2022-2023学年黑龙江省大庆市铁人中学高考全国统考预测密卷物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（）A“康普顿效应”说明光具有能量，“光电效应”说明光具有

2、动量 B目前的核电站、核潜艇在利用核能时，发生的核反应方程均是123112H+HHe C对于某种金属来说，其发生光电效应的极限频率是恒定的，且与入射光的强度无关 D中子与质子结合成氘核时，需要吸收能量 2、如图，两根平行通电长直导线固定，左边导线中通有垂直纸面向外、大小为 I1的恒定电流，两导线连线（水平）的中点处，一可自由转动的小磁针静止时 N 极方向平行于纸面向下。忽略地磁场的影响。关于右边导线中的电流 I2，下列判断正确的是（）AI2I1，方向垂直纸面向外 CI2I1，方向垂直纸面向里 3、一质点沿 x 轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其xtt 的图象如图所示，则 A质点做匀

3、速直线运动，速度为 0.5 m/s B质点做匀加速直线运动，加速度为 0.5 m/s2 C质点在 1 s 末速度为 1.5 m/s D质点在第 1 s 内的平均速度 0.75 m/s 4、如图甲所示的充电电路中，R 表示电阻，E 表示电源（忽略内阻）。通过改变电路中的元件参数对同一电容器进行两次充电，对应的电荷量 q 随着时间 t 变化的曲线如图乙中的 a、b 所示。曲线形状由 a 变化为 b，是由于（）A电阻 R 变大 B电阻 R 减小 C电源电动势 E 变大 D电源电动势 E 减小 5、对磁现象的研究中有一种“磁荷观点”人们假定，在 N 极上聚集着正磁荷，在 S 极上聚集着负磁荷由此可以将

4、磁现象与电现象类比，引入相似的概念，得出一系列相似的定律例如磁的库仑定律、磁场强度、磁偶极矩等 在磁荷观点中磁场强度定义为：磁场强度的大小等于点磁荷在该处所受磁场力与点磁荷所带磁荷量的比值，其方向与正磁荷在该处所受磁场力方向相同若用 H 表示磁场强度，F 表示点磁荷所受磁场力，qm表示磁荷量，则下列关系式正确的是（）AF=BH=CH=Fqm Dqm=HF 6、表是某逻辑电路的真值表，该电路是（）输入 输出 0 0 0 0 1 0 1 0 0 1 1 1 A B C D 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对

5、的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、2019年9月21日，“多彩贵州”自行车联赛在赤水市举行第五站的赛事一辆做匀变速直线运动的赛车，初速度v0=5m/s，它的位置坐标 x 与速度的二次方 v2的关系图像如图所示，则（）A赛车的加速度大小为 2.5m/s2 B赛车在 t=2s 时速度为 0 C赛车在前 2s 内的位移大小为 7.5m D赛车在 1s 时的位置坐标为 2.375m 8、如图所示，一小球固定在轻杆上端，AB 为水平轻绳，小球处于静止状态，则杆对小球的作用力方向可能是()AF1 BF2 CF3 DF4 9、如图甲所示，水平地面上有足够长平板车 M，车上放一物块

6、 m，开始时 M、m 均静止。t=0 时，车在外力作用下开始沿水平面向右运动，其 v-t 图像如图乙所示，已知物块与平板车间的动摩擦因数为 0.2，取 g=10m/s2。下列说法正确的是（）A0-6s 内，m 的加速度一直保持不变 Bm 相对 M 滑动的时间为 3s C0-6s 内，m 相对 M 滑动的位移的大小为 4m D0-6s 内，m、M 相对地面的位移大小之比为 3：4 10、2019 年 3 月 10 日 0 时 28 分，“长征三号”乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火起飞，成功将“中星 6C”卫星送入太空“中星6C”是一颗用于广播和通信的地球静止轨道通信卫星，可提供高质量的话音、数据

7、、广播电视传输业务，服务寿命 15 年已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，地球自转周期为 T，关于该卫星的发射和运行，下列说法正确的是 A该卫星发射升空过程中，可能处于超重状态 B该卫星可能处于北京上空 C该卫星绕地球运行的线速度可能大于第一宇宙速度 D该卫星运行轨道距离地面的高度为2232g4R TR 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学利用多用表测量分压电路电阻的变化范围，按如下步骤测量：（1）选用欧姆档10 倍率，先将表笔短接调零，再如图甲所示，将表笔接到分压电路两端，从滑片移动到最右端开始进行测量，

