高二物理上学期12月月考试卷4.pdf

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1、推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料湖北省宜昌市夷陵区小溪塔高中2015-2016 学年高二（上）月考物理试卷（12 月份）一、单选题（5×8=40 分）1图中 A、B、C是匀强电场中的三个点，各点电势A=10V，B=2V，C=6V，A、B、C三点在同一平面上，下列各图中电场强度的方向表示正确的是（）A B CD2如图所示，有一带电粒子（不计重力）紧贴A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹从两板中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹落到B板正中间；设带电粒子两次射入电场的水平速度相同，则电压U1、U2之比为（）A1：1 B 1：2 C1：4 D1：8

2、 3如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（）A电压表与电流表的示数都减小B电压表与电流表的示数都增大C电压表的示数增大，电流表的示数减小D电压表的示数减小，电流表的示数增大4如图所示，每个电阻的阻值都是2 欧，安培表内阻不计，在B、C间加 6 伏电压时，安培表的示数是（）A0 安B1 安C2 安D3 安推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料5如图所示，直导线AB、螺线管C、电磁铁 D三者相距较远，它们的磁场互不影响，当开关S闭合后，则小磁针的北极N（黑色一端）指示出磁场方向正确的是（）Aa、c B b、c C c、d Da、d 二、双选题（3&#

3、215;8=24 分）6如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M、N两点，在MN 的连线上有对称点a、c，MN连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是（）Aa 点场强与c 点场强一定相同Ba 点电势一定小于c 点电势C负电荷在c 点电势能一定大于在a 点电势能D正电荷从d 点移到 b 点电场力做正功7 如图所示，R1、R2、R3、R4均为可变电阻，C1、C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻 r 0若改变四个电阻中的一个阻值，则（）A减小 R1，C1、C2所带的电量都增加B增大 R2，C1、C2所带的电量都增加C增大 R3，C1、C2所带的电量都增加D减小 R4，C1、C2所带的电量都增

4、加8如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r 为电源内电阻，以下说法中正确的是（）推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料A当 R2=R1+r 时，R2获得最大功率B当 R1=R2+r 时，R1获得最大功率C当 R2越大时，R1上获得最大功率D当 R2=0时，电源的输出功率最大三、实验题（8+12=20 分）9如图所示，游标卡尺的示数是mm 螺旋测微器的读数是mm 10在做测干电池的电动势和内电阻的实验时，备有下列器材选用：A干电池一节（电动势约为 1.5V）B直流电流表（量程00.6 3A，0.6A 挡内阻 0.10 ，3A挡内阻 0.025）C直流电压表（量程0315V

5、，3V 挡内阻 5K，15V 挡内阻 25K）D滑动变阻器（阻值范围0 15，允许最大电流lA）E滑动变阻器（阻值范围0 1000，允许最大电流 0.5A）F电键 G导线若干根 H电池夹将选定的器材按本实验要求的电路（系统误差较小），在所示的实物图上连线（图1）根据实验记录，画出的UI 图象如图2 所示，可得待测电池的电动势为V，内电阻 r 为推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料四、计算题（13+13=26 分）11如图甲所示，电荷量为q=1104C的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度E的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间t的关系如图丙所

6、示，取重力加速度g=10m/s2求：（1）前两秒电场力做功多少？（2）物块的质量多少？（3）物块与水平面间的动摩擦因数12如图所示电路中，电源电动势E=12V，内电阻r=1.0，电阻 R1=9.0，R2=15，电流表A示数为 0.40A，求电阻R3的阻值和它消耗的电功率推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料2015-2016 学年湖北省宜昌市夷陵区小溪塔高中高二（上）月考物理试卷（12 月份）参考答案与试题解析一、单选题（5×8=40 分）1图中 A、B、C是匀强电场中的三个点，各点电势A=10V，B=2V，C=6V，A、B、C三点在同一平面上，下列各图中电场强度的方向表示正确的是

7、（）A B CD【考点】电势差与电场强度的关系；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】在匀强电场中，电场强度处处相同，电场线是平行且等间距电势沿着电场线降低，且电势差与场强的关系为：U=Ed，可确定出a、b 两点连线的中点的电势，与 c 点的电势相等，即可得到一条等势线，再根据相关知识分析【解答】解：据题，a、b、c 三点的电势分别a=10V，b=2V，c=6V，因为匀强电场中沿电场线方向相同距离电势差相等，则得ab 两点连线的中点的电势为=6V，因此该中点与 C点的连线为等势面，那么与连线垂直的直线即为电场线，由于A=10V，B=2V，又因为电势沿着电场线降低，故C正确故选：C【点评】本

