2019-2020高考数学大二轮复习专题五立体几何专题能力训练14空间中的平行与垂直.pdf

《2019-2020高考数学大二轮复习专题五立体几何专题能力训练14空间中的平行与垂直.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019-2020高考数学大二轮复习专题五立体几何专题能力训练14空间中的平行与垂直.pdf（10页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、推荐学习K12资料推荐学习K12资料专题能力训练 14 空间中的平行与垂直一、能力突破训练1.如图,O为正方体ABCD-A1B1C1D1的底面ABCD的中心,则下列直线中与B1O垂直的是()A.A1DB.AA1C.A1D1D.A1C12.如图,在正方形ABCD中,E,F分别是BC,CD的中点,沿AE,AF,EF把正方形折成一个四面体,使B,C,D三点重合,重合后的点记为P,点P在AEF内的射影为O.则下列说法正确的是()A.O是AEF的垂心 B.O是AEF的内心C.O是AEF的外心 D.O是AEF的重心3.,是两个平面,m,n是两条直线,有下列四个命题:如果mn,m,n,那么 .如果m,n,那

2、么mn.如果,m?,那么m.如果mn,那么m与 所成的角和n与 所成的角相等.其中正确的命题有.(填写所有正确命题的编号)4.已知正四棱锥S-ABCD的底面边长为2,高为 2,E是边BC的中点,动点P在表面上运动,并且总保持PEAC,则动点P的轨迹的周长为.5.下列命题中正确的是.(填上你认为正确的所有命题的序号)空间中三个平面,若 ,则;若a,b,c为三条两两异面的直线,则存在无数条直线与a,b,c都相交;若球O与棱长为a的正四面体各面都相切,则该球的表面积为a2;在三棱锥P-ABC中,若PABC,PBAC,则PCAB.6.在正三棱柱A1B1C1-ABC中,点D是BC的中点,BC=BB1.设

3、B1DBC1=F.求证:(1)A1C平面AB1D;(2)BC1平面AB1D.推荐学习K12资料推荐学习K12资料7.如图,在四棱锥P-ABCD中,侧面PAD是边长为2 的正三角形,且与底面垂直,底面ABCD是ABC=60的菱形,M为PC的中点.(1)求证:PCAD;(2)证明在PB上存在一点Q,使得A,Q,M,D四点共面;(3)求点D到平面PAM的距离.8.(2018 全国,理 18)如图,四边形ABCD为正方形,E,F分别为AD,BC的中点,以DF为折痕把DFC折起,使点C到达点P的位置,且PFBF.(1)证明:平面PEF平面ABFD;(2)求DP与平面ABFD所成角的正弦值.推荐学习K12

4、资料推荐学习K12资料二、思维提升训练9.(2018 浙江,8)已知四棱锥S-ABCD的底面是正方形,侧棱长均相等,E是线段AB上的点(不含端点).设SE与BC所成的角为1,SE与平面ABCD所成的角为2,二面角S-AB-C的平面角为3,则()A.123B.321C.132D.23110.如图,在侧棱垂直底面的四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,ADBC,ADAB,AB=,AD=2,BC=4,AA1=2,E是DD1的中点,F是平面B1C1E与直线AA1的交点.(1)证明:EFA1D1;BA1平面B1C1EF;(2)求BC1与平面B1C1EF所成角的正弦值.11.如图,在长方形ABCD中,AB=

5、2,BC=1,E为CD的中点,F为AE的中点.现在沿AE将ADE向上折起,在折起的图形中解答下列问题:(1)在线段AB上是否存在一点K,使BC平面DFK?若存在,请证明你的结论;若不存在,请说明理由;(2)若平面ADE平面ABCE,求证:平面BDE平面ADE.12.已知正三棱柱ABC-A1B1C1中,AB=2,AA1=,点D为AC的中点,点E在线段AA1上.(1)当AE EA1=12 时,求证:DEBC1;(2)是否存在点E,使三棱锥C1-BDE的体积恰为三棱柱ABC-A1B1C1体积的?若存在,求AE的长,若不存在,请说明理由.13.如图,在四边形ABCD中(如图),E是BC的中点,DB=2

