仿真模拟卷三公开课.docx

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1、仿真模拟卷(三)时间：90分钟总分值100分重力加速度g均取10m/s2,真空中的光速c均取3X108 m/s。一、选择题I (此题共13小题，每题3分，共39分。每题列出的四个备选项 中只有一个是符合题目要求的，不选、多项选择、错选均不得分)1.(2021 浙江五校9月高三联考)用国际单位制的基本单位表示电压的单位,以下 正确的选项是()A.kg-m2/(Cs2)B.kg-m2/(As3)C.J/CD.Nm/C答案B解析 国际单位制中七个基本物理量及单位分别是：质量一千克(kg)、长度一米 (m)、时间一秒(s)、电流一安培(A)、热力学温度一开尔文(K)、发光强度一坎德拉 (cd)、物质的

2、量一摩尔(mol),由得 1 V=1 J/C,由 W=R 得 1 J=1 kg-m2/s2,由得1 C=1 As,因此有1 V= 1 kgm2/(As3), A、C、D错误，B正确。2.(2021 浙江名校协作体开学联考)如图1所示为学生手端餐盘准备用餐的情景， 假设餐盘保持水平，盘里的碗、碟、水果的四周都留有空间，并与餐盘保持相对 静止，那么以下说法正确的选项是()图1图1A.加速向前行走时，盘对碗的作用力水平向前B.减速行走时，水果受到4个力的作用C.将餐盘竖直向下放到餐桌上的过程中，食物都处于失重状态D.假设途中停下看通知时，餐盘稍微倾斜，但盘和里面的东西都静止，那么盘对碗的 支持力垂直

3、盘面向上答案D解析 碗与餐盘保持相对静止，加速向前运动，所以碗所受合力水平向前，对碗EEA OB图12A.光线在AB面反射后经过E点射出玻璃砖(B.光线在屏上的光斑到B点的距离为(B.光线在屏上的光斑到B点的距离为c.光线在玻璃砖内传播的时间为回D.假设去掉AB面的反光材料也不会有光线从AB面射出答案A解析 假设光线从点射出，光路如下图由几何关系可得tan a =二_1_=?解得a=30。，在Z)点入射角，=60。，由 尺十Asm，3 几何关系可知折射角r=30。，折射率=黑=/，与题中数据一致，假设成立, 即光线在A3面反射后经过点射出玻璃砖，A正确；由折射定律可知，光线在 E点的折射角为6

4、0,故光线在屏上的光斑到B点的距离为d=R+r= icin ou；+率|凡B错误；结合A的分析可得，光线在玻璃砖内传播的路程为x=Ob+ FE=ZXF=区岩半，在玻璃砖中的传播速度为。=*故所用时间为联立 代入数据解得/=，C错误；发生全反射的临界角C满足sin C=J等,假设去 掉?13面的反光材料，光线射向45面时的入射角为30。，由于sin 3(T = L5s,乙波的周期为丁乙=s=ls,再经过3s,甲 波在平衡位置x=3m处，振动2个周期，恰好处于平衡位置向上振动，乙波在平 衡位置=3m处，恰好处于波谷，振动速度为0,根据波的叠加原理可知，平衡 位置在x=3 m处的质点振动方向向上，所

5、以B错误；开始时刻，两列波到=7 m X处的距离相同，根据=点两波速度相同，那么两列波将同时传到=7m处，所以 C正确；由于两波的频率不同，那么不能形成相干波源，不存在始终为振动减弱点 及振动加强点，所以D错误。16.如图14所示为“探月车”模型，该模型以电池为驱动能源，驱动电机能够将 输入功率的80%转化为牵引模型前进的机械功率。该模型的总质量加=500 g,当 它在水平路面上以v=l m/s的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流Z=0.5 A, 电压U=3 V。模型车上还装有太阳能电板,可用太阳能电板为该模型的电池供电。 以下说法正确的选项是(该地地表的平均日照辐射度为200 W/m2,太阳

