2022级寒假物理作业答案1.pdf

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1、1 2022 级寒假物理作业 1（1 月 9 号）答案 1D 2C 3A 4C 5C 6C 7ABC 8CD 9BD 10CD 11 21.40 0.49 11.60 开始计时时小车的速开始计时时小车的速度（即表示小车在度（即表示小车在 A点的瞬时速度）点的瞬时速度）(1)1电磁打点计时器频率是电磁打点计时器频率是 50Hz 时，它们每隔时，它们每隔 0.02s 打一次点，根打一次点，根据题意可知：每相邻两个计数点间还有据题意可知：每相邻两个计数点间还有 4 个点没有画出，因此计数点个点没有画出，因此计数点之间的时间间隔为之间的时间间隔为5 0.02s0.1sT 根据匀变速直线运动中时间中点的

2、速度等于该过程中的平均速度，因根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，因此有此有1.902.38cm/s21.4cm/s2 0.1BDCBDxvt(2)2描点作图，用平滑曲线连接，如图所示描点作图，用平滑曲线连接，如图所示 3速度图象中斜率即加速度，所以速度图象中斜率即加速度，所以 220.3600.163m/s0.49m/s0.50.1vakt (3)4将图线延长与纵轴相交，交点的纵坐标是将图线延长与纵轴相交，交点的纵坐标是 11.60cm/s；5此速度的物理意义是：开始计时时小车的速度（即表示小车在此速度的物理意义是：开始计时时小车的速度（即表示小车在 A点的瞬时速度）。

3、点的瞬时速度）。12（1）30m/s2，向与初速度方向相反；（，向与初速度方向相反；（2）170m/s2，向与初速度方向相反，向与初速度方向相反（1）设弹丸初速度方向为正方向，则知弹丸的初速度为）设弹丸初速度方向为正方向，则知弹丸的初速度为110m/sv 末速度为末速度为27m/sv 根据加速度的定义知，此过程中弹丸的加速度根据加速度的定义知，此过程中弹丸的加速度2217 10m/s30m/s0.1vat 负号表示加速度的方向与初速度的方向相反；负号表示加速度的方向与初速度的方向相反；（2）设足球初速度方向为正方向，则知足球的初速度为）设足球初速度方向为正方向，则知足球的初速度为110m/sv

4、 末速度为末速度为27m/sv -根据加速度的定义知，此过程中足球的加速度根据加速度的定义知，此过程中足球的加速度2227 10m/s170m/s0.1vat 负号表示加速度的方向与初速度的方向相反负号表示加速度的方向与初速度的方向相反 2 13（1）26.8 m/s2，方向竖直向上；（，方向竖直向上；（2）1.56 m/s；（；（3）0.662m/s（1）向下为正方向）向下为正方向,则篮球与地面碰撞过程中有则篮球与地面碰撞过程中有224.93.13m s26.8m s0.3vat 方向竖直向上。方向竖直向上。（2）下落过程的平均速度为）下落过程的平均速度为113.05m s1.56m s1.

5、95hvt（3）全程的位移为）全程的位移为123.05 1.23 m1.82mxhh 全程所用的时间为全程所用的时间为1.950.50.3 s2.75st 则平均速度为则平均速度为1.8 2m s0.6 6 2 m s2.7 5xvt 14（1）1.5m/s2；（；（2）20m/s（1）摩托车在）摩托车在 020s 这段时间的加速度大小为这段时间的加速度大小为2230m/s1.5m/s20vat（2）摩托车在）摩托车在 075s 这段时间的位移大小为这段时间的位移大小为1(2575)30m1500m2x 平均速度大小为平均速度大小为1500m/s20m/s75xvt 2022 级寒假物理作业

6、2（1 月 10 号）答案 1C 2B 3C 4C 5B 6B 7BC 8AD 9BD 10BC 1120.5m/s 1由于遮光板很窄，通过光电门的时间很短，滑块通过光电门时的平均速度可以看成是滑块在该处的瞬时速度，由于遮光板很窄，通过光电门的时间很短，滑块通过光电门时的平均速度可以看成是滑块在该处的瞬时速度，可得可得112 0.01m/s1m/s0.02xvt 2220.0 1m/s2 m/s0.0 1xvt 故加速度大小为故加速度大小为22212 1m/s0.5m/s2vvat 1240km/h 设全程为设全程为 2x，则这辆汽车全程的平均速度，则这辆汽车全程的平均速度240km/h306

