2019版高考化学一轮复习 第一章 化学计量在实验中的应用 第2节 物质的量在化学实验中的应用课时跟踪练.doc

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1、1第第 2 2 节节 物质的量在化学实验中的应用物质的量在化学实验中的应用课时跟踪练一、选择题1现有两份溶液：将 106 g Na2CO3固体溶于 1 L 水配成溶液，将 1 mol Na2CO310H2O 溶于水配成 1 L 溶液。下列量一定相等的是( )A物质的量浓度 B溶质的物质的量C溶液的体积 D质量分数解析：两份溶液中的溶质都是 1 mol 的 Na2CO3，但前者溶液的体积不是 1 L，故物质的量浓度、质量分数不同。答案：B2已知单位体积的稀溶液中，非挥发性溶质的分子或离子数越多，该溶液的沸点就越高。则下列溶液沸点最高的是( )A0.01 molL1的蔗糖溶液B0.01 molL1

2、的 CaCl2溶液C0.02 molL1的 NaCl 溶液D0.02 molL1的 CH3COOH 溶液解析：题目中“非挥发性溶质”要理解清楚，D 项中的 CH3COOH 易挥发，其余三项中C 项离子数在单位体积中最多，故选 C。答案：C3下列溶液中，跟 100 mL 0.5 molL1 NaCl 溶液中所含的 Cl物质的量浓度相同的是( )A100 mL 0.5 molL1 MgCl2溶液B200 mL 0.25 molL1 AlCl3溶液C50 mL 1 molL1 NaCl 溶液D25 mL 0.5 molL1 HCl 溶液解析：物质的浓度与溶液的体积无关，100 mL 0.5 molL

3、1 NaCl 溶液中c(Cl)0.5 molL1，而 A、B、C、D 项中，c(Cl)分别为 1 molL1，0.75 molL1，1 molL1，0.5 molL1，故 D 项正确。答案：D4用 NaCl 固体配制 0.1 molL1的 NaCl 溶液，下列操作或说法正确的是( )A将 5.85 g NaCl 固体放入 1 000 mL 容量瓶，加水溶解并准确定容B称量时，将固体 NaCl 直接放在天平左盘上2C固体溶解后，冷却后将溶液直接转移到容量瓶中，然后向容量瓶中加水至刻度线D配制溶液时容量瓶中原来有少量蒸馏水不会影响实验结果解析：A 项，固体应在烧杯中溶解，容量瓶不能用来稀释溶液或溶

4、解固体；B 项，称量NaCl 时不能直接放在天平托盘上，应放在称量纸上；C 项，配制一定物质的量浓度溶液时，转移溶液后需用蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒 23 次，并将洗涤液转移至容量瓶中，然后再加蒸馏水，当加水至距离刻度线 12 cm 处时，要改用胶头滴管定容，不能直接加水至刻度线。答案：D5取 100 mL 0.3 molL1和 300 mL 0.25 molL1的硫酸注入 500 mL 容量瓶中，加水稀释至刻度线，该混合溶液中 H的物质的量浓度是( )A0.21 molL1 B0.42 molL1C0.56 molL1 D0.26 molL1解析：容量瓶中 H2SO4溶液的 H物质的量为n(H)

5、(0.1 L0.3 molL10.3 L0.25 molL1)20.21 mol，所以c(H)0.42 molL1。0.21 mol 0.5 L答案：B6对于 4 时 100 mL 水中溶解了 22.4 L HCl 气体(标准状况下)后形成的溶液，下列说法中正确的是( )A该溶液物质的量浓度为 10 molL1B所得的溶液的体积为 22.5 LC根据题干数据，该溶液物质的量浓度无法求得D该溶液中溶质的质量分数因溶液的密度未知而无法求得解析：标准状况下 22.4 L 的 HCl 气体的物质的量是 1 mol，溶于 100 mL 的水中得到的溶液的体积不是 100 mL，所以所得溶液的物质的量浓度

6、不是 10 molL1，A 错误；因为该溶液的密度未知，所以溶液的体积无法计算，B 错误；根据以上分析，该溶液的物质的量浓度无法计算，缺少数据，C 正确；该溶液的质量水的质量HCl 的质量，可以计算，溶质的质量也可以计算，所以该溶液的质量分数可以计算，D 错误。答案：C7把V L 含有 MgSO4和 K2SO4的混合溶液分成两等份，一份加入含a mol NaOH 的溶液，恰好使镁离子完全沉淀为氢氧化镁；另一份加入含b mol BaCl2的溶液，恰好使硫酸根离子完全沉淀为硫酸钡。则原混合溶液中钾离子的浓度为( )A. molL1 B. molL1 （ba） V（2ba） VC. molL1 D.