8、题的解题关键是确定等势点，再抓住电场线与等势面垂直，且指向电势降低最快的方向进行分析2如图所示，有一带电粒子（不计重力）紧贴A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹从两板中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹落到B板正中间；设带电粒子两次射入电场的水平速度相同，则电压U1、U2之比为（）A1：1 B 1：2 C1：4 D1：8【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】带电粒子沿水平方向进入电场，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动由题可知第一种情况：水平位移等于板长，竖直位移等于板间距离的一半；第二种情况：

9、水平位移等于板长的一半，竖直位移等于板间距离，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解【解答】解：设平行板电容器板为L，板间距离为d，粒子的初速度为v则对于第一种情况：y1=，t1=得到，U1=推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料同理对于第二种情况：得到U2=8所以 U1：U2=1：8 故选 D【点评】本题是类平抛运动的问题，采用运动的分解法处理本题采用比例法研究时，要用相同的量表示出电压，再求解比值3如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（）A电压表与电流表的示数都减小B电压表与电流表的示数都增大C电压表的示数增大，电流表的示数减小D电压表的示数减

10、小，电流表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】由电路图可知R2与 R0并联后与 R1串联，电压表测路端电压；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流表中示数的变化【解答】解：当滑片下移时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，电路中总电流增大，电源的内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，而路端电压减小，故并联部分的电压减小，则通过R2的电流减小，根据并联电路的特点可知：通过R0的电流增大，则电流表的示数增

11、大故D正确，ABC错误；故选：D【点评】分析闭合电路的欧姆定律的动态分析的题目时，一般要按先外电路、再内电路、后外电路的思路进行分析；重点分析电路中的路端电压、总电流及部分电路的电流及电压变化4如图所示，每个电阻的阻值都是2 欧，安培表内阻不计，在B、C间加 6 伏电压时，安培表的示数是（）A0 安B1 安C2 安D3 安【考点】串联电路和并联电路推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料【专题】恒定电流专题【分析】画出等效电路，确定安培表所在分支，由欧姆定律求解【解答】解：等效电路如图：则并联部分电阻为，则电阻为R=3则干路电流I=则通过电流表的电流为故选项 A，C，D错误，B正确故选：B【点

12、评】考查串并联电路的特点，会画等效电路图，求电阻或电流5如图所示，直导线AB、螺线管C、电磁铁 D三者相距较远，它们的磁场互不影响，当开关S闭合后，则小磁针的北极N（黑色一端）指示出磁场方向正确的是（）Aa、c B b、c C c、d Da、d【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】根据右手螺旋定则可确定，通电螺线管的磁场分布，及通电直导线磁场的分布，并由小磁针的静止时，N极的指向即为磁场的方向【解答】解：由右手螺旋定则可知，直导线AB的磁场方向（从上往下看）顺时针，根据小磁针的静止时，N极的指向即为磁场的方向，则有a 磁针方向正确；而通电螺线管左端为N极，右端为S极，因此c 点的方

13、向正确；通电螺线管下边的磁场的方向从 N极指向 S极，所以b 磁针的方向错误；对于 U形螺线管左端相当于S极，右端相当于N极，故 d 磁针的方向错误，故A正确，BCD错误；故选：A推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料【点评】考查通电导线的电流方向来确定磁场的方向，掌握右手螺旋定则的应用，注意螺线管内部的磁场方向二、双选题（3×8=24 分）6如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M、N两点，在MN 的连线上有对称点a、c，MN连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是（）Aa 点场强与c 点场强一定相同Ba 点电势一定小于c 点电势C负电荷在c 点电势能一定大于在a 点电势能

14、D正电荷从d 点移到 b 点电场力做正功【考点】电势能；电场强度；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】本题考查了等量异种电荷周围电场分布情况：在如图所示的电场中，等量异种电荷MN之间的电场方向是相同的，由M指向 N或由 N指向 M；MN中垂线上的电场强度、电势关于O点对称，Ob电场方向沿Ob连线向上，Od电场方向沿Od方向向下，O点是中垂线上电势最高的点 bd 是一条等势线【解答】解：A、由于 M、N是等量异种电荷，电场线由正电荷出发终止于负电荷，MN之间的电场方向相同，由于a、c 关于 O点对称，因此大小也相同，所以a 点场强与 c 点场强一定相同，故 A正确；B、由于 M、N电性不确