7、0 xvxx 13(1)飞机的速度较大，但是加速度却为零；飞机的速度较大，但是加速度却为零；(2)火车的速度变化量较大，但是加速度小于自行车的加速度。火车的速度变化量较大，但是加速度小于自行车的加速度。(1)飞机的速度较大，但是加速度却为零；飞机的速度较大，但是加速度却为零；(2)火车的速度变化量为火车的速度变化量为 20m/s，大于自行车的速度变化量，大于自行车的速度变化量 4m/s，加速度为，加速度为2220=m/s0.2m/s100vat火 224=m/s2m/s2vat自 即火车的加速度小于自行车的加速度。即火车的加速度小于自行车的加速度。14见解析图见解析图 因因 x-t图像的斜率等

8、于速度，可得图像的斜率等于速度，可得 0 2s 内的速度为内的速度为 1m/s；2 4s 内的速内的速度为度为 0；4 8s 内的速度为内的速度为-2.5m/s；8 10s 内的速度为内的速度为 1m/s；10112s 内的内的3 速度为速度为 0；12 14s 内的速度为内的速度为 1.5m/s；则则 v-t图像如图；图像如图；2022 级寒假物理作业 3（1 月 11 号）答案 1D 2B 3A 4B 5D 6A 7BD 8AD 9AC 10CD 11 交流交流 计时计时 电火花电火花 220V CBDAFE 偏小偏小【解析】【解析】（1）1 2 3 4打点计时器是一种使用交流电源的计时仪

9、器，图示为电火花式计时器，它使用的是交流打点计时器是一种使用交流电源的计时仪器，图示为电火花式计时器，它使用的是交流 220V 交交流电源；流电源；（2）5使用打点计时器时应使固定装置，安装纸带，实验时要先接通电源再放纸带，实验完后立即关闭电源，然使用打点计时器时应使固定装置，安装纸带，实验时要先接通电源再放纸带，实验完后立即关闭电源，然后再取下纸带，故步骤为：后再取下纸带，故步骤为：CBDAFE；（3）6根据周期与频率关系，可知根据周期与频率关系，可知1Tf 则物体运动的速度为则物体运动的速度为xvxfT 由于实验者不知道工作电源的频率已变为由于实验者不知道工作电源的频率已变为 60Hz，而

10、仍按，而仍按 50Hz 进行计算，即频率取值偏小了，则这样算出的速度进行计算，即频率取值偏小了，则这样算出的速度值与物体速度的真实值相比偏小了。值与物体速度的真实值相比偏小了。12(1)1.33m/s2；(2)12m；(3)2m/s2；(1)从开始计时到从开始计时到 3s 末物体的加速度大小末物体的加速度大小22140m/s1.33m/s30a(2)物体从物体从 3s 末到末到 6s 末物体的位移大小末物体的位移大小634m12mx (3)物体从物体从 6s 末到末到 7s 末的加速度大小末的加速度大小22242m/s2m/s76a 130.12m/s2 滑块上遮光板开始通过第一个光电门的瞬时

11、速度滑块上遮光板开始通过第一个光电门的瞬时速度2112.0 10m/s0.10m/s0.20dvt 滑块上遮光板开始通过第二个光电门的瞬时速度滑块上遮光板开始通过第二个光电门的瞬时速度2222.0 10m/s0.40m/s0.05dvt 滑块的加速度滑块的加速度12220.40.1m/s0.122.5m/svvat 14(1)汽车刹车时的加速度为汽车刹车时的加速度为25m/s，方向与汽车运动方向相反；，方向与汽车运动方向相反；(2)小王看到行人时汽车离斑马线的距离为小王看到行人时汽车离斑马线的距离为 50m；(3)见解析见解析 (1)以汽车速度方向为正方向，则汽车的初速度为以汽车速度方向为正方

12、向，则汽车的初速度为072km/h=20m/sv，末速度，末速度0m/stv，则有，则有 220020m/s5m/s4tvvat (2)小王在思考时间内汽车做匀速直线运动，则有小王在思考时间内汽车做匀速直线运动，则有00 020m/s0.5s10mxv t 4 汽车刹车过程的位移为汽车刹车过程的位移为22010020m40m22(5)vxa 小王看到行人时汽车离斑马线的距离为小王看到行人时汽车离斑马线的距离为0150mxxx(3)行人从行人从 A点到点到 B点所需时间为点所需时间为22 3s4s1.5dtv人 则在此过程中汽车先减速则在此过程中汽车先减速 1s，后匀速，后匀速 3s，汽车减速过

