2019学年高一物理上学期期中试题（直升部，含解析）.doc

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1、- 1 -20192019 学年高一物理上学期期中试题（直升部，含解析）学年高一物理上学期期中试题（直升部，含解析）一、单项选择题：（本大题共一、单项选择题：（本大题共 1010 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 4040 分分. .） 1. 为了传递信息，周朝形成了邮驿制度，宋朝增设“急递铺” ，分金牌、银牌、铜牌三种传递类别， “金牌”一昼夜行 500 里（1 里=500m） ，每到一驿站换人换马接力传递，那么， “金牌”的平均速率（ ）A. 与磁悬浮列车的速度相近 B. 与高速公路上汽车的速度相近C. 与人骑自行车的速度相近 D. 与成人步行的速度相近【答案】C【解析】时间

2、t=24h；路程S=103500500 km =250km；平均速度，与人骑自行车的速度相近。故 C 正确，ABD 错误。故选：C.2. 一物体在水平地面上匀加速运动了，前内位移为，最后内的位移为10，以下说法中正确的有（ ）A. 该物体的加速度大小为 2m/s2B. 第 3s 内物体的位移为 5mC. 若该物体继续不变的加速度匀加速运动 3s，则 8s 内物体的总位移为 40mD. 该物体匀加速运动位移的表达式为 S=t+t2【答案】C【解析】A. 第 1s末的速度等于前 2s的平均速度,即：第 4s末的速度：由速度公式：v4=v1+at所以：，故A错误；B. 第 2s末的速度：v2=v1+

3、at1=2+1(21)=3m/s第 3s内的位移：，故B错误；C. 该物体的初速度：v0=v1at0=211=1m/s- 2 -8s内的位移：，故C正确；D. 该物体的位移表达式：，即，故D错误。故选：C点睛：物体运动的时间是 5s，前 2s 内的平均速度等于 1s 末的速度，最后 2s 内的平均速度是 4s 末的速度，然后结合速度公式即可求出加速度，然后结合位移公式即可求出各位移3. 在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测定近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法” ，它是将测g归于测长度和时间，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，

4、自其中O点向上抛小球又落到原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点到又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】小球从O点上升到最大高度过程中，有： 小球从P点上升的最大高度： 依据题意：h2h1=H 联立解得：g=故选：C点睛：竖直上抛运动具有时间和位移的对称性，物体做竖直上抛时其上升到最高点所用时间和落回所用时间相等，整个过程为匀变速运动，可以看作先向上的匀减速运动，然后向下的自由落体运动两部分组成，分别求出上升的高度，利用高度差列方程求解。4. 一质量为 m 的滑块在粗糙水平面上做匀减速直线运动直

5、到静止，通过频闪照片分析得知，滑块在最初 2s 内的位移是最后 2s 内位移的两倍，且已知滑块最初 1s 内的位移为 2.5m，由此可求得（ ）A. 滑块运动的总时间为 3s B. 滑块的初速度为 5m/sC. 滑块的加速度为 5m/s2 D. 滑块运动的总位移为 5m- 3 -【答案】A【解析】设物体运动的加速度为a，运动总时间为t，把物体运动看成反向的初速度为 0 的匀加速直线运动，则有：最后 2s内位移为：最初 2s内位移为：又s2:s1=2:1，则有2at2a=4a解得：总时间t=3s，故A正确。第一秒的位移为：解得a=1m/s2，C 错误；则总位移.故D错误；滑块的初速度v0=at=

6、13m/s=3m/s.故B错误。故选：A.点睛：物体在粗糙的平面上做匀减速直线运动，把物体运动看成反向的初速度为 0 的匀加速直线运动，根据位移公式分别列出最初 2s 内和最后 2s 内的位移与总时间的关系，求出总时间，进而求出总位移5. 磁性冰箱贴既可以用来装饰冰箱，也可以用来记事备忘，当冰箱贴紧紧吸住侧壁不动时，下列说法正确的是（ ）A. 冰箱贴受到三个力作用B. 冰箱贴受到四个力作用C. 磁性吸力和弹力是一对相互作用力D. 冰箱贴受到的摩擦力大于其受到的重力【答案】B【解析】A. 对冰箱贴受力分析可知，水平方向受磁力和弹力作用，而竖直方向受重力和摩- 4 -擦力作用才能处于平衡，故冰箱贴