6、能电板接 收照射的有效面积为50 cm2,太阳能电板将太阳能转化为电能的效率为 15%)()图14A.该模型驱动电机的内阻为6 QB.该太阳能电板工作10h,存储的电能为1.5 JC.该模型以o=l m/s的速度匀速行驶时，所受的阻力大小为1.2 ND.假设要让该模型以v=m/s的速度匀速行驶0.5 h,用该太阳能电板至少充电5 h 答案CD解析驱动电机是非纯电阻电路，无法求解电阻的大小，故A错误；该太阳能电 板工作 10h,存储的电能：200W/m2X50Xl0Tm2x（i（）x60i5%Xm=W,解得m=5h,故D正 确。三、非选择题（此题共6小题，共55分）17.（7分）（1）（2021

7、 浙江绍兴市柯桥区适应性测试）如图15甲所示是探究加速度与 力关系的实验装置，14012010()8()6()4020O 5 1() 15 20 25 3() 35 Fxl()-2N乙a/cm , s-2图15实验步骤：a.把长木板放在桌面上，固定好打点计时器，装好纸带和小车，再调节木板的倾斜程度，平衡摩擦力；b.祛码盘和每个祛码的质量均为5克，将5个祛码放到小车上，并把小车用 细线跨过轻质滑轮与祛码盘相连，翻开电源，释放小车，得到第一条纸带，算出 小车的加速度0;C.取小车上的一个祛码放入祛码盘中，翻开电源，释放小车，得出第二条纸带，同时算出小车的加速度。2；d.依次重复上述C操作，直至将5

8、个祛码全部转移到祛码盘中；e.描点分析加速度与力的关系得到如图乙所示。图乙中横坐标F表示为 oA.祛码的重力B.祛码和祛码盘的重力该实验方案是否必需保证祛码和祛码盘的质量远小于小车和车上祛码的质量？（填“是”或“否”）依据图乙可计算出小车的质量为 g（结果保存3位有效数字）。（2）两位同学根据“探究单摆周期与摆长的关系”实验测当地的重力加速度。甲同学直接将线长作为摆长进行实验，其通过计算所得重力加速度 实际值。A.大于B.等于C.小于乙同学测出多组数据并作出如图16所示的/的图象，造成图象不过原点的 原因可能是 0A.小球受到的空气阻力比拟大B.误将摆线长与小球的直径之和作为摆长C.小球形成了

9、圆锥摆在水平面内做圆周运动D.测量周期时，误将次全振动记成了（一1）次根据图测得的重力加速度 实际值。A.大于B.等于C.小于答案B否178 （2）CBB解析（1）根据实验装置图可知，图象过原点，已经平衡了摩擦力，所以小车所 受到的合力为石去码和跌码盘的重力的大小，即图乙中横坐标F表示祛码和祛码盘 的重力，应选B。本次实验小车的质量和祛码和硬码盘的质量同时改变，当碳码都在小车上时， 对整体受力分析可得mg =（M+6m）a,当有一个碳码放在石去码盘的时候2mg = （M+6m）a9因此以整体为研究对象，可以看到硬码和石去码盘的重力就是合力，所 以该实验方案不需要保证碳码和祛码盘的质量远小于小车

10、和车上碳码的质量。以整体受力分析得F（M-h6m）a9可得A/+6，ti=n= o ,解得 M= 178 go K 1J（2）由单摆的周期公式得到g=警，将线长作为摆长进行实验，计 算时摆长变小，使重力加速度的测量值小于实际值，故C正确，A、B错误。摆线长度与摆球半径之和为单摆摆长，由图示图象可知，单摆周期7=0时摆 长不为零，而有一定数值，说明所测摆长偏大，这是由于把摆线长度与摆球直径 之和作为摆长了，多加了摆球半径；故B正确，A、C、D错误。/T4兀24兀2根据丁=2%/导到T2=拳，72L图象的斜率为左，那么且=詈，而图象中/47r2= L + r,故摆长乙=/一/于是得到）即/=O4兀