13、程，由匀变速直线运动规律可得，汽车减速过程，由匀变速直线运动规律可得10115m/svvat 2210217.5m2vvxa 汽车匀速过程汽车匀速过程31 245mxv t则此过程汽车的位移为则此过程汽车的位移为2362.5m50mxxx 因此小王违章驾驶因此小王违章驾驶 2022 级寒假物理作业 4（1 月 12 号）答案 1 D 2 B 3 C 4 D 5 D 6 B 7 BC 8 BD 9 AC 10 BC 11【解析解析】（】（1）该实验目的是研究小车做匀变速直线运动，只要小车做匀加速运动即可，对于初速度、小车质量与）该实验目的是研究小车做匀变速直线运动，只要小车做匀加速运动即可，对于

14、初速度、小车质量与钩码质量关系、是否平衡摩擦力没有要求，为保证小车做直线运动细线必须与长木板平行，故钩码质量关系、是否平衡摩擦力没有要求，为保证小车做直线运动细线必须与长木板平行，故BCD错误，错误，A正确。正确。（2）刻度尺的最小刻度为）刻度尺的最小刻度为mm，需要进行故读到下一位，因此读出，需要进行故读到下一位，因此读出66.00scm；根据匀变速直线运动中时间中点；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上F点时小车的瞬时速度为：点时小车的瞬时速度为：6464()22Fssf ssvT（3）根据匀变速直线运动的

15、速度位）根据匀变速直线运动的速度位移公式有：移公式有：2202vvas得：得：2202vvas，由此可知在，由此可知在22vs图线中，横轴截图线中，横轴截距表示初速度的平方，斜率表示加速度的大小，因此有：距表示初速度的平方，斜率表示加速度的大小，因此有：220.50/2vakm ssVV。故答案为（故答案为（1）A；（；（2）6.00；64()2f ss；（；（3）0.500.02。12 二车避免碰撞的临界条件是速度相等时位置相同。因此有二车避免碰撞的临界条件是速度相等时位置相同。因此有 v1=v2,x1+x0=x2,甲车位移为甲车位移为 x1=v0t-12a1t2,乙车位移为乙车位移为 x2

16、=v0t+v0(t-t)-12a2(t-t)2,其中其中,x0就是它们不相碰应该保持的最小距离就是它们不相碰应该保持的最小距离,联立可得联立可得 x0=1.5 m。答案答案 (1)2 s (2)1.5 m 13【答案】【答案】(1)2s；(2)30m；(3)3s (1)由由 v=v0at 得甲车停止运动的时间得甲车停止运动的时间010 10s=2s5vvta(2)时间时间 t1内甲车的位移内甲车的位移011102m=10m22vvxt乙车的位移为乙车的位移为 x2=v0t1=10m/s2s=20m 两车相距两车相距 x=x0 x1x2=30m(3)从甲车停下到两车相遇的时间从甲车停下到两车相遇

17、的时间203sxtv 14 解析解析 (1)要想所用时间最短，则电梯只有加速和减速过程，而没有匀速过程，设最大速度为要想所用时间最短，则电梯只有加速和减速过程，而没有匀速过程，设最大速度为 vm，由位移公式得，由位移公式得5 hv2m2a1v2m2a2，代入数据解得，代入数据解得 vm8 m/s，因为，因为 vm8 m/s9 m/s，符合题意。，符合题意。加速的时间为加速的时间为 t1vma182 s4 s，减速的时间为，减速的时间为 t2vma281 s8 s，运动的最短时间为，运动的最短时间为 tt1t212 s。(2)设加速的时间为设加速的时间为 t1，减速的时间为，减速的时间为 t2，

18、匀速上升时的速度为，匀速上升时的速度为 v，且，且 v8 m/s，则，则 加速的时间为加速的时间为 t1va1，减速的时间为，减速的时间为 t2va2，匀速运动的时间为，匀速运动的时间为 t15 st1t2，上升的高度为上升的高度为 hv2(t1t2)v(15 st1t2)，联立解得，联立解得 v4 m/s，另一解不合理，舍去。，另一解不合理，舍去。答案答案 (1)12 s (2)4 m/s 20222022 级寒假物理作业级寒假物理作业 5 5（1 1 月月 1 13 3 号）答案号）答案 1 1 C 2 D 3 C 4 C 5 D 6 A 7 CD 8 AD 9 ACD 10 ACC 2