6、,DC=1,BC=,AB=AD=.将ABD(如图)沿直线BD折起,使二面角A-BD-C为 60(如图).推荐学习K12资料推荐学习K12资料(1)求证:AE平面BDC;(2)求异面直线AB与CD所成角的余弦值;(3)求点B到平面ACD的距离.推荐学习K12资料推荐学习K12资料专题能力训练14空间中的平行与垂直一、能力突破训练1.D解析易知A1C1平面BB1D1D.B1O?平面BB1D1D,A1C1B1O,故选 D.2.A解析如图,易知PA,PE,PF两两垂直,PA平面PEF,从而PAEF,而PO平面AEF,则POEF,EF平面PAO,EFAO.同理可知AEFO,AFEO,O为AEF的垂心.3

7、.解析对于,若mn,m,n,则,的位置关系无法确定,故错误;对于,因为n,所以过直线n作平面 与平面 相交于直线c,则nc.因为m,所以mc,所以mn,故正确;对于,由两个平面平行的性质可知正确;对于,由线面所成角的定义和等角定理可知其正确,故正确的命题有.4解析如图,取CD的中点F,SC的中点G,连接EF,EG,FG.设EF交AC于点H,连接GH,易知ACEF.又GHSO,GH平面ABCD,ACGH.又GHEF=H,AC平面EFG.故点P的轨迹是EFG,其周长为5.解析中也可以 与 相交;作平面与a,b,c都相交;中可得球的半径为r=a;中由PABC,PBAC得点P在底面ABC的射影为ABC

8、的垂心,故PCAB.6.证明 (1)连接A1B,设A1B交AB1于点E,连接DE.点D是BC的中点,点E是A1B的中点,DEA1C.A1C?平面AB1D,DE?平面AB1D,A1C平面AB1D.(2)ABC是正三角形,点D是BC的中点,ADBC.推荐学习K12资料推荐学习K12资料平面ABC平面B1BCC1,平面ABC平面B1BCC1=BC,AD?平面ABC,AD平面B1BCC1.BC1?平面B1BCC1,ADBC1.点D是BC的中点,BC=BB1,BD=BB1.,RtB1BDRtBCC1,BDB1=BC1C.FBD+BDF=C1BC+BC1C=90.BC1B1D.B1DAD=D,BC1平面A

9、B1D.7.(1)证法一取AD的中点O,连接OP,OC,AC,依题意可知PAD,ACD均为正三角形,所以OCAD,OPAD.又OCOP=O,OC?平面POC,OP?平面POC,所以AD平面POC.又PC?平面POC,所以PCAD.证法二连接AC,依题意可知PAD,ACD均为正三角形.因为M为PC的中点,所以AMPC,DMPC.又AMDM=M,AM?平面AMD,DM?平面AMD,所以PC平面AMD.因为AD?平面AMD,所以PCAD.(2)证明当点Q为棱PB的中点时,A,Q,M,D四点共面,证明如下:取棱PB的中点Q,连接QM,QA.因为M为PC的中点,所以QMBC.在菱形ABCD中,ADBC,

10、所以QMAD,所以A,Q,M,D四点共面.(3)解 点D到平面PAM的距离即点D到平面PAC的距离.由(1)可知POAD,又平面PAD平面ABCD,平面PAD平面ABCD=AD,PO?平面PAD,所以PO平面ABCD,即PO为三棱锥P-ACD的高.在 RtPOC中,PO=OC=,PC=,在PAC中,PA=AC=2,PC=,边PC上的高AM=,所以PAC的面积SPAC=PC AM=设点D到平面PAC的距离为h,由VD-PAC=VP-ACD,得SPACh=SACDPO.因为SACD=22=,所以h=,解得h=,所以点D到平面PAM的距离为8.(1)证明由已知可得,BFPF,BFEF,所以BF平面P

11、EF.推荐学习K12资料推荐学习K12资料又BF?平面ABFD,所以平面PEF平面ABFD.(2)解 作PHEF,垂足为H.由(1)得,PH平面ABFD.以H为坐标原点,的方向为y轴正方向,|为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系H-xyz.由(1)可得,DEPE.又DP=2,DE=1,所以PE=又PF=1,EF=2,故PEPF.可得PH=,EH=则H(0,0,0),P,D为平面ABFD的法向量.设DP与平面ABFD所成角为,则 sin=所以DP与平面ABFD所成角的正弦值为二、思维提升训练9.D解析当点E不是线段AB的中点时,如图,点G是AB的中点,SH底面ABCD,过点H作HFAB,过点E