11、2率依然是上,重力加速度依然是g=O,故B正确，A、C错误。18.（7分）（2021 浙江Z20联盟第三次联考）某同学用电阻箱、多用电表、理想电流表、开关和导线测量一个热敏电阻的伏安特性曲线及一个电池组的电动势和内阻。图17他设计了如图17所示的电路，并用多用电表的电压挡测热敏电阻两端的电压,测量时多用电表的红表笔应与热敏电阻的 线脚接触(填、或”);图18(2)图18为某一次测量过程中的情景，此次测量的读数为 V；(3)该实验小组首先利用该电路进行描绘热敏电阻的伏安特性曲线的实验，闭合开 关，调节电阻箱，记录不同情况下多用电表示数口、电流表的示数/和电阻箱的 阻值R,在U/坐标系中，将各组U

12、i、/的数值标记在相应位置，描绘出热敏电 阻的局部伏安特性曲线，如图19中曲线所示，从图中可知，随着电流的增大，热 敏电阻的阻值(填“变大”或“变小”)；(4)利用(3)中记录的数据，可以用公式。2 = Ui+/R算出电源的路端电压上，将各 组的。2和/的数据描绘在U/坐标系中，如图丙中直线所示，根据图象分析可 知，电源的电动势E=V,内电阻r=。(结果保存2位有效数字)。 答案 b (2)1.10 (3)变小(4)5.0 2.5解析(1)根据电路图可知，。与电源负极相连，。与电源正极相连，根据红进黑 出的原理可知，测量时多用电表的红表笔应与热敏电阻的b线脚接触。(2)根据图19可知，电压表选

13、择量程为02.5 V,根据电压表的读数原那么可知， 此次测量的读数为1.10 Vo(3)。一/图象的斜率表示电阻，根据图20可知，随着电流的增大，热敏电阻的阻 值变小。(4)根据U/图象可知，图象与纵轴交点坐标值是5.0,那么电源电动势E=5.0V,_ . AU 5.03.0电源内阻 r= = 0 &Q=2.5 Q。19.（9分）（2021 浙江强基联盟协作体统测）学校一工地上需要通过塔吊将一物体由 地面吊到离地18 m高的楼面上，塔吊先将物体竖直向上吊起，再水平将物体运送至目标的上方，最后将物体下放到目标。物体上升或下降过程中，加速时加速 度的大小为2m/s2,减速时加速度的大小为4m/s2

14、,物体离地的最大高度为24 m,水平移动的距离也为24 m,水平运动的时间为6 So物体的质量为400 kg,全程不考虑绳的质量及绳子的摆动所产生的影响，求:图20（1）绳子至少应能承受多大拉力；物体上升的最短时间；（3）物体全程运行的最大平均速度。答案(1)5 600 N (2)6 s (3)2 m/s解析（1）物体在减速下降过程中绳子受力最大，由牛顿第二定律得T根2 解得 7=5 600 No物体上升过程先加速后减速，时间最短，有V ,况乐+赤=24m,V ,况乐+赤=24m,得叫=8 m/sV1 , h=4 s, a=2 s那么上升时间，=+/2 = 6s。上升时间6s,水平时间6s,下

15、降过程有+S=(2418)nO2=4m/st=2 s, ti= s,那么下降时间 =3s a。2总位移为。=182+242 m = 30m,总时间T15 sY平均速度03=亍=2 m/so20.(12分)(2021 浙江绍兴4月适应性考试)某校兴趣小组设计了一个弹射游戏，如 图21所示。一质量为m=0.1 kg的物体”以初动能Ek=Ll J从光滑水平轨道0A 上发射，接着进入粗糙的水平轨道A3。在A3之间的某个位置(其位置用到A的 距离表示)放一完全相同的物体儿 物体。与人碰撞后粘在一起，随后进入半径 为/?=0.10 m的光滑竖直圆形轨道，圆轨道在底部错开以致可以使物体运动到粗 糙的水平轨道