15、定，因此电场线方向不确定，所以a 点电势和 c 点电势大小关系无法判定，故B错误；C、由于 a、c 两点的电势高低无法确定，因此负电荷在a、c 两点的电势能大小也无法确定，故 C错误；D、b、d 两点电势相等，因此电荷从d 点移到 b 点电场力不做功，故D错误故选 A【点评】等量同种、等量异种电荷周围的电场分布情况是考查的重点，要结合电场强度、电势、电势能等概念充分理解等量同种、等量异种电荷周围的电场特点7 如图所示，R1、R2、R3、R4均为可变电阻，C1、C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻 r 0若改变四个电阻中的一个阻值，则（）A减小 R1，C1、C2所带的电量都增加B增大 R2，C

16、1、C2所带的电量都增加C增大 R3，C1、C2所带的电量都增加推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料D减小 R4，C1、C2所带的电量都增加【考点】闭合电路的欧姆定律；电容【专题】恒定电流专题【分析】由电路图可知，电阻R2、R3、R4串联接入电路，电容器C1并联在电阻电阻R2两端，电容器 C2与 R2、R3的串联电路并联；根据电路电阻的变化，应用欧姆定律及串联电路特点判断电容器两端电压如何变化，然后由Q=CU 判断出电容器所带电荷量如何变化【解答】解：A、减小 R1，电容器C1、C2两端电压不变，电容器所带电量不变，故A错误；B、增大 R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电

17、流减小，路端电压变大，电阻 R3、R4两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器 C1、C2两端电压变大，由Q=CU 可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；C、增大 R3，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，由 U=IR 可知，电阻R2两端电压变小，电容器C1两端电压变小；路端电压变大，电阻 R4两端电压变小，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C2两端电压变大，由 Q=CU 可知，电容器C1所带电荷量减少，C2所带的电量都增加，故C错误；D、减小 R4，电路总电阻变小，由闭合欧姆定律可知，电路电流变大，电阻 R2两端电压变大，电阻R2、R3串

18、联电压变大，电容器C1、C2两端电压都增大，由 Q=CU 可知 C1、C2所带的电量都增加，故D正确；故选 BD【点评】本题是一道闭合电路的动态分析，熟练应用闭合电路欧姆定律、部分电路欧姆定律、串联电路特点、Q=CU 即可正确解题8如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r 为电源内电阻，以下说法中正确的是（）A当 R2=R1+r 时，R2获得最大功率B当 R1=R2+r 时，R1获得最大功率C当 R2越大时，R1上获得最大功率D当 R2=0时，电源的输出功率最大【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大对于定值电

19、阻，根据 P=I2R，电流最大时，功率最大【解答】解：A、将 R1等效到电源的内部，R2上的功率等于电源的输出功率，当外电阻等于内阻时，即R2=R1+r 时，输出功率最大，即R2上的功率最大故A正确 B、根据 P=I2R，电流最大时，R1上的功率最大 当外电阻最小时，即 R2=0 时，电流最大 故BC错误 D、当外电阻等于内阻时，即R1+R2=r 时，电源的输出功率最大此时R2不等于零；故D错误；推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料故选：A【点评】解决本题的关键掌握当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大对于定值电阻，根据 P=I2R，电流最大时，功率最大三、实验题（8+12=20 分）9如图

20、所示，游标卡尺的示数是50.15 mm 螺旋测微器的读数是12.500 mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】实验题；定量思想；推理法；基本实验仪器【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺上第3 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为30.05mm=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm2、螺旋测微器的固定刻度为12mm，可动刻度为50.00.01mm=0.500mm，所以最终

21、读数为12mm+0.500mm=12.500mm故答案为：50.15；12.500【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量10在做测干电池的电动势和内电阻的实验时，备有下列器材选用：A干电池一节（电动势约为 1.5V）B直流电流表（量程00.6 3A，0.6A 挡内阻 0.10 ，3A挡内阻 0.025）C直流电压表（量程0315V，3V 挡内阻 5K，15V 挡内阻 25K）D滑动变阻器（阻值范围0 15，允许最大电流lA）E滑动变阻器（阻值范围0 1000，允许最大电流 0.5A）F电键 G导线若干根 H电池夹将选定的器材按本实验要

