，C的速度为零，即（2）炸药爆炸时有 解得 又 当sA1 m时sB0.25m，即当A、C相撞时B与C右板相距 A、C相撞时有： 解得1m/s，方向向左而1.5m/s，方向向右，两者相距0.75m，故到A，B都与挡板碰撞为止，C的

13、位移为m3固定时示数为F，对小球F=mgsin 整体下滑：（M+m）sin-(M+m)gcos=(M+m)a 下滑时，对小球：mgsin-F=ma 由式、式、式得： =tan 6（1）设粒子从电场中飞出时的侧向位移为h, 穿过界面PS时偏离中心线OR的距离为y，则： h=at2/2 即： 代入数据，解得： h=003m=3cm 带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动,由相似三角形知识得： 代入数据，解得: y=012m=12cm （2）设粒子从电场中飞出时沿电场方向的速度为vy，则：vy=at= 代入数据，解得: vy=15106m/s 所以粒子从电场中飞出时沿电场方向的速度为：设粒子从电场中飞

14、出时的速度方向与水平方向的夹角为，则： 因为粒子穿过界面PS最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏上，所以该带电粒子在穿过界面PS后将绕点电荷Q作匀速圆周运动，其半径与速度方向垂直。匀速圆周运动的半径： 、由： 代入数据，解得： Q=10410-8C 12（1）沙堆表面上的沙粒受到重力、弹力和摩擦力的作用而静止，则所以，（称为摩擦角）（2）因为黄沙是靠墙堆放的，只能堆成半个圆锥状，由于体积不变，不变，要使占场地面积最小，则取Rx为最小，所以有，根据体积公式，该堆黄沙的体积为，因为靠墙堆放只能堆成半个圆锥，故，解得 ，占地面积至少为=m2997m214.解：（1）带正电的粒子在电场中加速，由动能定理

15、得： 在磁场中偏转，由牛顿第二定律得 ， 可见在两磁场区域粒子运动的半径相同。如右图，三段圆弧的圆心组成的三角形是等边三角形，其边长为2r。 (2)带电粒子在中间磁场区域的两段圆弧所对应的圆心角为：，由于速度v相同，角速度相同，故而两个磁场区域中的运动时间之比为： （3）电场中，中间磁场中， 右侧磁场中,则23.（1）由动量守恒定律：m0=2m， 碰后水平方向：qE=2ma -2aXm=0-2 得： （2）在t时刻，A、B的水平方向的速度为 竖直方向的速度为=gt 合速度为： 解得合的最小值： （3）碰撞过程中A损失的机械能： 碰后到距高台边缘最大水平距离的过程中A损失的机械能： 从开始到A、

16、B运动到距离高台边缘最大水平距离的过程中A损失的机械能为：31. 以表示物块、和木板的质量，当物块以初速向右运动时，物块受到木板施加的大小为的滑动摩擦力而减速，木板则受到物块施加的大小为的滑动摩擦力和物块施加的大小为的摩擦力而做加速运动，物块则因受木板施加的摩擦力作用而加速，设、三者的加速度分别为、和，则由牛顿第二定律，有 事实上在此题中，即、之间无相对运动，这是因为当时，由上式可得 （1）它小于最大静摩擦力可见静摩擦力使物块、木板之间不发生相对运动。若物块刚好与物块不发生碰撞，则物块运动到物块所在处时，与的速度大小相等因为物块与木板的速度相等，所以此时三者的速度均相同，设为，由动量守恒定律得

17、 （2）在此过程中，设木板运动的路程为，则物块运动的路程为，如图预解17-8所示由动能定理有 （3） （4）或者说，在此过程中整个系统动能的改变等于系统内部相互间的滑动摩擦力做功的代数和（3）与（4）式等号两边相加），即 （5）式中就是物块相对木板运动的路程解（2）、（5）式，得 （6）即物块的初速度时，刚好不与发生碰撞，若，则将与发生碰撞，故与发生碰撞的条件是： （7） 2. 当物块的初速度满足（7）式时，与将发生碰撞，设碰撞的瞬间，、三者的速度分别为、和，则有： （8）在物块、发生碰撞的极短时间内，木板对它们的摩擦力的冲量非常小，可忽略不计。故在碰撞过程中，与构成的系统的动量守恒，而木板的