16、2C上,CO段为光滑倾斜轨道，。点离轨道的高度为力=0.11 m, C处用一光滑小圆弧连接。如果物体碰后不脱离轨道，那么游戏成功。A3段、 BC段长度均为L=0.5 m,物体在AB段和段的动摩擦因数分别为川=0.1和外 =0.3。o图21假设不放被碰物体b,求物体6Z进入圆轨道B点时对轨道的压力大小；(2)假设物体b放置的位置x=0.4 m,求碰撞过程中损失的机械能；为使游戏成功，求碰撞位置应满足的条件。答案(1)22 N (2)0.53 J (3)| 看 m解析 设物体到达3点的速度为函 根据动能定理一& 求得。8=啦1 m/s在8点，由牛顿第二定律得FBmg=nr由牛顿第三定律得，物体对轨

17、道的压力大小为22N。(2)设被碰物体b处在x=0.4 m处，物体a碰前的速度为S,根据动能定理有一得 *=22 2xa、 b碰撞，根据动量守恒定律有mv=2mv2得 V2Vl因此碰撞过程中损失的机械能为AE=X 2=；相浮=0.550.05%=0.53 Jo（3）要使游戏成功，应使物体进入圆轨道时不超过圆心等高处或者物体过最高点且 不滑出斜面且返回圆轨道时不脱离轨道。碰撞后到达8点的动能为 EB=mvl X 2 fi 2mg（L x） = 0.45 + 0.15x情形一：不超过圆心等高处，要求kB=0.45+O.15x4mgR+327n= 5mgR,得 xN； m7条件2：不能滑出斜面，那么

18、8点动能应反8忘222gL2+2mg/z,得xWmmJL条件3：再次返回圆轨道，不会脱离轨道，再次返回圆轨道最低点时的动能为民/7=Ekn= 0.15x0.15, x越大，再次回到5点动能越小，当工=百 m时 EkB最大动能小于0,因此物体必然不会再脱离轨道，最终静止在8C轨道上，综 17上所述彳mo21.（10分）（2021 天津滨海新区等级性考试模拟）电磁弹射是我国最新研究的重大 科技工程，原理可用下述模型说明。如图22甲所示，虚线右侧存在一个竖直 向上的匀强磁场，一边长L的正方形单匝金属线框必cd放在光滑水平面上，电阻 为R,质量为a，乃边在磁场外侧紧靠虚线边界。7=0时起磁感应强度3随

19、 时间t的变化规律是5=氏+灯（左为大于零的常数），空气阻力忽略不计。甲乙受力分析得碗受重力、盘对碗的支持力、盘对碗向前的静摩擦力，故盘对碗的作 用为支持力与静摩擦力的合力，方向为向前偏上一定角度，故A错误；减速行走 时，水果受到3个力的作用，重力、盘对水果的弹力、盘对水果的摩擦力，故B 错误；将餐盘竖直向下放到餐桌上的过程中，由于不知道竖直向下是加速、匀速、 还是减速，故C错误；支持力为盘对物体的弹力，弹力的方向垂直与接触面，故 D正确。3.（2021 浙江3月选考科目联考）为保障垃圾分类工作顺利进行，环卫部门一方面 辛勤加班工作，一方面引进先进的设备，图示2是自卸式夜间保洁车工作时的情 景

20、。某次卸车时，车辆及底板保持静止，车上只有一个垃圾包，垃圾包沿倾斜的 车厢底板正加速下滑，以下力的示意图中画出了垃圾包的重力G、垃圾包对底板 的压力外、垃圾包对底板的摩擦力/、垃圾包对底板的作用力F,其中正确的选项是图2图2答案D解析 对垃圾包受力分析如图甲，垃圾包受到的支持力和摩擦力的反作用力分别 是其对底板的压力和摩擦力，垃圾包在垂直底板方向受力平衡，支持力和压力为 相互作用力，大小等于重力垂直于底板的分力Geos仇垃圾包沿底板向下加速， 那么六GsinO, A、B错误；垃圾包对底板的作用力厂是垃圾包对底板的压力/n、 垃圾包对底板的摩擦力/的合力，如图乙，C错误，D正确。图22(1)求，

