课后作业答案Ch5.ppt

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1、第第5章章存储器系统存储器系统5.1 内部存储器主要分为哪两类内部存储器主要分为哪两类?它们的主要区别是什么它们的主要区别是什么?解解:（1）分为）分为ROM 和和 RAM。（2）它们之间的主要区别是：）它们之间的主要区别是：。ROM在正常工作时只能读出，不能写入。在正常工作时只能读出，不能写入。RAM则可读可写。则可读可写。断电后，。断电后，ROM中的内容不会丢失，中的内容不会丢失，RAM中的内容会丢失。中的内容会丢失。5.2 为什么动态为什么动态RAM需要定时刷新？需要定时刷新？解：解：DRAM的存储元以电容来存储信息，由于存在漏电现象，电容中存储的电荷会逐渐泄漏，从而使信息丢失或出的存储

2、元以电容来存储信息，由于存在漏电现象，电容中存储的电荷会逐渐泄漏，从而使信息丢失或出现错误。因此需要对这些电容定时进行现错误。因此需要对这些电容定时进行“刷新刷新”。5.3 CPU寻址内存的能力最基本的因素取决于寻址内存的能力最基本的因素取决于_。解：地址总线的宽度。解：地址总线的宽度。5.4 试利用全地址译码将试利用全地址译码将6264芯片接到芯片接到8088系统总线上，使其所占地址范围为系统总线上，使其所占地址范围为32000H33FFFH。解：将地址范围展开成二进制形式如下图所示。解：将地址范围展开成二进制形式如下图所示。0011 0010 0000 0000 00000011 0011

3、 1111 1111 11116264芯片的容量为芯片的容量为88KB，需要，需要13根地址线根地址线A0A12。而剩下的高。而剩下的高7位地址应参加该芯片的地址译码。位地址应参加该芯片的地址译码。电路如图所示：电路如图所示：1WEWED D0 0D D7 7A A0 0A A1212A A1212A A0 0MEMWMEMRA A1919A A1818A A1717A A1616A A1515A A1414A A1313CSCS2 2OEOECSCS1 1+5V+5V80888088系统系统BUSBUSSRAM 6264SRAM 6264D D0 0D D7 7&25.5 内存地址从内存地址

4、从20000H8BFFFH共有多少字节？共有多少字节？解：共有解：共有8BFFFH20000H16C000H个字节。或个字节。或432KB。5.6 若采用若采用6264芯片构成上述的内存空间，需要多少片芯片构成上述的内存空间，需要多少片6264芯片？芯片？解：每个解：每个6264芯片的容量位芯片的容量位8KB，故需，故需432/854片。片。5.7 设某微型机的内存设某微型机的内存RAM区的容量位区的容量位128KB，若用，若用2164芯片构成这样的存储器，需芯片构成这样的存储器，需多少多少2164芯片？至少需多少根地址线？其中多少根用于片内寻址？多少根用于片选芯片？至少需多少根地址线？其中多

5、少根用于片内寻址？多少根用于片选译码？译码？解：解：（1）每个）每个2164芯片的容量为芯片的容量为64K1bit，共需，共需128/64816片。片。（2）128KB容量需要地址线容量需要地址线17根。根。（3）16根用于片内寻址。根用于片内寻址。（4）1根用于片选译码。根用于片选译码。注意，用于片内寻址的注意，用于片内寻址的16根地址线要通过二选一多路器连到根地址线要通过二选一多路器连到2164芯片，因为芯片，因为2164芯片芯片是是DRAM，高位地址与低位地址是分时传送的。，高位地址与低位地址是分时传送的。5.8 现有两片现有两片6116芯片，所占地址范围为芯片，所占地址范围为61000

6、H61FFFH，试将它们连接到，试将它们连接到8088系统系统中。并编写测试程序，向所有单元输入一个数据，然后再读出与之比较中。并编写测试程序，向所有单元输入一个数据，然后再读出与之比较，若出错，若出错则显示则显示“Wrong！“，全部正确则显示，全部正确则显示”OK！“。解：连接如下图所示。测试程序段如下：解：连接如下图所示。测试程序段如下：OKDBOK!,$WRONGDBWrong!,$MOVAX,6100HMOVES,AX3MOVDI,0MOV CX,1000HMOVAL,55HREPSTOSBMOVDI,0MOVCX,1000HREPZSCASBJZDISP_OKLEADX,WRONG

7、MOVAH,9INT21HHLTDISP_OK:LEADX,OKMOVAH,9INT21HHLT41R/WR/WD D0 0D D7 7A A0 0A A1010 A A1010A A0 0MEMWMEMWMEMRMEMRA A1818A A1919A A1616A A1515A A1414A A1717A A1313OEOECSCS80888088系统系统BUSBUSSRAM 6116SRAM 6116&C CA AB BG G2A2AG G2B2BG G1 1&Y Y2LS138LS138D D0 0D D7 7D D0 0D D7 7A A0 0CSCS R/WR/WA A1010A A