8、如图乙所示，根据指针位置，电阻读数为_。（2）将滑片逐渐滑动到最左端而不做其他变动，移动过程中读数变化情况是_ A增大 B减小 C先增大后减小 D先减小后增大（3）记录下整个过程中读数的最小值为 24，得到电阻的变化范围。这样测量的最小值的方法是否合理？若合理，写出电阻变化范围；若不合理，说明应如何改正_。12（12 分）(1)有一螺旋测微器，用它测量一根圆形金属的直径，如图所示的读数是_mm；(2)在用自由落体运动验证机械能守恒定律的实验中，使质量为 1.00kg 的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示。O 为第一个点，A、B、C 为从合适位置开

9、始选取连续点中的三个点。己知打点计时器每隔 0.02s 打一个点，当地的重力加速度为29.8m/sg，那么：根据图上所得的数据，应取图中 O 点到_点来验证机械能守恒定律；从 O 点到问中所取的点，重物重力势能的减少量pE=_J，动能增加量kE=_J（结果取三位有效数字）；若测出纸带上所有各点到 O 点之间的距离，根据纸带算出各点的速度 v 及物体下落的高度 h，则以22v为纵轴，以 h为横轴画出的图象是下图中的_。A B C D 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）一赛艇停在平静的水面上，赛艇前

10、端有一标记 P 离水面的高度为 h1=0.6m，尾部下端 Q 略高于水面；赛艇正前方离赛艇前端1s=0.8m 处有一浮标，示意如图一潜水员在浮标前方2s=3.0m 处下潜到深度为2h时，看到标记刚好被浮标挡住，此处看不到船尾端 Q；继续下潜h 2.0m，恰好能看见 Q。（已知水的折射率 n=43）求 深度2h；赛艇的长度l。（可用根式表示）14（16 分）如图所示，倾角为 37的固定斜面上下两端分别安装有光滑定滑轮和弹性挡板 P，1P、2P是斜面上两点，1PP间距离11m3L，12PP间距离24mL。轻绳跨过滑轮连接平板 B 和重物 C，小物体 A 放在离平板 B 下端1ms 处，平板 B 下

11、端紧挨2P，当小物体 A 运动到12PP区间时总受到一个沿斜面向下0.1Fmg的恒力作用。已知 A、B、C 质量分别为 m、2m、m，A 与 B 间动摩擦因数10.75，B 与斜面间动摩擦因数20.25，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin370.6，cos370.8，g 取210m/s，平板 B 与挡板 P 碰撞前 C 与滑轮不会相碰。现让整个装置从静止释放，求：（1）小物体 A 在12PP区间上方和进入12PP区间内的加速度大小；（2）平板 B 与弹性挡板 P 碰撞瞬间同时剪断轻绳，求平板 B 碰撞后沿斜面上升到最高点的时间。15（12 分）如图所示，让小球从图中的 A 位置静止摆下，摆到

12、最低点 B 处摆线刚好被拉断，小球在 B 处恰好未与地面接触，小球进入粗糙的水平面后向右运动到 C 处进入一竖直放置的光滑圆弧轨道。已知摆线长1mL，60，小球质量=1mkg，B 点 C 点的水平距离2sm，小球与水平面间动摩擦因数0.2，g 取210m/s。（1）求摆线所能承受的最大拉力为多大；（2）要使小球不脱离圆弧轨道，求圆弧轨道半径 R 的取值范围。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A“康普顿效应”说明光具有动量，“光电效应”说明光具有能量，故 A 错误；B目前的核电站、核潜艇在利

13、用核能时，发生的核反应方程均是核裂变方程，故 B 错误；C对于某种金属来说，其发生光电效应的极限频率只和金属本身有关，是恒定的，与入射光的强度无关。故 C 正确；D中子与质子结合成氘核时，核聚变放出能量，故 D 错误。故选 C。2、B【解析】小磁针静止时 N 极方向平行于纸面向下，说明该处的磁场方向向下，因 I1在该处形成的磁场方向向上，则 I2在该处形成的磁场方向向下，且大于 I1在该处形成的磁场，由安培定则可知 I2方向垂直纸面向外且 I2I1。故选 B。3、C【解析】由图线可知，质点运动的平均速度逐渐增大，则质点做匀加速直线运动；根据图线可得0.50.5xvtt，既000.50.52vv