19、D 3 C 4 C 5 D 6 A 7 CD 8 AD 9 ACD 10 AC 11【答案】（【答案】（1）0.56 0.96 （2）2.0【解析】（【解析】（1）根据匀变速直线运动的中间时刻的速度等于该过程的平均速度，可知）根据匀变速直线运动的中间时刻的速度等于该过程的平均速度，可知 vB=2ACxT=4.61 6.590.2102 m/s=0.56 m/s，vB=2CExT=8.61 10.610.2102 m/s=0.96 m/s；（2）由逐差法可得加速度）由逐差法可得加速度 a=24CEACxxT=210.61 8.61 6.594.614 0.1102 m/s2=2.0 m/s2。1

20、2【答案】【答案】(1)2 m/s2 (2)17 s【解析】【解析】(1)0t2时间内位移关系：时间内位移关系：12vt212v(t2t1)25 解得：解得：t15 s 所以甲的加速度：所以甲的加速度：a1vt2t12 m/s2 (2)0t3时间内，时间内，12a1(t3t1)212a2t23 a2vt21 m/s2 解得：解得：t35(2 2)s17 s 13【答案】【答案】(1)4m/s2；(2)16m (1)货车司机经货车司机经 0.5s 反应时间后立即刹车时，货车离小轿车的距离反应时间后立即刹车时，货车离小轿车的距离 s1=60m200.5m=50m 设刹车的加速度大小为设刹车的加速度

21、大小为 a1，则，则21 12va s，解得，解得 a1=4m/s2(2)货车刹车货车刹车 1s 时，速度时，速度11 1vvat=16m/s 货车刹车的距离货车刹车的距离1112vvxt=18m 此时货车与轿车的距离此时货车与轿车的距离 s2=50m18m=32m 设经设经 t2时间，轿车与货车速度相等，即时间，轿车与货车速度相等，即11 22 2va ta t 解得解得 t2=2s 此后两车的最小距离此后两车的最小距离222 221 21 21122sa tsvtat 解得解得 s=16m 14【答案】（【答案】（1）13m；（；（2）会相撞，）会相撞，1s 明确二者的运动过程，根据位移公

22、式可求得当出租车开始减速时与三轮车的间距；假设二者速度相等时，由位移关明确二者的运动过程，根据位移公式可求得当出租车开始减速时与三轮车的间距；假设二者速度相等时，由位移关系可判断是否相撞。系可判断是否相撞。6 （1）在）在123sttt时间内二者均做匀速直线运动时间内二者均做匀速直线运动 汽车运动的位移汽车运动的位移1190mxv t 三轮车运动的位移三轮车运动的位移2236mxv t二者的间距二者的间距0211 3 mxxxx（2）设汽车减速经时间）设汽车减速经时间3t与三轮车速度相同有与三轮车速度相同有213vvat 可得可得31.8 st 在该段时间内汽车位移在该段时间内汽车位移1233

23、37.8m2vvxt 在该段时间内三轮车位移在该段时间内三轮车位移4232 1.6 mxv t 二者的间距二者的间距433.2mxxxx 可知两车在共速前已经相撞，设汽车减速经时间可知两车在共速前已经相撞，设汽车减速经时间4t与三轮车相撞与三轮车相撞 在该段时间内汽车位移在该段时间内汽车位移251 4412xv ta t 在该段时间内三轮车位移在该段时间内三轮车位移62 4xv t 由位移关系有由位移关系有56xxx 可得可得41st 2022 级寒假物理作业 6（1 月 14 号）答案 1 A 2 A 3 D 4 C 5 A 6 C 7AD 8 BD9 AB 10 BC 11【答案】【答案】

24、(1)F (2)B (3)C E C 中应加上中应加上“记下两条细绳的方向记下两条细绳的方向”E 中应说明中应说明“把橡皮条的结点拉到同一位把橡皮条的结点拉到同一位置置 O”【解析】【解析】(1)由一个弹簧测力计拉橡皮条至由一个弹簧测力计拉橡皮条至 O 点的拉力一定沿点的拉力一定沿 AO 方向；而根据平行四边形定则作出的合力，由于误方向；而根据平行四边形定则作出的合力，由于误差的存在，不一定沿差的存在，不一定沿 AO 方向，故一定沿方向，故一定沿 AO 方向的是方向的是 F。(2)一个力的作用效果与两个力的作用效果相同，它们的作用效果可以等效替代，故本实验采用等效替代法，一个力的作用效果与两个

