2019学年高中物理 第一章 静电场 微型专题1 电场力的性质学案 新人教版必修2.doc

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1、1微型专题微型专题 1 1 电场力的性质电场力的性质学科素养与目标要求物理观念：1.进一步熟练掌握库仑定律、电场强度公式，熟练掌握几种常见的电场线.2.熟练掌握两等量同种电荷和两等量异种电荷的电场线分布特点.科学思维：1.建立形象化的思维模型，体会用电场线解决问题的方便性.2.掌握解决带电体动力学问题的思路和方法，进一步建立解决电场中平衡问题和动力学问题的思维模型.一、两等量点电荷周围的电场1.等量同号点电荷的电场(电场线分布如图 1)：(1)两点电荷连线上，中点O处场强为零，向两侧场强逐渐增大.(2)两点电荷连线中垂线上由中点O到无限远，场强先变大后变小.(3)关于中心点O点的对称点，场强等

2、大反向.图 1 图 22.等量异号点电荷的电场(电场线分布如图 2)：(1)两点电荷连线上，沿电场线方向场强先变小再变大，中点处场强最小.(2)两点电荷连线的中垂线上电场强度方向都相同，总与中垂线垂直且指向负点电荷一侧.沿中垂线从中点到无限远处，场强一直减小，中点处场强最大.(3)关于两点电荷连线中点的对称点场强等大同向.例 1 如图 3 所示，a、b两点处分别固定有等量异种点电荷Q和Q，c是线段ab的中点，d是ac的中点，e是ab的垂直平分线上的一点，将一个正点电荷先后放在d、c、e点，它所受的电场力分别为Fd、Fc、Fe，则下列说法中正确的是( )图 3A.Fd、Fc、Fe的方向都是水平向

3、右B.Fd、Fc的方向水平向右，Fe的方向竖直向上2C.Fd、Fe的方向水平向右，Fc0D.Fd、Fc、Fe的大小都相等答案 A解析 根据场强叠加原理，等量异种点电荷连线及中垂线上的电场线分布如图所示，d、c、e三点场强方向都是水平向右，正点电荷在各点受电场力方向与场强方向相同，故A 正确，B、C 错误；连线上场强由a到b先减小后增大，中垂线上由c到无穷远处逐渐减小，因此c点场强是连线上最小的(但不为 0)，是中垂线上最大的，故FdFcFe，故 D 错误.针对训练 1 两个带等量正电荷的点电荷如图 4 所示，O点为两电荷连线的中点，a点在连线的中垂线上，若在a点由静止释放一个电子，关于电子的运

4、动，下列说法正确的是( )图 4A.电子在从a点向O点运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B.电子在从a点向O点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C.电子运动到O点时，加速度为零，速度最大D.电子通过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，一直到速度为零答案 C解析 带等量正电荷的两点电荷连线的中垂线上，中点O处的场强为零，向中垂线的两边场强先变大，达到一个最大值后，再逐渐减小.但a点与最大场强点的位置关系不能确定，电子在从a点向O点运动的过程中，当a点在最大场强点的上方时，加速度先增大后减小；当a点在最大场强点的下方时，电子的加速度则一直减小，故 A、B 错误；但不论a点的位置如

5、何，电子在向O点运动的过程中，都在做加速运动，所以电子的速度一直增加，当到达O点时，加速度为零，速度达到最大值，C 正确；通过O点后，电子的运动方向与所受电场力方向相反，故电子做减速运动，由能量守恒定律得，当电子运动到a点关于O点对称的点时，电子的速度为零，同样因为此点与最大场强点的位置关系不能确定，故加速度大小的变化不能确定，D 错误.二、静电力作用下的平衡1.共点力的平衡条件：物体所受外力的合力为零.2.处理平衡问题常用的数学知识和方法有直角三角形、相似三角形和正交分解法.33.选取研究对象时，要注意整体法和隔离法的灵活运用.例 2 如图 5 所示，带电荷量分别为q和4q的两点电荷A、B，

6、相距L，问：图 5(1)若A、B固定，在何处放置点电荷C，才能使C处于平衡状态？(2)在(1)中的情形下，C的电荷量和电性对C的平衡有影响吗？(3)若A、B不固定，在何处放一个什么性质的点电荷C，才可以使三个点电荷都处于平衡状态？答案 见解析解析 (1)由平衡条件，对C进行受力分析，C应在AB的连线上且在A、B之间，设C与A相距r，则，解得：rkqqC r2k4qqCLr2L 3(2)C的电荷量大小和电性对其平衡无影响，距离A处，A、B的合场强为 0.L 3(3)若将C放在A、B电荷两边，A、B对C同为向右(或向左)的力，C都不能平衡；若将C放在A、B之间，C为正电荷，则A、B都不能平衡，所以

7、C为负电荷.设放置的点电荷C的电荷量大小为Q，与A相距r1，分别对A、B受力分析，根据平衡条件，对电荷A：有k4qq L2kQq r12对电荷B：有k4qq L2kQ4qLr12联立可得：r1 ，Qq(负电荷)L 34 9即应在AB连线上且在A的右边，与点电荷A相距 处放置一个电荷量为q的负电荷.L 34 91.同一直线上的三个自由点电荷都处于平衡状态时，每个电荷受到的合力均为零，根据平衡方程可得，电荷间的关系为：“两同夹异” 、 “两大夹小” 、 “近小远大”.2.对于三个自由电荷的平衡问题，只需对其中两个电荷列平衡方程，不必再对第三个电荷列平衡方程.例 3 (多选)A、B两带电小球，质量分