18、速度保持不变因为物块、间的碰撞是弹性的，系统的机械能守恒，又因为质量相等，由动量守恒和机械能守恒可以证明（证明从略），碰撞前后、交换速度，若碰撞刚结束时，、三者的速度分别为、和，则有 由（8）、（9）式可知，物块与木板速度相等，保持相对静止，而相对于、向右运动，以后发生的过程相当于第1问中所进行的延续，由物块替换继续向右运动。若物块刚好与挡板不发生碰撞，则物块以速度从板板的中点运动到挡板所在处时，与的速度相等因与的速度大小是相等的，故、三者的速度相等，设此时三者的速度为根据动量守恒定律有： （10）以初速度开始运动，接着与发生完全弹性碰撞，碰撞后物块相对木板静止，到达所在处这一整个过程中，先是

19、相对运动的路程为，接着是相对运动的路程为，整个系统动能的改变，类似于上面第1问解答中（5）式的说法等于系统内部相互问的滑动摩擦力做功的代数和，即 （11）解（10）、（11）两式得： （12）即物块的初速度时，与碰撞，但与刚好不发生碰撞，若，就能使与发生碰撞，故与碰撞后，物块与挡板发生碰撞的条件是 （13）3. 若物块的初速度满足条件（13）式，则在、发生碰撞后，将与挡板发生碰撞，设在碰撞前瞬间，、三者的速度分别为、和，则有： （14）与碰撞后的瞬间，、三者的速度分别为、和，则仍类似于第2问解答中（9）的道理，有： （15）由（14）、（15）式可知与刚碰撞后，物块与的速度相等，都小于木板的速

20、度，即 （16）在以后的运动过程中，木板以较大的加速度向右做减速运动，而物块和以相同的较小的加速度向右做加速运动，加速度的大小分别为 （17）加速过程将持续到或者和与的速度相同，三者以相同速度向右做匀速运动，或者木块从木板上掉了下来。因此物块与在木板上不可能再发生碰撞。4. 若恰好没从木板上掉下来，即到达的左端时的速度变为与相同，这时三者的速度皆相同，以表示，由动量守恒有： （18）从以初速度在木板的左端开始运动，经过与相碰，直到刚没从木板的左端掉下来，这一整个过程中，系统内部先是相对的路程为；接着相对运动的路程也是；与碰后直到刚没从木板上掉下来，与相对运动的路程也皆为整个系统动能的改变应等于

21、内部相互间的滑动摩擦力做功的代数和，即 （19）由（18）、（19）两式，得 （20）即当物块的初速度时，刚好不会从木板上掉下若，则将从木板上掉下，故从上掉下的条件是 （21）5. 若物块的初速度满足条件（21）式，则将从木板上掉下来，设刚要从木板上掉下来时，、三者的速度分别为、和，则有 （22）这时（18）式应改写为 （23）（19）式应改写为 （24）当物块从木板上掉下来后，若物块刚好不会从木板上掉下，即当的左端赶上时，与的速度相等设此速度为，则对、这一系统来说，由动量守恒定律，有 （25）在此过程中，对这一系统来说，滑动摩擦力做功的代数和为，由动能定理可得 （26）由（23）、（24）、

22、（25）、（26）式可得： （27）即当时，物块刚好不能从木板上掉下。若，则将从木板上掉下，故物块从木板上掉下来的条件是： （28）32.带电质点在竖直方向做匀减速运动，加速度的大小为；在水平方向因受电场力作用而做匀加速直线运动，设加速度为。若质点从到经历的时间为，则有 （1）; （2）由以上两式得： （3）; （4）、两点间的水平距离 （5）于是、两点间的电势差: （6）33（1）物体在轨道上由P滑到B的过程，由机械能守恒： 得物体滑到B点时的速度为 （2）当没有传送带时，物体离开B点后作平抛运动，运动时间为t， 当B点下方的传送带静止时，物体从传送带右端水平抛出，在空中运动的时间也为t，水

23、平位移为，物体从传送带右端抛出的速度 物体在传送带上滑动时，由动能定理： 解出物体与传送带之间的动摩擦因数为 （3）当传送带向右运动时，若传送带的速度，即时， 物体在传送带上一直做匀减速运动，离开传送带的速度仍为，落地的水平位移为，即sl 当传送带的速度时，物体将会在传送带上做一段匀变速运动如果尚未到达传送带右端，速度即与传送带速度相同，此后物体将做匀速运动，而后以速度v离开传送带v的最大值为物体在传送带上一直加速而达到的速度。即 由此解得： 当，物体将以速度离开传送带，因此得O、D之间的距离为 当，即时，物体从传送带右端飞出时的速度为v，O、D之间的距离为 综合以上的结果，得出O、D间的距离s随速度v变化的函数关系式为： 专心-专注-专业