7、共受四个力作用，故B正确，A错误；C. 磁性吸力和弹力作用在冰箱贴上，为平衡力，故C错误；D. 根据平衡条件可知，冰箱贴受到的摩擦力等于其受到的重力，故D错误。故选：B.6. 如图，质量为m的正方体和质量为M的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态M与m的接触面与竖直方向的夹角为 ，若不计一切摩擦，下列说法正确的是A. 水平面对正方体M的弹力大小大于(Mm)gB. 水平面对正方体M的弹力大小为(Mm)gcosC. 墙面对正方体M的弹力大小为mg/tanD. 正方体M对正方体m的弹力大小为mgtan【答案】C【解析】AB. 对M和m构成的整体进行受力分析，如左图所示：整体受重力、底面支持力、

8、两侧面的支持力，两物体受力平衡，根据共点力平衡条件，水平面对正方体M的弹力大小为：N=G=(M+m)g，故AB错误。CD. 对m进行受力分析，如右图所示：m受重力、墙面支持力，M的支持力，木块受力平衡，根据共点力平衡条件，有：竖直方向：mg=Nsin水平方向：Nm=Ncos解得Nm=mgcot， 即墙面对正方体m的弹力大小为mgcot由整体法可知：NM=Nm，则墙面对正方体M的弹力大小等于mgcot.故C正确，D 错误。故选：C- 5 -点睛：本题为共点力作用下物体平衡类题目，涉及两个物体，可先对整体进行受力分析，再对 M 和 m 分别进行受力分析，由平衡条件即可解决此类题目7. 在竖直墙壁间

9、有质量为 m、倾角为 30的直角楔形木块和质量为 M 的光滑圆球，两者能够一起沿竖直墙壁匀速下滑，木块与左侧墙壁之间的动摩擦因数为,则 m:M 为（ ）A. 2:1 B. 1:1 C. 1:2 D. 1:3【答案】C【解析】光滑圆球受力分析，如图所示：根据平衡条件得：FN=Mg/tan30整体匀速下滑，受力平衡，对整体受力分析，竖直方向有：(M+m)g=FN联立解得：m：M=1：2，故C正确，ABD错误。故选：C8. 表面光滑、半径为 R 的半球固定在水平地面上，球心 O 的正上方 O处有一无摩擦的定滑轮，轻质细绳两端各系一个小球挂在定滑轮上，如图所示，两小球平衡时，若滑轮两侧细绳的长度分别为

10、 L12.4R 和 L22.5R，则这两个小球的质量之比 m1m2 为(不计球的大小)（ ）A. 241 B. 251 C. 2425 D. 2524【答案】D- 6 -【解析】试题分析：先以左侧小球为研究对象，分析受力情况：重力 m1g、绳子的拉力 T 和半球的支持力 N，作出力图由平衡条件得知，拉力 T 和支持力 N 的合力与重力 mg 大小相等、方向相反设 OO=h，根据三角形相似得：=解得：m1g=同理，以右侧小球为研究对象，得：m2g=由：得m1：m2=l2：l1=25：24故选：D9. 如图所示，质量分别为mA和mB的物体A、B用细绳连接后跨过滑轮，A静止在倾角为45的斜面上已知m

11、A2mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由 45增大到 50，系统保持静止下列说法正确的是( )A. 细绳对A的拉力将增大 B. A对斜面的压力将减小- 7 -C. A受到的静摩擦力不变 D. A受到的合力将增大【答案】B【解析】先对 B 物体受力分析，受重力和拉力，根据共点力平衡条件，有再对物体A受力分析，受拉力T、重力、支持力N，静摩擦力f可能没有，也有可能沿斜面向上，还有可能沿斜面向下，先假设沿斜面向上，如图根据共点力平衡条件，有x方向： y 方向： A、由式，当由 45增加到 50时，细绳对A的拉力不变，A 错误；B、由式，当由 45增加到 50时，斜面对物体A的支持力N将变小，故根据牛顿