8、别为mA、mB，用绝缘不可伸长的细线如图 6 悬挂，静止时A、B两球处于相同高度.若B对A及A对B的库仑力分别为FA、FB，则下列判断正确的是( )4图 6A.FAEB，EBEDB.EA，因此m1gm2g，即m1m2，选项 C 正确.m1所受的库仑力与m2所受的库仑力为作用力与反作用力，大小相等，故 D 错误.由题给条件无法判断q1与q2的大小关系，故 B 错误.8.相距为L的点电荷A、B带电荷量分别为4q和q，如图 8 所示，今引入第三个点电荷C，使三个点电荷都处于平衡状态，则C的电荷量和放置的位置是( )图 8A.q，在A左侧距A为L处B.2q，在A左侧距A为 处L 2C.4q，在B右侧距

9、B为L处D.2q，在B右侧距B为处3L 2答案 C解析 A、B、C三个电荷要平衡，必须三个电荷在一条直线上，外侧两个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的引力，必须外侧电荷电荷量大，中间电荷电荷量小，所以C必须带正电，在B的右侧.设C所在位置与B的距离为r，则C所在位置与A的距离为Lr，要能处于平衡状态，所以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电荷量大小为Q.则有：k，解得rL.k4qQLr2Qq r2对点电荷A，其受力也平衡，则：k，解得：Q4q，即C带正电，电荷量4qQLr2k4qq L2为 4q，在B的右侧距B为L处，故选 C.9.如

10、图 9 所示，水平匀强电场中，一带电荷量为q、质量为m的小球静止在倾角为的12光滑绝缘斜面上，则关于场强方向及大小的判断正确的是( )图 9A.向右，tanB.向左，tanmg qmg qC.向右，sinD.向左，sinmg qmg q答案 B解析 小球静止，所受合力为零.重力和水平方向的静电力不能使其平衡，因此一定会受到斜面支持力的作用.由三力平衡条件可知，小球所受静电力应水平向右，即Eqmgtan，由此得匀强电场场强大小为tan .因小球带负电，所以匀强电场方向与小球受力方向mg q相反，即电场方向向左，故选 B.10.(多选)如图 10 所示，金属板带电荷量为Q，质量为m的金属小球带电荷

11、量为q，当小球静止后，悬挂小球的绝缘细线与竖直方向间的夹角为，小球与金属板中心O恰好在同一条水平线上，且距离为L.下列说法正确的是( )图 10A.Q在小球处产生的场强为E1kQ L2B.Q在小球处产生的场强为E1mgtan qC.q在O点产生的场强为E2kq L2D.q在O点产生的场强为E2mgtan Q答案 BC解析 金属板不能看成点电荷，在小球处产生的场强不能用E计算，故 A 错误；根据kQ r2小球受力平衡得小球受电场力Fmgtan，由E 得：E1，B 正确；小球可看F qmgtan q13成点电荷，在O点产生的场强E2，C 正确；根据牛顿第三定律知金属板受到小球的电kq L2场力大小

12、为Fmgtan，但金属板不能看作试探电荷，故不能用E 求场强，D 错误.F Q11.如图 11 所示，在场强为E的匀强电场中有一个质量为m的带正电小球A悬挂在绝缘细线上，当小球静止时，细线与竖直方向成 30角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电荷量应为( )图 11A.B.mg E3mg EC.D.2mg Emg 2E答案 D解析 电场方向恰使小球受到的电场力最小，即E的方向与细线垂直，对小球进行受力分析可得mgsin30qE，则q，故 D 正确.mg 2E二、非选择题12.如图 12 所示，长l1m 的轻质绝缘细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带正电小球，小球静止在水

13、平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角37.已知小球所带电荷量q1.0106C，匀强电场的场强E3.0103N/C，取重力加速度g10 m/s2，sin370.6，cos370.8.求：图 12(1)小球所受电场力F的大小；(2)小球的质量m；(3)将电场撤去，小球回到最低点时速度v的大小.答案 (1)3103N (2)4104kg (3)2m/s解析 (1)小球在匀强电场中所受电场力FqE3103 N14(2)对小球受力分析如图所示.由平衡条件得mgF tan 则m kg4104 kgF gtan 3 10310 3 4(3)撤去电场后，只有重力做功，由动能定理得mgl(1cos)mv201

14、 2代入数值解得v2 m/s.13.如图 13 所示，有一水平向左的匀强电场，场强为E1.25104N/C，一根长L1.5m、与水平方向的夹角37的光滑绝缘细直杆MN固定在电场中，杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q4.5106C；另一带电小球B穿在杆上可自由滑动，电荷量q1.0106C，质量m1.0102kg.将小球B从杆的上端N由静止释放，小球B开始运动.求：(静电力常量k9.0109Nm2/C2，g10 m/s2，sin370.6，cos370.8)图 13(1)小球B开始运动时的加速度大小；(2)小球B的速度最大时，与M端的距离r.答案 (1)3.2m/s2 (2)0.9m解析 (1)如图所示，开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，由牛顿第二定律得mgsinqEcosma.代入数据解得：a3.2m/s2.kQq L2(2)小球B速度最大时所受合力为零，即mgsinqEcos0kQq r2代入数据解得：r0.9m.15