21、=0时刻，线框中感应电流的功率P； (2)假设线框cd边穿出磁场时速度为,求线框穿出磁场过程中，安培力对线框所做的功W及通过导线截面的电荷量/假设用相同的金属线绕制相同大小的匝线框，如图乙所示，并在线框上加一质 量为的负载物，试推导，=0时线框加速度。的表达式。於乙4 1 、 BoL1 nBokb答案答案(1)方力/ (3)(几)R解析(1)根据法拉第电磁感应定律可得t=0时刻线框中的感应电动势为E= kl此时线框中感应电流的功率为P=R=K此时线框中感应电流的功率为P=R=KR(2)根据动能定理可知线框穿出磁场过程中，安培力对线框所做的功为W=mv2 设线框经时间穿出磁场，那么九时间内线框中

22、的平均感应电动势为=呼平均感应电流为/=/=隼: K Kl根据电流的定义可知力时间内通过导线截面的电荷量为9=|=竿。(3)由题意得，假设用相同的金属线绕制相同大小的匝线框，那么，=0时刻线框中的感应电动势为En=n n = nkL线框的总电阻尺总=尺感应电流为/=靠=写根据安培力公式可得此时线框所受安培力大小为 nBokL3F= nBoInL = /根据牛顿第二定律有F=(jim-M)a解得。=nBoklCnmrM) R22.(10分)(2021 浙江温州市5月适应性测试)离子推进器，又称离子发动机，广泛应用于太空领域。某种推进器简化原理如图23甲所示，截面半径为R的圆柱腔 分为两个工作区：

23、I区为电离区，其内有沿轴向分布的匀强磁场，磁感应强度的 大小8=寸；n区为加速区，其内电极p、。间加有恒定电压a形成沿轴向 eK分布的匀强电场。在离轴线患处的C点持续射出一定速率范围的电子，射出的 电子仅在垂直于轴线的截面上运动，截面如图乙所示（从左向右看），电子的初速 度方向与中心点O和点C的连线成a角（0a90。）。向I区注入某种稀薄气体， 电子使该气体电离的最小速率为00,电子在I区内不与器壁相碰且能到达的区域 越大，电离效果越好。I区产生的正离子以接近0的初速度飘入II区，被加速后 形成离子束，从右侧喷出，在加速过程中推进器可获得恒定的推力。在某次推进 器工作时，气体被电离成质量为M的

24、1价正离子，且单位时间内飘入H区的离子 数目为定值。电子质量为“，电量为e,不考虑电子间的碰撞及相互作用， 电子碰到器壁即被吸收。图23为取得好的电离效果，请判断I区中的磁场方向（按图乙说明是“垂直纸面向 里”或“垂直纸面向外”）；（2）在取得好的电离效果下，当a=60。时，求从。点射出的电子速度。的大小取 值范围；（3）假设单位时间内飘入II区的正离子数目为求推进器获得的推力同；（4）加速离子束所消耗的功率。不同时，推进器的推力尸也不同，为提高能量转换 效率，应使彳尽量大，试推导彳的表达式，并提出一条能增大彳的建议。答案（1）垂直纸面向里（2）0oW0W2oo（3）周2MeU （4）、借，用

25、质量（比荷）大的离子；或者减小加速电压解析（1）根据左手定那么，垂直纸面向里。（2）在CQ4中，OA = Rr, OC=孚凡AC=r, ZOCA = 30,由余弦定理可知（7?一）2 = $ +V-2XrX7?cos 30,得 r/庐由 eBv = my 得 v=2次)所以，速率范围0oWoW2oo。(3)动量定理 F/t=ntM5离子动能定理*牛顿第三定律尺=同， 联立得 F0=r2MeUos1(4)对加速的离子束。=尸于，eU=Mvi, F=F,F 2 2MP=7U 一条建议：用质量(比荷)大的离子，或者减小加速电压。Geos 0甲乙4.2020年为了做好疫情防控工作，很多场所都利用红外线