12、第三定律，A对斜面的压力将减小，B 正确；C、由式，当由 45增加到 50时，斜面对物体A的静摩擦力一定变化，C 错误；D、物体A保持静止，合力一直为零，D 错误；故选 B。10. 如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔，质量为 m 的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住。现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中手对线的拉力 F 和环对小球的弹力 FN的大小变化情况是（ ）A. F 减小，FN不变 B. F 减小，FN减小- 8 -C. F 增大，FN不变 D. F 增大，FN减小【答案】A【解析】小球沿圆环缓慢上移可看做匀速运动，对小球进行

13、受力分析，小球受重力G,F,FN三个力。满足受力平衡。作出受力分析图如下由图可知OABGFA即：，当A点上移时，半径不变，AB长度减小，故F减小，FN不变，故A正确，BCD错误。故选：A。点睛：对小球受力分析，作出力的平行四边形，同时作出 AB 与半径组成的图象；则可知两三角形相似，故由相似三角形知识可求得拉力及支持力的变化情况二、多项选择题（本大题共二、多项选择题（本大题共 4 4 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 1616 分分. .）11. 甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移时间（x -t）图象如图所示，甲图象过 O

14、 点的切线与 AB 平行，过 C 点的切线与 OA 平行，则下列说法中正确的是（ ）A. 在两车相遇前， t1时刻两车相距最远B. t3时刻甲车在乙车的前方- 9 -C. 0t2时间内甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度D. 在 0 到t3这段时间内，甲、乙两车的平均速度相等【答案】AD.B.t3 时刻两车的位置相同，两车处在同一位置，故B错误；D.在 0 到t3 这段时间内，甲、乙两车通过的位移相等，时间也相等，则平均速度相等，故D正确。故选：AD12. 如图所示为甲、乙两质点做直线运动时，通过打点计时器记录的两条纸带，两纸带上各计数点间的时间间隔都相 同关于两质点的运动情况的描述，正确的是

15、（ ）A. 两质点在 t0t4 时间内的平均速度大小相同B. 两质点在 t2 时刻的速度大小相等C. 两质点速度相等的时刻在 t3t4 之间D. 两质点不一定是从同一地点出发的，但在 t0 时刻甲的速度为 0【答案】ABD【解析】A、两质点在 t0t4时间内，通过的位移相等，经历的时间相等，故平均速度相等，故 A 正确；BC、甲图做匀加速直线运动，t2时刻的速度等于 t1到 t3时刻的平均速度，乙图做匀速运动，t2时刻的速度即为整个过程的平均速度，甲在 t1到 t3内的位移与乙在 t0到 t2内的位移相等，用时相等，所以平均速度相等，故 B 正确，C 错误；D、从纸带不能判断出质点出发点的位置

16、，则两质点不一定是从同一地点出发的，在甲图中，- 10 -相邻相等时间内位移之比满足 1：3：5，满足初速度为零的匀加速直线运动的推论，故 t0时刻速度甲的速度为零，故 D 正确；故选：ABD13. 如图所示，倾角为 =30o的斜面体 c 置于粗糙水平地面上，小物块 b 质量为 3m 置于斜面上， 通过细绳跨过光滑的定滑轮与质量为 m 的沙桶 a 连接，连接 b 的一段细绳与斜面平行，a、b、c 均静止在质量为 m 的沙子缓慢流入 a 中的过程中，c 始终静止则（ )A. b 对 c 的摩擦力先减小后增大 B. b 可能沿斜面向上运动C. 地面对 c 的摩擦力方向一直向左 D. 地面对 c 的