25、力的作用效果相同，它们的作用效果可以等效替代，故本实验采用等效替代法，B 正确。正确。(3)根据根据“验证力的平行四边形定则验证力的平行四边形定则”实验的操作步骤可知，有重要遗漏的步骤的标号是实验的操作步骤可知，有重要遗漏的步骤的标号是 C、E。在在 C 中未记下两条细绳的方向，中未记下两条细绳的方向，E 中未说明是否把橡皮条的结点拉到同一位置中未说明是否把橡皮条的结点拉到同一位置 O。12 解解:(1):(1)由于物体处于静止状态由于物体处于静止状态,所以水平方向受力平衡所以水平方向受力平衡,有有 F F1 1=F=F2 2+F+Ff f,F,Ff f=F=F1 1-F F2 2=(13=(

26、13-6)6)N=7N=7 N N 方向水平向右方向水平向右,此时物体所受的摩擦力为静摩擦力。此时物体所受的摩擦力为静摩擦力。(2)(2)当撤去当撤去 F F1 1时时,F,F2 277 N,N,一定小于最大静摩擦力。由二力平衡知识知一定小于最大静摩擦力。由二力平衡知识知,物体所受静摩擦力物体所受静摩擦力 FFf f=F=F2 2=6=6 N,N,方向水平向左。方向水平向左。(3)(3)当撤去当撤去 F F2 2时时,由于最大静摩擦力由于最大静摩擦力 F Ffmaxfmax=F FN N=0.240=0.240 N=8N=8 NFNt2，x1x2，故该型号货车严重超载时的制动时间和，故该型号货

27、车严重超载时的制动时间和制动距离均不符合安全要求。制动距离均不符合安全要求。(3)货车驾驶货车驾驶员在反应时间内匀速行驶的距离为员在反应时间内匀速行驶的距离为 x3vmt20 m。匀减速过程行驶的距离为。匀减速过程行驶的距离为 x4v2m2a140 m，从发现险，从发现险19 情到货车停止运动，货车行驶距离为情到货车停止运动，货车行驶距离为 xx3x460 m，故从安全的角度考虑，跟车距离至少应为，故从安全的角度考虑，跟车距离至少应为 60 m。【答案答案】(1)5 m/s2 2.5 m/s2 (2)该型号货车严重超载时的制动时间和制动距离均不符合安全要求该型号货车严重超载时的制动时间和制动距

28、离均不符合安全要求 (3)60 m 2022 级寒假物理作业 18（2 月 1 号）答案 1 1 D 2 D 3 A 4 B 5 C 6 D 7 AD 8 AB 9 AB 9 B BD 10 BDD 10 BD 11【答案】【答案】(1)BC (2)1.0 (2.5 cm，0.31 cm)【解析】【解析】(1)斜槽不一定要光滑，因为每次摩擦力相同，只要小球每次从同一高度自由滑下，那么小斜槽不一定要光滑，因为每次摩擦力相同，只要小球每次从同一高度自由滑下，那么小球每次从槽口飞出的速度都相同，但要保证小球飞出时的初速度方向是水平的，故斜槽末端必须水球每次从槽口飞出的速度都相同，但要保证小球飞出时的

29、初速度方向是水平的，故斜槽末端必须水平，平板必须竖直，平，平板必须竖直，A 错误，错误，B、C 正确；坐标原点应建立在斜槽槽口小球的重心处，而不是槽口处，正确；坐标原点应建立在斜槽槽口小球的重心处，而不是槽口处，D 错误。错误。(2)由题图乙知小球在水平方向有由题图乙知小球在水平方向有 4Lv0T，竖直方向由，竖直方向由 hgT2知知 2LgT2，联立两式得，联立两式得 v02 2gL1.0 m/s，T0.05 s；小球经过；小球经过 b 点时的竖直速度大小点时的竖直速度大小 vy6L2T0.75 m/s，由，由 vygt 知知 t0.075 s，所以小球从抛出点到，所以小球从抛出点到 a 点

30、经历的时间为点经历的时间为 ta0.025 s，由，由 xv0ta，得，得 x2.5 cm，由，由 y12gt2a，得，得 y0.31 cm，即小球抛出点的坐标为，即小球抛出点的坐标为(2.5 cm，0.31 cm)。【名师点睛】处理平抛运动实验一定要先看水平方向【名师点睛】处理平抛运动实验一定要先看水平方向(判定等时判定等时)，再由竖直方向，再由竖直方向 hgT2计算。计算。125 2m/s 运动员骑车过壕沟的过程中，人和车做平抛运动，要安全越过壕沟，则须满足竖直方向下落运动员骑车过壕沟的过程中，人和车做平抛运动，要安全越过壕沟，则须满足竖直方向下落 h时，水平位移时，水平位移0sv td