26、测温枪对进出人员进行 体温检测，红外测温枪与传统的热传导测温仪器相比，具有响应时间短、测温效 率高、操作方便、防交叉感染（不用接触被测物体）的特点。以下说法中正确的选项是图3图3A.红外测温枪利用了一切物体都在不停的发射红外线，而且发射红外线强度与温 度有关，温度越高发射红外线强度就越大B.高温物体辐射红外线，低温物体不辐射红外线C.红外线也属于电磁波，其波长比红光短D.爱因斯坦最早提出“热辐射是一份一份的、不连续的”观点答案A解析一切物体都在不停的发射红外线，而且发射红外线强度与温度有关，温度 越高发射红外线强度就越大。红外线测温枪就是利用这一特点工作的，A正确， B错误；红外线属于电磁波，

27、波长比红光长，C错误；普朗克在研究黑体辐射时, 最早提出“热辐射是一份一份的、不连续的”观点，D错误。5 .（2021 浙江长兴、余杭、缙云三校联考）以下说法正确的选项是（）A.电子显微镜的电子束速度越小，电子显微镜分辨本领越高B.医学诊断时用“B超”仪器探测人体内脏，是利用超声波的多普勒效应C.拍摄玻璃窗内物品时在镜头前加一偏振片，可减弱窗内透射光的强度使照片更 清晰D.5G通信技术（采用3 300-5 000 MHz频段）相比现有的4G通信技术（采用1880-2 635 MHz频段）相同时间内能传递的信息量更大答案Dh h解析 电子显微镜的电子束速度越小，由2=篇，那么电子的波长越长，电子

28、的 波动性越强，电子显微镜分辨本领越弱，故A错误；“B超”仪器通过它的探头 不断向人体发出短促的超声波（频率很高，人耳听不到的声波）脉冲，超声波遇到 人体不同组织的分界面时会反射回来，又被探头接收，这些信号经电子电路处理 后可以合成体内脏器的像，不是多普勒效应，故B错误；拍摄玻璃窗内的物品时, 往往在镜头前加装一个偏振片以减弱反射光的强度，使照片清晰，故C错误；由 s=hv可知5G通信技术（采用3 3005 000 MHz频段）相比现有的4G通信技术（采 用1 8802 635 MHz频段）相同时间内能传递的能量大，那么信息量更大，选项D 正确。6 .（2021 浙江稽阳联谊学校4月联考）如图

29、4所示，两平行金属板A- CD相距为 d,板长为6d, M、N是两板中间正对的小孔，板电势高于CQ板，在保持两 极板电量不变的情况下，有一带电粒子（不计重力）从M孔以速率内沿连线方 向射入两极之间，结果恰好能到达N点。假设该粒子仍以速率如从“孔射入，速 度方向与板的夹角为以下说法正确的选项是（）图4A.此带电粒子带正电B.该粒子仍能到达CD板C.调整。的大小，粒子可以直接从8。端口飞出D.当。=45。时，粒子打在板上的落点距M点最远答案D解析 粒子恰好到达N点，说明粒子做减速运动，所以粒子带负电，故A错误; 粒子沿连线射入电场到减速至零的过程中，做匀减速直线运动，末速度为零,Vod- 2 %。

30、，3=砌=端to,粒子以。角斜射入电场时，将速度分解，那么沿MN方向 上，有oosin 8=m=胎可得/加，故粒子沿MN方向的速度减为零时尚未到达CD板，因此，不能打在CO板上，故B错误；在竖直方向y=oocos例，飞行时 . rosin 0 _. 啾os 0sin 0 呼去苗间为t= , 飞仃的距离为y=, 当。=45。时，粒子打在A3板上距M点最远，不会从80端口飞出，故C错误，D正确。7 .（2021 安徽皖江名校联盟第二次大联考）两颗质量相同的人造地球卫星，绕地球 做匀速圆周运动的轨道半径之比为凡：&=1 ： 3,那么以下说法正确的选项是（） A.两卫星的加速度大小之比为0 ： 02=