17、摩擦力一直减小【答案】AC【解析】b的重力沿斜面向下的分力：Gbx=Gsin=3mgsin30=1.5mgA. 由于开始时GaGbsin后b受到的绳子的拉力比较大，所以受到的摩擦力的方向向下，随沙子的注入，b受到c的摩擦力增大；所以b对c的摩擦力先减小后增大，故A正确；B. 注入沙子前静摩擦力平行斜面向上，大小为：Ff=GbxGa=1.5mgmg=0.5mg；注入沙子后摩擦力平行斜面向下,为：Ff=GaGbx=2mg1.5mg=0.5mg，可知b不会运动，故B错误；C. D. 以bc整体为研究对象，分析受力如图：根据平衡条件得知，水平面对c的摩擦力：f=Tcos=Gacos，方向水平向左；在a

18、中的缓慢注入沙子的过程中，则摩擦力在增大，故C正确，D错误。故选：AC。- 11 -14. 如图所示，光滑水平地面上放有截面为 圆周的柱状物体 A，A 与墙面之间放一光滑的圆柱形物体 B，对 A 施加一水平向左的力 F，整个装置保持静止若将 A 的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则（ ）A. 水平外力 F 增大 B. 墙对 B 的作用力减小C. 地面对 A 的支持力减小 D. B 对 A 的作用力减小【答案】BD【解析】试题分析：对 B 球受力分析，受到重力 mg、A 球对 B 球的支持力 N和墙壁对 B 球的支持力 N，如图当 A 球向左移动后，A 球对 B 球的支持力 N的方向不断变

19、化，根据平衡条件结合合成法可以知道 A 球对 B 球的支持力 N和墙壁对 B 球的支持力 N 都在不断减小，则 B 对 A 的作用力也减小故 B、D 正确再对 A 和 B 整体受力分析，受到总重力 G、地面支持力 FN，推力 F 和墙壁的弹力 N，如图根据平衡条件，有F=NFN=G故地面对 A 的支持力保持不变，推力 F 随着壁对 B 球的支持力 N 的不断减小而不断减小故A、C 错误。- 12 -故选 BD。考点：应用整体法、隔离法解共点力平衡问题【名师点睛】先对 B 球受力分析，受到重力 mg、A 球对 B 球的支持力 N和墙壁对 B 球的支持力 N，然后根据共点力平衡条件得到 A 球左移

20、后各个力的变化情况；最后再对整体受力分析，根据平衡条件判断推力 F 和地面的支持力的变化情况。三、实验题（本大题共两小题，每空三、实验题（本大题共两小题，每空 2 2 分）分）15. 某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间。实验前，将该计时器固定在小车旁，如图(a)所示。实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车。在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图(b)记录了桌面上连续的 6 个水滴的位置。 （已知滴水计时器每 30s 内共滴下 46 个小水滴）(1)由图(b)可知，小车在桌面上是_（填“从右向左”或“从左向右” ）运动的。(2)该小组同学根据图

21、(b)的数据判断出小车做匀变速运动。小车运动到图(b)中A点位置时的速度大小为_m/s，加速度大小为_m/s2。 （结果均保留 2 位有效数字）【答案】 (1). (1)从右向左； (2). (2)0.19m/s， (3). 0.37m/s2。【解析】 （1）小车运动过程中减速，相同时间内位移逐渐减小，由图判断可知小车从右向左运动。（2）滴水计时器每 滴落 46 滴水，则两滴水之间的时间间隔为 ，根据中点时刻的速度等于平均速度得 A 点的瞬时速度为，根据逐差法可求加速度：。- 13 -综上所述本题答案是：(1) 从右向左， (2) 0.20 m/s (3) 0.046 m/s216. 合成实验

22、或弹力实验，某同学在做“验证力的平行四边形定则”实验过程中，他现将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳，实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条。 （答题区有图）1）关于两次拉伸橡皮条，下列说法正确的是 （_）A两次拉伸橡皮条，只要保证橡皮条的形变量相同即可B两次拉伸橡皮条后，只需要记录弹簧秤的读数C拉伸橡皮条的过程，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行D用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，细绳的夹角越大越好2）某次用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，最后读数时，弹簧秤的示数如图，则甲弹簧秤的示数为_N，乙弹