7、 molL12（ba） V2（2ba） V3解析：由离子方程式：2OHMg2 =Mg(OH)2可知，OH为a mol，则 Mg2为 a 2mol，MgSO4为 mol；由离子方程式：SOBa2=BaSO4可知，Ba2为b mol，SOa 224为b mol，MgSO4和 K2SO4共b mol，则 K2SO4为(b ) mol，其含有的 K为(b ) 24a 2a 2mol2(2ba) mol；原混合溶液中的 K为 2(2ba) mol；所以原混合溶液中钾离子的浓度为 molL1。2（2ba） V答案：D8(2018洛阳模拟)有硫酸镁溶液 500 mL，它的密度是 1.20 g/cm3，其中镁

8、离子的质量分数是 4.8%，则有关该溶液的说法不正确的是( )A溶质的质量分数是 24.0%B溶液的物质的量浓度是 2.4 molL1C溶质和溶剂的物质的量之比是 140D硫酸根离子的质量分数是 19.2%解析：由 Mg2的质量分数知 MgSO4的质量分数为4.8%24.0%，其浓度为c120 242.4 molL1，溶质与溶剂的物质的量之比为1 000 cm3/L 1.20 g/cm3 24.0 % 120 g/mol121，SO的质量分数为4.8%19.2%。24 12076 182496 24答案：C9如图是某学校实验室从化学试剂商店买回的硫酸试剂标签上的部分内容。据此，下列说法正确的是

9、( )硫酸 化学纯(CP)(500 mL)品名：硫酸化学式：H2SO4相对分子质量：98密度：1.84 gcm3质量分数：98%A.该硫酸的物质的量浓度为 9.2 molL1B1 mol Zn 与足量的该硫酸反应产生 2 g 氢气C配制 200 mL 4.6 molL1的稀硫酸需取该硫酸 50 mLD等质量的水与该硫酸混合所得溶液的物质的量浓度大于 9.2 molL14解析：由c可计算出该硫酸的物质的量浓度为 18.4 molL1，A 错误；1 000 w M该硫酸是浓硫酸，和 Zn 反应不生成 H2，B 错误；由稀释定律，可得出所用硫酸体积为 50 mL，C 正确；等质量的硫酸和水，硫酸的密

10、度大，硫酸的体积远小于水，两者等质量混合，硫酸的浓度小于 9.2 molL1，D 错误。答案：C二、非选择题10用质量分数为 36.5%的浓盐酸(密度为 1.16 gcm3)配制成 1 molL1的稀盐酸。现实验室仅需要这种盐酸 220 mL，试回答下列问题：(1)配制稀盐酸时，应选用容量为_mL 的容量瓶。(2)经计算需要_mL 浓盐酸，在量取时宜选用下列量筒中的_。A5 mL B10 mLC25 mL D50 mL(3)在量取浓盐酸后，进行了下列操作：等稀释的盐酸的温度与室温一致后，沿玻璃棒注入 250 mL 容量瓶中。往容量瓶中小心加蒸馏水至液面离容量瓶刻度线 12 cm 时，改用胶头滴

11、管加蒸馏水，使溶液的液面最低处与瓶颈的刻度标线相切。在盛盐酸的烧杯中注入蒸馏水，并用玻璃棒搅动，使其混合均匀。用蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒 23 次，并将洗涤液全部注入容量瓶。上述操作中，正确的顺序是(填序号)_。(4)在上述配制过程中，用刚刚洗涤洁净的量筒来量取浓盐酸，其配制的稀盐酸浓度_(填“偏高” “偏低”或“无影响”)。若未用蒸馏水洗涤烧杯内壁或未将洗涤液注入容量瓶，则配制的稀盐酸浓度_(填“偏高” “偏低”或“无影响”)。解析：(2)c(HCl)11.6 1 000w M1 000 mL 1.16 gmL1 36.5% 36.5 gmol1 1 LmolL1。加水稀释前后 HCl 的物质