31、1 ： 3.两卫星的速度大小之比为di ：办=1 ： 3C.两卫星的轨道周期之比为Ti ： 72 = 3 ： 1D.两卫星的动能大小之比为& : &2=3 ： 1答案D解析 人造地球卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，根据向心力公式有 Mm 27户27rG=mRco? = mR阡 = man解得，向心加速度大小、速度大小和周期为Qn=，卫星的动能为 耿=3%。2=黑黑,因为绕地球做匀速圆周运动的轨道半径之比为R ： &=1 ： 3,可知：两卫星的加速度大小之比为9： 1；两卫星的速度大小之比为S：1；两卫星的轨道周期之比为1 ：34; 两卫星的动能之比为Eki : Ek2=3 ： 1,故A、

32、B、C错误，D正确。8.（2021 陕西汉中市第一次质检）在维护和检修高压供电线路时，为了不影响城市 用电，电工经常要在高压线上带电作业。为了保障电工的安全，电工全身要穿上 用金属丝线编织的衣服（如图5）o图乙中电工站在高压直流输电线的A供电线上 作业，其头顶上方有5供电线，3供电线的电势高于A供电线的电势。虚线表示 电工周围某一截面上的等势面，c、d、e、/是不同等势面上的四个点，以下说法 正确的选项是（）A.在c、d、e、/四点中，c点的电场取强.在c、d、e、/四点中，/点的电势最高C.假设将某电子由c移到力其电势能将增大D.将电子在d点由静止释放，它会向e点所在等势面运动答案C解析 依

33、据等差等势线的疏密，可知，在c、& e、/四点中，/点的电场最强， 故A错误；沿着电场线方向，电势是降低的，因8供电线的电势高于A电线的电 势，那么在c、d、e、/四点中，。点的电势最高，故B错误；假设将某电子由c移到 f,即从高电势到低电势，其电势能将增大，故C正确；将某电子在d点由静止释 放，在电场力作用下，它会向c点所在等势面运动，故D错误。8 .如图6所示，由12根相同的导线构成一个立方体，每条通电导线在立方体 中心处产生的磁感应强度大小为以，/为通电导线的电流大小，为比例系数。假设 把该立方体对称的两个顶点接入电流为/o的电路中，那么立方体中心的磁感应强度 大小为（）图6图6D.kl

34、aA.0乙答案A解析 根据串、并联电路特征可知，与A连接的三根导线的电流是%。,同理，与C连接的三根导线的电流也是o,剩下6根导线的电流均为%0,如下图3o根据矢量合成法那么可知，关于。点对称的导线，产生的磁场的合磁感应强度均为 零，由以上分析可知，B、C、D错误，A正确。10.2021年春节前,西安街头一位大姐用9米多的长杆推动拖把头擦玻璃的视频曾 引起网民关注，该视频中截图为图7和图8,假设拖把头与玻璃间的动摩擦因数 恒定，拖把头匀速上升过程中杆与竖直方向的夹角越来越小，示意图如图9所示, 那么在拖把头匀速上升过程中以下有关说法正确的选项是（）A.拖把头受到四个力作用，杆对拖把头的作用力大

35、小不变B.拖把头对玻璃的压力越来越小，摩擦力越来越大C杆与竖直方向成任意角都可以推动拖把头上升D.杆与竖直方向的夹角必须小于某一值才可以推动拖把头上升答案D解析 如下图，拖把头受重力、支持力、摩擦力和杆的压力四个力作用做匀速 运动，合力始终为零。设杆与竖直方向夹角为仇拖把头匀速上升时满足/cos。 =m,g+/FN,际=人由。得Reos 6一sin e）= /?2g,当夕减小时Z7减小，压力减小、 摩擦力也减小，故A、B错误；当cos 9sin仇 即tan时等式不再成立，无论 推力多大都不能推动拖把头上升，所以杆与竖直方向的夹角必须小于某一值才可 以推动拖把头上升，C错误，D正确。11.（20