31、竖直方向竖直方向212hgt 联立代入数据解得联立代入数据解得05 2m/sv 即车速至少为即车速至少为5 2m/s才能安全越过壕沟。才能安全越过壕沟。13.13.解：解：(1)(1)如答图甲所示，排球恰不触网时其运动轨迹为如答图甲所示，排球恰不触网时其运动轨迹为，排球恰不出界时其运动轨迹为，排球恰不出界时其运动轨迹为，根据平抛运动的规，根据平抛运动的规律，由律，由 x xv v0 0t t 和和 h h1 12 2gtgt2 2可得，当排球恰不触网时：可得，当排球恰不触网时：甲甲 x x1 13 m3 m，x x1 1v v1 1t t1 1 h h1 12.5 m2.5 m2 m2 m0.

32、5 m0.5 m，h h1 11 12 2gtgt1 12 2 由由可得可得 v v1 13 3 1010 m/sm/s 当排球恰不出界时：当排球恰不出界时：x x2 23 m3 m9 m9 m12 m12 m，x x2 2v v2 2t t2 2 h h2 22.5 m2.5 m，h h2 21 12 2gtgt2 22 2 由由可得可得 v v2 21212 2 2 m/sm/s，因此排球既不触网也不出界的速度范围是，因此排球既不触网也不出界的速度范围是 3 3 1010 m/svm/sv0 01212 2 2 m/sm/s。(2)(2)如图乙所示为排球恰不触网也恰不出界的临界轨迹。设击球

33、点的高度为如图乙所示为排球恰不触网也恰不出界的临界轨迹。设击球点的高度为 h h，根据平抛运动的规律：，根据平抛运动的规律：20 乙乙 x x1 13 m3 m，x x1 1v v0 0t t1 1 h h1 1h h2 m2 m，h h1 11 12 2gtgt1 12 2 x x2 23 m3 m9 m9 m12 m12 m，x x2 2v v0 0t t2 2 h h2 2h h1 12 2gtgt2 22 2 由由式可得，所求高度式可得，所求高度 h h2.1 m2.1 m 14221()2gsssh 2022 级寒假物理作业 19（2 月 2 号）答案 1 C 2 C 3 B 4 A

34、 5 C 6 D 7 CD 8 AB 9 BC 10 BD 1111【答案】【答案】(,)/./【解析】【解析】解：解：()小球在水平方向上做匀速直线运动，相等时间内水平位移相等，可知没有拍摄到的小球位置的横小球在水平方向上做匀速直线运动，相等时间内水平位移相等，可知没有拍摄到的小球位置的横坐标坐标=，竖直方向上做自由落体运动，连续相等时间内的位移之差是一恒量，可知没有拍摄，竖直方向上做自由落体运动，连续相等时间内的位移之差是一恒量，可知没有拍摄到的小球位置与位置到的小球位置与位置 3 间有间有 3 格，则该位置的纵坐标格，则该位置的纵坐标=。()在竖直方向上，根据在竖直方向上，根据 =得，得

35、，=.=.，则小球平抛运动的初速度，则小球平抛运动的初速度=./=/。()小球在位置小球在位置 2 的竖直分速度的竖直分速度=./=./，根据平行四边形定则知，小球在位置，根据平行四边形定则知，小球在位置 2 的速度大小的速度大小=+=+./=./。故答案为：故答案为：()(,)，()/，()./。()根据平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，抓住竖直方向上连续相等时间内的根据平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，抓住竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量，水平方向上位移之差是一恒量，水平方向上相等时间内的位移相等确定没有拍摄到的小球位置坐标

36、。相等时间内的位移相等确定没有拍摄到的小球位置坐标。()根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出小球根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出小球平抛运动的初速度。平抛运动的初速度。()根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出 2 位置的竖直分速度，结合平行四边形定则求出小球位置的竖直分速度，结合平行四边形定则求出小球在在 2 位置的速度大小。位置的速度大小。解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和

37、推论灵活求解，难度不大。解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解，难度不大。12（1）5s；（；（2）200m (1)由由212hgt 得得2htg 代入数据得代入数据得5st (2)水平位移水平位移0 xv t 代入数据得代入数据得40 5m200mx 13（1）0.8m；（；（2）1.2m；（；（3）5m/s（1）石子下落的高度）石子下落的高度221110 0.4 m=0.8m22hgt （2）石子水平位移）石子水平位移03 0.4m=1.2mxv t （3）石子落地时的速度）石子落地时的速度 v大小大小22220()34 m/s=5m/sv