12、作EFBC,连接SG,GH,EH,SF.可知 1=SEF,2=SEH,3=SGH.由题意可知EFSF,故 tan 1=tan 3.13.又 tan 3=tan 2,32.132.当点E是线段AB的中点时,即点E与点G重合,此时 1=3=2.综上可知,132.10.(1)证明因为C1B1A1D1,C1B1?平面ADD1A1,所以C1B1平面ADD1A1.因为平面B1C1EF平面ADD1A1=EF,所以C1B1EF.所以A1D1EF.因为BB1平面A1B1C1D1,所以BB1B1C1.因为B1C1B1A1,所以B1C1平面ABB1A1,所以B1C1BA1.在矩形ABB1A1中,F是AA1的中点,推

13、荐学习K12资料推荐学习K12资料即 tan A1B1F=tan AA1B=,即A1B1F=AA1B.故BA1B1F.又B1FB1C1=B1,所以BA1平面B1C1EF.(2)解 设BA1与B1F的交点为H,连接C1H(如图).由(1)知BA1平面B1C1EF,所以BC1H是BC1与平面B1C1EF所成的角.在矩形ABB1A1中,AB=,AA1=2,得BH=在 RtBHC1中,BC1=2,BH=,得 sin BC1H=所以BC1与平面B1C1EF所成角的正弦值是11.(1)解 线段AB上存在一点K,且当AK=AB时,BC平面DFK.证明如下:设H为AB的中点,连接EH,则BCEH.又因为AK=

14、AB,F为AE的中点,所以KFEH,所以KFBC.因为KF?平面DFK,BC?平面DFK,所以BC平面DFK.(2)证明因为F为AE的中点,DA=DE=1,所以DFAE.因为平面ADE平面ABCE,所以DF平面ABCE.因为BE?平面ABCE,所以DFBE.又因为在折起前的图形中E为CD的中点,AB=2,BC=1,所以在折起后的图形中AE=BE=,从而AE2+BE2=4=AB2,所以AEBE.因为AEDF=F,所以BE平面ADE.因为BE?平面BDE,所以平面BDE平面ADE.12.(1)证明因为三棱柱ABC-A1B1C1为正三棱柱,所以ABC是正三角形.因为D是AC的中点,所以BDAC.又平

15、面ABC平面CAA1C1,所以BDDE.因为AE EA1=12,AB=2,AA1=,所以AE=,AD=1,所以在 RtADE中,ADE=30.在 RtDCC1中,C1DC=60,推荐学习K12资料推荐学习K12资料所以EDC1=90,即DEDC1.因为C1DBD=D,所以DE平面BC1D,所以DEBC1.(2)解 假设存在点E满足题意.设AE=h,则A1E=-h,所以-SAED-=2h-(-h)-h.因为BD平面ACC1A1,所以h,又V棱柱=2=3,所以h=1,解得h=,故存在点E,当AE=,即E与A1重合时,三棱锥C1-BDE的体积恰为三棱柱ABC-A1B1C1体积的13.(1)证明如图,

16、取BD的中点M,连接AM,ME.AB=AD=,DB=2,AMBD.DB=2,DC=1,BC=满足DB2+DC2=BC2,BCD是以BC为斜边的直角三角形,BDDC,E是BC的中点,ME为BCD的中位线,MECD,MEBD,ME=,AME是二面角A-BD-C的平面角,AME=60.AMBD,MEBD,且AM,ME是平面AME内两相交于M的直线,BD平面AEM.AE?平面AEM,BDAE.ABD为等腰直角三角形,AM=BD=1.在AEM中,AE2=AM2+ME2-2AM ME cosAME=1+-21cos 60=,AE=,AE2+ME2=1=AM2,AEME.BDME=M,BD?平面BDC,ME

17、?平面BDC,AE平面BDC.(2)解 取AD的中点N,连接MN,则MN是ABD的中位线,MNAB.推荐学习K12资料推荐学习K12资料又MECD,直线AB与CD所成角 等于MN与ME所成的角,即EMN或其补角.AE平面BCD,DE?平面BCD,AEDE.N为 RtAED斜边的中点,NE=AD=,MN=AB=,ME=,cos=|cosEMN|=(3)解 记点B到平面ACD的距离为d,则三棱锥B-ACD的体积VB-ACD=dSACD.又由(1)知AE是三棱锥A-BCD的高,BDCD,VB-ACD=VA-BCD=AE SBCD=E为BC中点,AEBC,AC=AB=又DC=1,AD=,ACD为等腰三角形,SACD=DC1,点B到平面ACD的距离d=