8、1010MEMRMEMROEOEMEMWMEMWA A0 0A A1212A A1111D D0 0D D7 7Y Y355.9 甚什么是字扩展？什么是位扩展？用户自己购买内存条进行内存扩充，是在进行何种存储甚什么是字扩展？什么是位扩展？用户自己购买内存条进行内存扩充，是在进行何种存储器扩展？器扩展？解：解：（1）当存储芯片的容量小于所需内存容量时，需要用多个芯片构成满足容量要求的存储器，这）当存储芯片的容量小于所需内存容量时，需要用多个芯片构成满足容量要求的存储器，这就是字扩展。就是字扩展。（2）当存储芯片每个单元的字长小于所需内存单元字长时，需要用多个芯片构成满足字长要求）当存储芯片每个单

9、元的字长小于所需内存单元字长时，需要用多个芯片构成满足字长要求的存储模块，这就是位扩展。的存储模块，这就是位扩展。（3）用户在市场上购买内存条进行内存扩充，所做的是字扩展的工作。）用户在市场上购买内存条进行内存扩充，所做的是字扩展的工作。5.10 74LS138译码器的接线图如教材第译码器的接线图如教材第245页的图页的图5-47所示，试判断其输出端所示，试判断其输出端Y0#、Y3#、Y5#和和Y7所决定的内存地址范围。所决定的内存地址范围。解：因为是部分地址译码（解：因为是部分地址译码（A17不参加译码），故每个译码输出对应不参加译码），故每个译码输出对应2个地址范围：个地址范围：Y0：00

10、000H 01FFFH 和和 20000H 21FFFHY3：06000H 07FFFH 和和 26000H 27FFFHY5：0A000H 0BFFFH 和和 2A000H 2BFFFHY7：0E000H 0FFFFH 和和 2E000H 2FFFFH5.11 某某8088系统用系统用2764 ROM芯片和芯片和6264 SRAM芯片构成芯片构成16KB的内存。其中，的内存。其中，ROM的地址范的地址范围为围为0FE000H0FFFFFH，RAM的地址范围为的地址范围为0F0000H0F1FFFH。试利用。试利用74LS138译码，译码，画出存储器与画出存储器与CPU的连接图，并标出总线信号

11、名称。的连接图，并标出总线信号名称。解：连接如下图所示。解：连接如下图所示。6WEWED D0 0D D7 7A A0 0A A1212 A A1212A A0 0MEMWMEMWMEMRMEMRA A1818A A1919A A1616A A1717A A1515OEOECS1CS180888088系统系统BUSBUS62646264C CA AB BG G2A2AG G2B2BG G1 1&Y Y0LS138LS138D D0 0D D7 7D D0 0D D7 7A A0 0CECE A A1212A A1212MEMRMEMROEOEA A0 0A A1414A A1313D D0 0

12、D D7 7Y Y72764CS2CS2+5V V75.12 叙述叙述EPROM的编程过程，并说明的编程过程，并说明EPROM和和EEPROM的不同点。的不同点。（不要求）（不要求）解：解：（1）对）对EPROM芯片的编程过程详见教材第芯片的编程过程详见教材第215217页。页。（2）EPROM与与EEPROM的不同之处为：的不同之处为：。EPROM用紫外线擦除，用紫外线擦除，EEPROM用电擦除。用电擦除。EPROM是整片擦除，是整片擦除，EEPROM可以整片擦除，也可以逐个字节地擦除。可以整片擦除，也可以逐个字节地擦除。5.13 试说明试说明FLASH EEPROM芯片的特点及芯片的特点及

13、28F040的编程过程。（不要求）的编程过程。（不要求）解：解：（1）特点是：它结合了）特点是：它结合了RAM和和ROM的优点，读写速度接近于的优点，读写速度接近于RAM，断电后信息又不会丢失。，断电后信息又不会丢失。（2）28F040的编程过程详见教材第的编程过程详见教材第222223页。页。5.14 什么是什么是Cache？它能够极大地提高计算机的处理能力是基于什么原理？它能够极大地提高计算机的处理能力是基于什么原理？解：解：（1）Cache 是位于是位于CPU与主存之间的高速小容量存储器。与主存之间的高速小容量存储器。（2）它能够极大地提高计算机的处理能力，是基于程序和数据访问的局部性原理。）它能够极大地提高计算机的处理能力，是基于程序和数据访问的局部性原理。5.15 若主存若主存DRAM的的存取周期为的的存取周期为70ns，Cache的存取周期为的存取周期为5ns，有它们构成的存储器的平，有它们构成的存储器的平均存取周期是多少？均存取周期是多少？解：平均存取周期约为解：平均存取周期约为 700.1ns+50.9ns=11.5ns。8