高考二轮专题复习-立体几何专项练.docx
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1、2021年高考总复习专题高考大题专项练三立体几何(理科)1.如图,在多面体ABCDEF中,四边形ABCD为矩形,ADE,BCF均为等边三角形,EFAB,EF=AD=12AB.(1)过BD作截面与线段FC交于点N,使得AF平面BDN,试确定点N的位置,并予以证明;(2)在(1)的条件下,求直线BN与平面ABF所成角的正弦值.2.在如图所示的六面体中,平面ABCD是边长为2的正方形,平面ABEF是直角梯形,FAB=90,AFBE,BE=2AF=4.(1)求证:AC平面DEF;(2)若二面角EABD为60,求直线CE和平面DEF所成角的正弦值.3.如图,在四棱锥PABCD中,底面ABCD为平行四边形
2、,ADC=45,AD=AC=1,O为AC的中点,PO平面ABCD,PO=1,M为PD的中点.(1)证明:PB平面ACM;(2)设直线AM与平面ABCD所成的角为,二面角MACB的大小为,求sin cos 的值.4.在如图所示的几何体中,平面ADNM平面ABCD,四边形ABCD是菱形,四边形ADNM是矩形,DAB=3,AB=2,AM=1,E是AB的中点.(1)求证:DE平面ABM.(2)在线段AM上是否存在点P,使二面角PECD的大小为4?若存在,求出AP的长;若不存在,请说明理由.5.如图,四边形ABCD为正方形,PD平面ABCD,DPC=30,AFPC于点F,FECD,交PD于点E.(1)证
3、明:CF平面ADF;(2)求二面角DAFE的余弦值.6.如图,多面体ABCDEF中,四边形ABCD为平行四边形,其中BAD=6,AD=3,AB=1,等边ADE所在平面与平面ABCD垂直, FC平面ABCD,且FC=32.(1)点P在棱AE上,且APPE=2,Q为EBC的重心,求证:PQ平面EDC.(2)求平面DEF与平面EAB所成锐二面角的余弦值.7.在三棱柱ABCA1B1C1中,AB平面BCC1B1,BCC1=3, AB=BC=2,BB1=4,点D在棱CC1上,且CD=CC1(01).建立如图所示的空间直角坐标系.(1)当=12时,求异面直线AB1与A1D的夹角的余弦值;(2)若二面角AB1
4、DA1的平面角为4,求的值.8.如图,在梯形ABCD中,ABCD,BCD=23,四边形ACFE为矩形,且CF平面ABCD,AD=CD=BC=CF=1.(1)求证:EF平面BCF.(2)点M在线段EF(含端点)上运动,当点M在什么位置时,平面MAB与平面FCB所成锐二面角最大,并求此时二面角的余弦值.1.解:(1)当N为线段FC的中点时,AF平面BDN,证明如下:连接AC,BD,设ACBD=O,连接ON,因为四边形ABCD为矩形,所以O为AC的中点,又因为N为FC的中点,所以ON为ACF的中位线,所以AFON,因为AF平面BDN,ON平面BDN,所以AF平面BDN,故N为FC的中点时,AF平面B
5、DN.(2)过点O作PQAB分别与AD,BC交于点P,Q,因为O为AC的中点,所以P,Q分别为AD,BC的中点,因为ADE与BCF均为等边三角形,且AD=BC,所以ADEBCF,连接EP,FQ,则得EP=FQ.因为EFAB,ABPQ,EF=12AB,所以EFPQ,EF=12PQ,所以四边形EPQF为等腰梯形.取EF的中点M,连接MO,则MOPQ,又因为ADEP,ADPQ,EPPQ=P,所以AD平面EPQ.过点O作OGAB于点G,则OGAD,所以OGOM,OGOQ.分别以OG,OQ,OM的方向为x轴,y轴,z轴的正方向,建立空间直角坐标系Oxyz,如图所示.不妨设AB=4,则
6、由条件可得O(0,0,0),A(1,-2,0),B(1,2,0),F(0,1,2),D(-1, -2,0),N(-12,32,22),AB=(0,4,0),AF=(-1,3,2),BN=(-32,-12,22),设n=(x,y,z)是平面ABF的法向量,则nAB=0,nAF=0,则4y=0,-x+3y+2z=0,所以可取n=(2,0,1),可得|cos|=|BNn|BN|n|=23,所以直线BN与平面ABF所成角的正弦值为23.2.(1)证明:连接AC,BD,相交于点O,取DE的中点G,连接FG,OG.因为四边形ABCD是正方形,所以O是BD的中点,所以OGBE,OG=12BE.因为AFBE,
7、AF=12BE.所以OGAF,且OG=AF.所以四边形AOGF是平行四边形.所以ACFG.又FG平面DEF,AC平面DEF,所以AC平面DEF.(2)解:因为四边形ABCD是正方形,四边形ABEF是直角梯形,FAB=90,所以DAAB,FAAB,因为ADAF=A,所以AB平面AFD.同理可得AB平面EBC.又AB平面ABCD,所以平面AFD平面ABCD,又二面角EABD为60,所以FAD=EBC=60.因为BE=2AF=4,AD=2,所以AF=AD,所以ADF为等边三角形.在BCE中,由余弦定理得EC=23,所以EB2=EC2+BC2,所以ECBC.又AB平面EBC,所以ECAB.又ABBC=
8、B,所以EC平面ABCD.以C为坐标原点,CB,CD,CE分别为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系.则C(0,0,0),D(0,2,0),E(0,0,23),F(1,2,3),所以CE=(0,0,23),DF=(1,0,3),EF=(1,2,-3),设平面DEF的法向量为n=(x,y,z),则nDF=0,nEF=0,即x+3z=0,x+2y-3z=0,令z=3,则x=-3,y=3,所以n=(-3,3,3).设直线CE和平面DEF所成角为,则sin =|cos|=62321=77.3.(1)证明:连接BD,OM,因为底面ABCD为平行四边形,O为AC的中点,所以O为BD的中点,又因为在PBD中,
9、M为PD的中点,所以OMPB,又因为OM平面ACM,PB平面ACM,所以PB平面ACM.(2)解:取DO的中点N,连接MN,AN,则MNPO,MN=12PO=12,因为PO平面ABCD,所以MN平面ABCD,所以MAN为直线AM与平面ABCD所成的角,即MAN=.由ADC=45,AD=AC,所以DCA=45,DAC=90,在RtADO中,DO=12+(12)2=52,AN=12DO=54,在RtAMN中,AM=(54)2+(12)2=34,所以sin =MNAM=23.取AO的中点R,连接NR,MR,所以NRAD,所以NROA,又MN平面ABCD,由三垂线定理知MRAO,故MRN为二面角MAC
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