14、atvt，可得：v0=0.5m/s，a=1m/s2，故 AB 错误；质点在 1 s 末速度为 v=v0+at=1.5m/s，故 C正确；质点在第 1 s 内的平均速度0.50.5 1m/s1m/sv，故 D 错误。故选 C。4、A【解析】由图象可以看出，最终电容器所带电荷量没有发生变化，只是充电时间发生了变化，说明电容器两端电压没有发生变化，即电源的电动势不变，而是电路中电阻的阻值发生了变化。图象 b 比图象 a 的时间变长了，说明充电电流变小了，即电阻变大了，故 A 正确，BCD 错误。故选 A。5、B【解析】试题分析：根据题意在磁荷观点中磁场强度定义为：磁场强度的大小等于点磁荷在该处所受磁

15、场力与点磁荷所带磁荷量的比值，其方向与正磁荷在该处所受磁场力方向相同，所以有 mFHq 故选 B。【名师点睛】磁场强度的大小等于点磁荷在该处所受磁场力与点磁荷所带磁荷量的比值，运用类比思想，类比电场强度的定义公式FEq列式分析即可 6、B【解析】由图中真值表可知，当输入端为：00、01、10、11 时，输出分别为 0、0、0、1；则可知只有两输入端均输入高电平时，才能输出高电平，即只有两输入端均为 1 时，输出端才为 1，故该逻辑电路为与逻辑关系；A该图与结论不相符，选项 A 错误；B该图与结论相符，选项 B 正确；C该图与结论不相符，选项 C 错误；D该图与结论不相符，选项 D 错误；故选

16、B【点评】本题考查门电路中真值表的分析；学会根据真值表理清逻辑关系，会区分门电路并理解其功能 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、CD【解析】A由图象可知该车做匀减速直线运动，根据速度位移公式有 2222001222vvvxvaaa 则图象的斜率等于 128225a 解加速度 a=-1.25m/s2，即大小为 1.25m/s2，故 A 错误；B设汽车减速到零所有的时间为0t，根据速度公式有 00vvat 代入数据解得04t s，说明赛车在 t=

17、2s 时仍在运动，此时速度不为 0，故 B 错误；C设赛车在前 2s 内的位移为2x，根据位移时间公式有 220 2212xv tat 代入数据解得27.5x m，故 C 正确；D设赛车在前1s 内的位移为1x，根据位移时间公式有 210 1112xv tat 代入数据解得14.375x m，由图可知该车在 1s 内是由-2m 处出发，所以在 1s 时的位置坐标为12x m=2.375m，故 D正确。故选 CD。8、BC【解析】小球处于静止状态，则杆对小球的作用力方向在重力与绳子拉力夹角的对顶角范围内（不含水平方向），如图所示；所以杆对小球的作用力方向可能是 F2和 F3，故 BC 正确，AD

18、 错误。故选 BC。9、BD【解析】AB物块相对于平板车滑动时的加速度 22m/smgagm 若其加速度一直不变，速度时间图像如图所示 有图像可以算出 t=3s 时，速度相等，为 6m/s。由于平板车减速阶段的加速度大小为 2218m/s2m/s62aa 故二者等速后相对静止，物块的加速度大小不变，方向改变。物块相对平板车滑动的时间为 3s。故 A 错误，B 正确；C有图像可知，0-6s 内，物块相对平板车滑动的位移的大小 18612 8m1m3 6m=6m222x 故 C 错误；D0-6s 内，有图像可知，物块相对地面的位移大小 116 6m=18m2x 平板车相对地面的位移大小 216 8

19、m=24m2x 二者之比为 3：4，故 D 正确。故选 BD。10、AD【解析】该卫星发射升空过程中，一定是先加速运动，处于超重状态，故 A 正确；该卫星是一颗地球静止轨道通信卫星，一定处于赤道上空，不可能处于北京上空，故 B 错误；环绕地球运动的卫星的线速度都小于第一宇宙速度，故 C 错误；由2MmGmgR、222()()MmGm RhRhT 可得22324gR ThR，故 D 正确故选 AD 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、200 B 不合理，理由见解析 【解析】(1)1欧姆表表盘示数为 20.0，倍率为 10，则最后读