36、21 ,河北张家口市三模）从发电站发出的电能，一般都要通过输电线路输送到 各个用电地方。如图10所示的远距离输电示意图中的变压器均为理想变压器，发 电机产生正弦交流电电压有效值不变，升压变压器原、副线圈匝数比1:小=1 : 50,降压变压器原、副线圈匝数比3 ：以=50 ： 1,用户两端电压的有效值3=220 V,且用户消耗的电功率为11 kW,远距离输电的输电线的总电阻厂 = 100 Q（认为输电中的能量损耗完全由电阻产生），那么（）A.升压变压器的副线圈两端电压的有效值为1L1 kVB.降压变压器的原线圈中的电流的有效值为2 AC.输电线上消耗的功率为1 000 WD.升压变压器的输入功率

37、为11.5 kW答案A解析 降压变压器副线圈电流/4=#=50 A,根据牛=竽解得输电线中的电流 =1 A,输电线上的损失电压为。损=N=100V,根据电压与匝数成正比华=华得 （.74降压变压器原线圈两端的电压为。3=11 000V,升压变压器的副线圈两端电压有 效值。2=。损+03=11 100 V, B错误，A正确；输电线上损失的功率尸损=7分= 100 W, C错误；升压变压器的原线圈输入的电功率为11 kW+100W=lLl kW, D错误。12.（2021 辽南协作校第二次模拟）如图11所示，半径为2/的圆形金属导轨固定在 水平面上，一根长也为2/、电阻为2R的金属棒一端与导轨接触

38、良好，另一端 固定在圆心处的导电转轴00,上，由电动机A带动旋转。在金属导轨区域内存在 垂直于导轨平面，大小为5的匀强磁场，金属导轨区域中心半径为/区域内磁场 竖直向上，其余局部磁场竖直向下。另有一质量为“、长为/、电阻为H的金属 棒MN放置于导轨前面并与固定在竖直平面内的平行导轨保持良好接触，导轨间 距为/,处于大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中。从圆形金属导轨引出导线和 通过电刷从转轴引出导线与平行导轨连接。处于静止状态，与竖直平行导 轨间的动摩擦因数为，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，那么以下说法正确的 是（）图11A.MN中电流方向由M到NB.MN两端电压为BPC.MN与平行导轨间的动

39、摩擦因数至少为患鬻D.电路总电功率为啜咳答案C解析 因为位于竖直导轨前，所以MN受到的安培力向后，使MN对轨道产 生压力，才能产生向上的摩擦力使MTV保持静止，所以根据左手定那么可判断 中的电流由N流向M, A错误；由于被分成两局部位于相反的磁场中，所以 两局部产生的电动势相反，贝I ab产生的总电动势E=BIvlBIv2=BI一BI =BRco, MN两端电压为路端电压U= n n*R=GE=gBPcd, B错误；当MN与导轨间到达最大静摩擦力时，根据滑动摩擦力公式尸n,得5= T_ E BFo） , , 3mgR , _ _ .明 乂 l 八_ 炉 笈/%?mg, /=3尺=3R，可解出=笈/3/，故C正确；电路心功率由尸=泰, D错误。13.（2021 辽宁高三二模）如图12所示，一底面半径为R的半圆柱形玻璃砖平放在 水平面上，。为横截面的圆心，A8面涂有反光材料，为一个与玻璃砖相切于 B点的屏，一束极细的单色光以平行于BC的方向照射到玻璃砖上的D点，OD 与A3的夹角9=30。，OELABo光在真空中的传播速度为的玻璃砖对该单 色光的折射率为小，以下说法正确（）