38、vgt 14（1）303m，5m；（；（2）23s【详解】【详解】21 （1）设物体在）设物体在 A点时速度方向与水平方向成点时速度方向与水平方向成 30 角，如图所示角，如图所示 则则 tan30 0yvv0Agtv 解得解得 tA0tan30vg3s 所以在此过程中水平方向的位移大小所以在此过程中水平方向的位移大小0AAxv t303m 竖直方向的位移大小竖直方向的位移大小21215mAAygt （2）设物体在）设物体在 B点时速度方向与水平方向成点时速度方向与水平方向成 60 角，总运动时间为角，总运动时间为 tB，则，则0tan60Bgtv故故0tan60Bvtg33s 所以物体从所以

39、物体从 A点运动到点运动到 B点所经历的时间点所经历的时间BAttt 23s 2022 级寒假物理作业 20（2 月 3 号）答案 1 1 B 2 A 3 C 4 D 5 C 6 A 7 AB 8 BD 9 AD 10 ABD 1111【答案】（【答案】（1 1）BD BD （2 2）a a球心球心 需要需要 b b大于大于 21gxyy （3 3）AB AB （4 4）B B （1 1）实验时必须保证每次小球的初速度是水平的，且每次小球的初速度大小是相等的；挡板的存在是为了记录小）实验时必须保证每次小球的初速度是水平的，且每次小球的初速度大小是相等的；挡板的存在是为了记录小球的落点，因此每次

40、挡板下落的高度不一定相同；故球的落点，因此每次挡板下落的高度不一定相同；故BD BD 对；对；（2 2）钢球在竖直方向做初速度为）钢球在竖直方向做初速度为0 0的匀加速，如果的匀加速，如果A A点为起点则根据连续相等时间间隔内的位移比为点为起点则根据连续相等时间间隔内的位移比为1 1：3 3：5 5：7.7.，则则y1y1：y2=1y2=1：3 3；否则可能为；否则可能为3 3：5 5或或5 5：7 7等等.将大于将大于1 1：3 3；又因为；又因为)1.(0txv )2.(212tgyy 联立联立1 1、2 2式可得：式可得：120yygv；（3 3）笔尖的运动受到摩擦力故不属于平抛运动；笔

41、尖的运动受到摩擦力故不属于平抛运动；（4 4）从同一炮台水平发射的炮弹，在空中飞行的时间都一样。从同一炮台水平发射的炮弹，在空中飞行的时间都一样。在竖直方向在竖直方向ght2，说明物体在竖直方向做自由，说明物体在竖直方向做自由落体；落体；1212（1 1）0.50s0.50s；（；（2 2）4.0m4.0m （1 1）根据）根据 可得铅球在空中运动的时间可得铅球在空中运动的时间 （2 2）铅球在空中运动过程中，飞行的水平距离）铅球在空中运动过程中，飞行的水平距离 13（1）20m；（；（2）22m/s （1）急救用品做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，有）急救用品做平抛运动，在竖直方向上做

42、自由落体运动，有212hgt得得2htg 急救用品在水平方向上做匀速直线运动，在时间急救用品在水平方向上做匀速直线运动，在时间 t内的水平位移内的水平位移 22 19.610m20m9.8xhxv tvg 即无人机应在离指定地点水平距离即无人机应在离指定地点水平距离 20m处投放急救用品。处投放急救用品。（2）设急救用品落到水面上时竖直方向速度的大小为）设急救用品落到水面上时竖直方向速度的大小为yv，根据匀变速直线运动速度与位移的关系，有，根据匀变速直线运动速度与位移的关系，有22yvgh 急救用品落到水面上时，速度的大小急救用品落到水面上时，速度的大小 22 22222102 9.8 19.