23、簧的示数为_N，将测得的数值在右侧的坐标纸上根据所给的标度，作出两个力的图示（两个力的方向已确定） ，并从理论上得到两个力的合力 F 为_N。【答案】 (1). （1）C (2). （2）2.50 (3). 4.00 (4). 5.00【解析】A. 本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系。根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，故A错误；B力是矢量，两次拉伸后既需要记录拉力的大小，也需要记录方向，B 错误；C. 合力与分力必须在同一个平面内，所以拉伸橡皮条的过程，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，C 正确；D、用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮

24、条时，两弹簧夹角要合适，不宜太大或太小，D 错误。故选：C。（2）由弹簧秤的示数可以读出，甲、乙两弹簧秤的示数分别为 2.50N 和 4.00N，注意估读。根据平行四边形定则做出两弹簧拉力的合力图示如图：- 14 -由图可知，合力 F 为 5.00N。四、计算题四、计算题17. 如图所示，质量为 m 的物体被劲度系数为 k2的轻弹簧 2 悬挂在天花板上，下面还拴着劲度系数为 k1的轻弹簧 1，拖住下面弹簧的端点 A 用力向上压，当弹簧 2 的弹力大小为 mg/2时弹簧 1 的下端点 A 向上移的高度是多少？（重力加速度为 g)【答案】(1) ，(2) 【解析】A点上升的高度等于弹簧 2 和 1

25、 缩短的长度之和。A点上升，使弹簧 2 仍处于伸长状态时，弹力减小了mg/2弹簧 2 比原来缩短： 弹簧 1 的弹力为mg/2,压缩量为： 所以：x=x1+x2=mg()；A点上升,使弹簧 2 处于压缩状态时，向下的弹力mg/2，由拉伸变为压缩，所以弹簧 2 总的缩短量： - 15 -弹簧 1 上的弹力为：mg+mg/2，压缩量为： 所以： 所以弹簧 1 的下端点A上移的高度是mg()或 18. 如图所示，一小物体重 G=100N，用细线 AC、BC 和竖直的轻弹簧吊起，处于平衡状态，弹簧原长，劲度系数 k=，细线 AC 长 s=4cm， =30， =60，求细线 AC对小物体拉力的大小。【答

26、案】FA=30N；【解析】试题分析：根据题中给定条件可知，弹簧现在长度为，说明弹簧处于伸长状态，弹力：对物体进行受力分析，并建立坐标系如图所示根据平衡条件有：，解方程组得即细线 AC 对小物体拉力的大小是 30N考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】本题是力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，根据平衡条件并结合正交分解法列方程求解利用正交分解方法解体的一般步骤：明确研究对象；进行受力分析；- 16 -建立直角坐标系，建立坐标系的原则是让尽可能多的力落在坐标轴上，将不在坐标轴上的力正交分解；x 方向，y 方向分别列平衡方程求解19. 在刚举行的秋季运动会女子 400 m 项目决赛中，一位女

27、运动员在手臂骨裂的情况下，坚持参加决赛，并取得了该项目的第一名好成绩。若该运动员冲刺时的初速度为 7 m/s，并以0.5 m/s2的加速度匀加速冲刺了 6 s。则：(1)运动员加速冲刺的末速度为多少？(2)运动员加速后，将保持这个速度到达终点。已知她开始加速时距终点 56 m，那么，这个冲刺加速过程将使她的成绩比不加速冲刺提高了多少？(3)若在这个运动员开始加速时，另一个运动员在她前面 5m 处，并一直以 7m/s 的速度匀速前进。当这个运动员到达终点时，超过那名运动员多远？【答案】(1)10m/s；（2）1.5s；（3）5.5m【解析】(1)根据速度时间公式得运动员加速冲刺的末速度为：v=v0+at=7+0.56m/s=10m/s.(2)如果不加速,所用时间为：t1=x/v0=56/7s=8s，加速过程的位移为： 加速之后剩余路程所用的时间为： .所以成绩提高了：t=t1tt2=860.5s=1.5s.(3)在t+t2 的时间内，另一名运动员前进的距离为：s=v0(t1+t2)=7(6+0.5)m=45.5m，则该运动员被超越的距离为：s=56545.5m=5.5m.