12、的量不变，所以 11.6 molL1V(HCl)250 mL1 molL1，解得V(HCl)21.6 mL，应该选择 25 mL 的量筒量取。(4)用刚刚洗涤洁净的量筒来量取浓盐酸，量取的盐酸被稀释了，其物质的量比实际偏小，所配制溶液的浓度偏低；若未用蒸馏水洗涤烧杯内壁或未将洗涤液注入容量瓶，则一部分溶质损失，所配制溶液的浓度偏低。答案：(1)250 (2)21.6 C (3) (4)偏低 偏低11实验室需要 480 mL 0.4 molL1的 NaCl 溶液，有如下操作步骤：A把称量好的 NaCl 晶体放入小烧杯中，加适量蒸馏水溶解冷却至室温B把 A 所得溶液小心转入一定容积的容量瓶中C继续

13、向容量瓶中加蒸馏水至液面距刻度线 12 cm 处，改用胶头滴管小心滴加蒸馏5水至溶液凹液面最低处与刻度线相切D用少量蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒 23 次，每次洗涤的液体都小心转入容量瓶E将容量瓶瓶塞塞紧，充分摇匀请填写下列空白：(1)操作步骤的正确顺序为_(填序号)。(2)实验室有如下规格的容量瓶：a.100 mL b250 mLc500 mL d1 000 mL，本实验选用_(填序号)。(3)本实验用到的基本实验仪器除容量瓶、托盘天平(带砝码)、药匙、烧杯、量筒、胶头滴管外，还必须使用的玻璃仪器有_，实验中该仪器的作用是_。(4)本实验需要称 NaCl 晶体的质量是_g。(5)误差分析(填“偏高

14、” “偏低”或“无影响”)：a本实验称量 NaCl 时，物码倒置(1 g 以下用游码)：_。b某同学观察液面的情况如图所示：_。c加蒸馏水时不慎超过了刻度线，立即用胶头滴管将多余的水吸出：_。解析：(1)配制溶液时，一般可分为以下几个步骤：计算、称量、溶解、冷却、转移、洗涤、定容、摇匀，所以其操作步骤的正确顺序为 ABDCE。(2)配制 480 mL 0.4 molL1的 NaCl 溶液，应选择 500 mL 容量瓶。(4)ncV0.4 molL10.5 L0.2 mol，m0.2 mol58.5 gmol111.7 g。(5)a.称量 NaCl 时，物码倒置(1 g 以下用游码)，称取的溶质

15、的质量偏低，溶液的浓度偏低；b某同学观察液面的情况如题图所示，俯视液面导致加水的量偏少，溶液的浓度偏高；c加蒸馏水时不慎超过了刻度线，立即用胶头滴管将多余的水吸出，导致溶质的物质的量偏小，溶液的浓度偏低。答案：(1)ABDCE (2)c (3)玻璃棒 搅拌加速溶解、引流(4)11.7 (5)偏低 偏高 偏低12有两份溶液，其中所含溶质相同，设其摩尔质量为M g/mol。根据下表信息，回答有关问题：项目溶质的质量分数溶液的密度/(gcm3)6第一份溶液1 1第二份溶液2 2(1)第一份溶液中，溶质的物质的量浓度为_。(2)取等质量两份溶液混合，则所得混合液中溶质的质量分数3_。(3)若有12，取等体积的两份溶液混合，设所得混合液中溶质的质量分数为4，试比较3、4的相对大小_；_。 解析：(1)设溶液的体积为 1 L，则溶液的浓度为 10311M g(10311)/M molL1 。(2)设两份溶液的质量都为 1 g，则3(1112)/(11)。12 2(3)解答小题应从以下两种情况分析(混合液的质量分数趋近于质量大者)：溶液的质量分数越大，密度越大时，等体积的溶液，质量分数大者，质量越大，则34。答案：(1) molL110311 M(2)12 2(3)若12，34