20、数为：20.010=200，(2)2根据串并联电路的特点可知，将滑片逐渐滑动到最左端而不做其他变动，电路的电阻减小，则移动过程中读数减小，B 正确；故选 B。(3)3不合理，读数为 24 时采用10 时指针太偏右，倍率偏大，应换1 倍率重新调零后再测量。12、1.609 B 1.88 1.84 A 【解析】(1)1螺旋测微器的固定刻度为 1.5mm，可动刻度为 10.9 0.01mm0.109mm 所以最终读数为 1.5mm+0.109mm=1.609mm(2)2根据图上所得的数据，应取图中O点到B点来验证机械能守恒定律；3从O点到B点的过程中，重物重力势能的减少量 1 9.80.1920J1

21、.88JpEmgh 4B点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则有 0.23230.1555m/s1.92m/s20.04ACBxvT 重物动能的增加量 22111 1.92 J1.84J22kBEmv 5根据机械能守恒得 212mghmv 则有 212ghv 可知212vh的图线是过原点的倾斜直线，故 A 正确，B、C、D 错误；故选 A。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、4m；24 7(3.8)m7。【解析】设过 P 点光线，恰好被浮子挡住时，入射角、折射角分别为：、，如图所示 由几何关系有 12211s

22、inssh，22222sinssh 根据光的折射定律可知 sinsinn43 联立解得 h2=4m 潜水员和 Q 点连线与水平方向夹角刚好为临界角 C，则有 13sin4Cn 根据几何关系有 122tansslChh 联立解得 24 7(3.8)m7l 14、见解析【解析】（1）小物体 A 在 P1、P2区间上方运动时，假设 A 相对 B 静止，对 A、B、C 整体，由牛顿第二定律有：2334mgsinmg cosmgma 代入数据解得：20.5m/sa 隔离 A，有：mgsinfma 代入数据得：f=5.5m 而 A、B 间的最大静摩擦力 16mfmgcosm 所以 mff，假设成立，A、B

23、、C 一起运动。小物体 A 进入 P1、P2区间上方运动时加速度为：a=0.5m/s2 当小物体 A 进入 P1、P2区间内，隔离 A，有：Fmgsinfma 得 f=6.5mfm，即 A 相对于 B 向下滑动。对 A 有：11Fmgsinmgcosma 代入数据解得：211m/sa （2）小物体 A 刚到 P2时，A、B、C 速度满足 202vas 代入数据解得：v0=1m/s 当小物体 A 进入 P1、P2区间内时，对 B、C 整体，有：122233mgsinmgcosmgcosmgma 代入数据解得：222m/s3a 当小物体 A 刚到 P1时，小物体速度满足 2210122vva L

24、代入数据解得：13m/sv 小物体 A 从 P2到 P1运动时间为：10113 1s2s1vvta B、C 速度为：202 12712(m/s)33vva t 此过程中 B 运动距离为：0221711032mm223vvxt 因此当小物体 A 刚过 P1时，小物体 A 离平板 B 下端距离为：2213mxsLx（）此时 B 刚好与挡板 P 发生碰撞且绳断，此后 A 将以速度 v1=3m/s 向下匀速运动，B 将向上以27m/s3v 做匀速运动。隔离 B，有：123232mgsinmgcosmgcosmgma 代入数据解得：2312m/sa 对 A、B，有：21 22 23 212xvtv ta

25、 t 解得：2846s18t 此时平板 B 速度为：23 22 469m/s3Bvva t 此后 A 滑离平板 B，B 继续向上匀减速，对 B，有：24222mgsinmgcosmgma 代入数据解得：248m/sa 平板 B 向上运动到最高点时速度减为零，运动时间为：342 469s24Bvta 因此平板 B 与挡板 P 碰后到最高点时间为：232?465s72Bttt 15、（1）20N；（2）0.04mR 或0.1mR 【解析】（1）小球从 A 到 B 的过程，由动能定理得：21102BmgLcosmv（）解得：10m/sBv 在 B 点，由牛顿第二定律得：2BvTmgmL 解得：20NT （2）B 到 C 的过程中摩擦力做功，由动能定理可得：221122CBmvmvmgs 可得：2m/sCv 小球进入圆轨道后，设小球能到达圆轨道最高点的速度为 v，要不脱离轨道应满足：2vmgmR 考虑小球从 C 点运动到圆轨道最高点的过程，由动能定理得：2211222CmgRmvmv 联立以上解得：R0.04m；小球进入圆轨道后，小球上升的最大高度满足：hR，小球可沿轨道返回。小球从 D 点运动到最高处的过程，由动能定理得 2012Cmghmv 解得：R0.1m；所以要使小球不脱离圆弧轨道，圆弧轨道半径 R 的取值范围是 R0.04m 或 R0.1m。