43、6m/s22m/sxyxvvvvgh 14（1）3s；（；（2）120m；（；（3）50m/s（1）物体做平抛运动，在竖直方向上有）物体做平抛运动，在竖直方向上有212hgt得得22 45s3s10htg （2）物体飞行的水平距离）物体飞行的水平距离0120mxv t （3）物体落地时竖直速度）物体落地时竖直速度ygtv则落地速度则落地速度22050m/syvvv 2022 级寒假物理作业 21（2 月 4 号）答案 1 1 D 2 C 3 A 4 D 2 C 3 A 4 D 5 D 6 C 7 AB 8 BD 9 AC 10 CDAC 10 CD 11【答案】【答案】(1).B (2).(+

44、)(+)(3).(4).BC (1)电磁打点计时器使用交流电磁打点计时器使用交流 46V 电压；而电火花计时器的电源应使用交流电压为电压；而电火花计时器的电源应使用交流电压为 220V;故故 B 正确；故选正确；故选 B。(2)由匀变速直线运动的判别式由匀变速直线运动的判别式=，结合逐差法求三个加速度，结合逐差法求三个加速度，=，=，=，求平均加速度得求平均加速度得=+=(+)(+).(3)设重物的质量设重物的质量 m，小车的质量，小车的质量 M，设加速度为，设加速度为 a，对小车，对小车 F=Ma；对重物；对重物 mg-F=ma，联立得：联立得：=+，只有当只有当mM时，才可得时，才可得=+

45、，即用小吊盘的总重力代替小车所受的拉力。，即用小吊盘的总重力代替小车所受的拉力。(4)A、B、甲图象表明在小车的拉力为甲图象表明在小车的拉力为 0 时，小车的加速度大于时，小车的加速度大于 0，说明合外力大于，说明合外力大于 0，说明平衡摩擦力过渡，即把，说明平衡摩擦力过渡，即把长木板的末端抬得过高了故长木板的末端抬得过高了故 A 错误错误、B 正确正确C、D、乙图象说明在拉力大于乙图象说明在拉力大于 0 时，物体的加速度为时，物体的加速度为 0，说明合，说明合外力为外力为 0，即绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是没有将长木板的末端抬高，即绳子的拉力被摩擦力平衡

46、了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是没有将长木板的末端抬高或抬高不够故或抬高不够故 C 正确正确、D 错误。故选错误。故选 BC。【点睛【点睛】做做“探究加速度与力、质量的关系探究加速度与力、质量的关系”实验时，实验的两个前提：平衡摩擦力和实验时，实验的两个前提：平衡摩擦力和 Mm要明确从纸带上要明确从纸带上求解加速度和速度是高中实验中常用的方法一定要熟练掌握求解加速度和速度是高中实验中常用的方法一定要熟练掌握 12（1）1st；（；（2）2mx；（；（3）2 26 m sv （1）可视为质点的小球做平抛运动，根据竖直方向的运动规律）可视为质点的小球做平抛运动，根据竖直方向的运动规律2

47、12hgt 代入数据解得代入数据解得1st 小球下落时间为小球下落时间为 1s。（2）根据水平方向的运动规律，可知）根据水平方向的运动规律，可知0 xv t 代入数据解得代入数据解得2mx 小球落地前的水平位移为小球落地前的水平位移为 2m。（3）根据水平方向运动规律可知，小球落地前瞬间速度的水平分速度）根据水平方向运动规律可知，小球落地前瞬间速度的水平分速度02m sxvv 根据竖直方向运动规律可知，小球落地前瞬间速度的竖直分速度根据竖直方向运动规律可知，小球落地前瞬间速度的竖直分速度10m syvgt 则小球落地前瞬间速度大小则小球落地前瞬间速度大小222 26m sxyvvv 小球落地前

48、瞬间速度大小为小球落地前瞬间速度大小为2 26 m s。13（1）3 s；（；（2）30 m；（；（3）10 10m/s；（；（4 4）20 m（1）A 球抛出后做平抛运动，竖直方向有212Hgt 解得3st 23 （2）A 球从抛出到落地的水平位移 xAv0t30 m（3）A 球落地时的竖直方向速度大小为球落地时的竖直方向速度大小为30m/syvgt 则落地时的速度大小为落地时的速度大小为22010 10m/syvvv合 (4)物块 B 做匀减速直线运动，由牛顿第二定律可得mgma 解得 a5 m/s2 物块 B 滑动的时间02svta 在此期间 B 运动的距离2010m2Bvxa 所以 A 球落地时，A、B 之间的距离 xABxAxB20 m 14（1）0.6s；（；（2）1.2m；（；（3）1.35m/s（1）A A球在竖直方向做自由落体运动，则球在竖直方向做自由落体运动，则212hgt解得解得20.6shtg （2）A A 球在水平方向做匀速直线运动球在水平方向做匀速直线运动1.2mAAxv t （3）B物块在斜面上的加速度物块在斜面上的加速度2sin8m/sag B物体在斜面上的位移物体在斜面上的位移2.25msinBhx 根据运动学公式根据运动学公式212BBxv tat 可得可得1.35m/sBv