22、求的电路（系统误差较小），在所示的实物图上连线（图1）根据实验记录，画出的UI 图象如图2 所示，可得待测电池的电动势为1.45 V，内电阻 r 为0.69 推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题【分析】1、根据电源的电压选择电压表量程，根据电路中的电流选择电流表量程；结合选择的器材和实验的原理先在草纸画出实验原理图，然后再连接实际电路；2、UI 图象中图象与纵坐标的交点表示电源的电动势；UI 图象斜率绝对值表示电源内阻【解答】解：（1）电压的电动势1.5V，所以电压表选择3V档，干电池的放电电流不能太大，使用 0.6A 的档位即可滑动变阻器E的电

23、阻值是01000，电阻值太大，调节不方便，所以选择电阻值015 的滑动变阻器D；实物连接如图：（2）U I 图象中图象与纵坐标的交点表示电源的电动势；由图可知，电源的电动势为E=1.45V；UI 图象斜率绝对值表示电源内阻，所以待测电池的内阻r=0.69 故答案为：D如图 1.45，0.69【点评】测定电动势和内电阻的实验中为了减小误差采用了图象分析法，要根据实验原理得出公式，并结合图象的斜率和截距得出正确的结果本接法虽然电动势和内电阻均偏小，但由于误差均较小，故实验中我们一般采取本方法四、计算题（13+13=26 分）11如图甲所示，电荷量为q=1104C的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所

24、在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度E的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间t的关系如图丙所示，取重力加速度g=10m/s2求：推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料（1）前两秒电场力做功多少？（2）物块的质量多少？（3）物块与水平面间的动摩擦因数【考点】电场强度；匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律【专题】电场力与电势的性质专题【分析】（1）速度时间图象的斜率表示加速度，再由位移公式得出位移大小，最后由恒力功表达式即可求解；（2）由图丙可知物体先做匀加速运动，然后做匀速运动，根据图象可知电场力与摩擦力的关系，再由牛顿第二定律可得出物块的质量；（3）根据 2 秒到 4 秒内图象与

25、已知的质量，即可求解【解答】解：（1）由题意可得，在匀强电场中电场力F 为：F=qE，由图象得前2 秒内的位移S为：，则电场力做的功为：W=FS，代入数据解得：W=6J（2）在 2 秒到 4秒内图象可得，qE2=mg 在前 2 秒物块的加速度为：a=1m/s2由牛顿第二定律得：qE2qE1=ma 代入数据解得：m=1kg （3）在 2 秒到 4秒内由图象可得，qE2=mg 又 m=1kg，则有=0.2 答：（1）前两秒电场力做功为6J；（2）物块的质量1kg；（3）物块与水平面间的动摩擦因数0.2【点评】对物体搞好受力分析，准确提取图象信息，利用速度图象的特点解题，难度适中12如图所示电路中，

26、电源电动势E=12V，内电阻r=1.0，电阻 R1=9.0，R2=15，电流表A示数为 0.40A，求电阻R3的阻值和它消耗的电功率【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】求电阻的基本原理是伏安法，即求出电压和电流，再求电阻推荐学习K12 资料推荐学习K12 资料已知电流表读数，由欧姆定律求出R2两端电压，根据全电路欧姆定律求出内阻r 及 R1两端电压，由欧姆定律求出干路电流，得到通过R3的电流，即可由欧姆定律求出R3的阻值 R3功率为：P3=U3I3【解答】解：R2两端电压为：U2=I2R2=0.415V=6V内阻 r 及 R1两端电压为：U=E U2=12V6V=6V 干路中电流为：I=A=0.6A R3中电流为：I3=I I2=0.6A 0.4A=0.2A R2和 R3并联，电压相等即U2=U3=6V R3阻值为：R3=30R3功率为：P3=U3I3=60.2W=1.2W；答：电阻R3的阻值为30，它消耗的电功率为1.2W【点评】对于直流电路的计算问题，关键理清电路结构，然后结合串并联电路电流与电压的关系、闭合电路欧姆定律列式求解