2022-2023学年四川省宜宾市叙州区第二中学高考临考冲刺物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回 2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用 05 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置 3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符 4作答选择题，必须用 2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用 05 毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效 5如需作图，须用 2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小

2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,小物体 P 放在水平圆盘上随圆盘一起转动，下列关于小物体所受摩擦力 f 的叙述正确的是（）Af 的方向总是指向圆心 B圆盘匀速转动时 f=0 C在转速一定的条件下，f 跟物体到轴 O 的距离成正比 D在物体与轴 O 的距离一定的条件下,f 跟圆盘转动的角速度成正比 2、在x轴上有两个点电荷1q、2q，其静电场的电势在x轴上的分布情况如图所示，则（）A1q和2q带有同种电荷 B1x处的电场强度为零 C将一负电荷从1x处移动到1x处，其电势能增加 D将一负电荷从2x处移到4x处，电场力做功为零 3、相传我国早在 5000 多年前的黄帝时代

3、就已经发明了一种指南车。如图所示为一种指南车模型，该指南车利用机械齿轮传动的原理，在任意转弯的情况下确保指南车上的小木人右手臂始终指向南方。关于该指南车模型，以下说法正确的是（）A以指南车为参照物，车上的小木人始终是静止的 B如果研究指南车的工作原理，可以把车看成质点 C在任意情况下，指南车两个车轮轮缘的线速度大小都相等 D在任意情况下，车转弯的角速度跟小木人的角速度大小相等 4、如图所示，竖直放置的两端开口的 U 形管，一段空气柱被水银柱 a 和水银柱 b 封闭在右管内，水银柱 b 的两个水银面的高度差为 h。现将 U 形管放入热水槽中，则系统再度达到平衡的过程中（水银没有溢出，外界大气压保

4、持不变）（）A空气柱的压强变大 B空气柱的长度不变 C水银柱 b 左边液面要上升 D水银柱 b 的两个水银面的高度差 h 不变 5、水平地面上的物体由静止开始竖直向上运动，在运动过程中，物体的动能 Ek与位移 x 的关系图像如图所示，则满足机械能守恒的阶段是（）A0h Bh2h C2h3h D3h5h 6、如图所示，一段长方体形导电材料，左右两端面的边长都为 a 和 b，内有带电量为 q 的某种自由运动电荷导电材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，内部磁感应强度大小为 B当通以从左到右的稳恒电流 I 时，测得导电材料上、下表面之间的电压为 U，且上表面的电势比下表面的低由此可得该导电材料

5、单位体积内自由运动电荷数及自由运动电荷的正负分别为 AIBq aU，负 BIBq aU，正 CIBq bU，负 DIBq bU，正 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示。在 MNQP 中有一垂直纸面向里匀强磁场。质量和电荷量都相等的带电粒子 a、b、c 以不同的速率从 O点沿垂直于 PQ 的方向射入磁场。图中实线是它们的轨迹。已知 O 是 PQ 的中点。不计粒子重力。下列说法中正确的是（）A粒子 c 带正电，粒子 a、b 带负电 B射入

6、磁场时粒子 c 的速率最小 C粒子 a 在磁场中运动的时间最长 D若匀强磁场磁感应强度增大，其它条件不变，则 a 粒子运动时间不变 8、如图为一电源电动势为 E，内阻为 r 的稳定电路。电压表 A 的内阻为 5k。B 为静电计，C1，C2为两个理想的电容器且耐压值足够高。在开关闭合一段时间后，下列说法正确的是 AC1上电荷量为 0 B若将甲右滑，则 C2上电荷量增大 C若 C1C2，则电压表两端大于静电计两端电压 D将 S 断开，使 C2两极距离增大，B 张角变大 9、下列说法中正确的是（）A分子运动的平均速率可能为零，瞬时速度不可能为零 B液体与大气相接触时，表面层内分子所受其他分子的作用表

7、现为相互吸引 C空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示 D有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体 E.随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能不一定减小 10、研究表明，汽车在行驶过程中所受阻力的大小与运动速率的平方近似成正比。一辆汽车在平直公路上行驶，以某一功率行驶达到的最大速率为1v，此时所受阻力为1F。若增加汽车功率为原来的两倍，其他条件不变，该汽车行驶达到的最大速率为2v，相应的阻力为2F。对此下列表述正确的是（）A212FF B3214FF C212vv D3212vv 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（

8、6 分）如图 1 所示，为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度 a 与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图。钩码的质量为 m1，小车和砝码的质量为 m2，重力加速度为 g。（1）下列说法正确的是_。A每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力 B实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源 C本实验 m2应远小于 m1 D在用图象探究加速度与质量关系时，应作 a21m图象（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，测得 F=m1g，作出 aF 图象，他可能作出图 2 中_（选填“甲”、“乙”、“丙”）图线。此图线的 AB 段明显偏离直线，造成此误差的

9、主要原因是_。A小车与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平状态 C砝码盘和砝码的总质量太大 D所用小车的质量太大（3）实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，若轨道水平，他测量得到的21ma 图象，如图 3。设图中直线的斜率为 k，在纵轴上的截距为 b，则小车与木板间的动摩擦因数=_，钩码的质量 m1=_。（4）实验中打出的纸带如图 4 所示。相邻计数点间的时间是 0.1s，图中长度单位是 cm，由此可以算出小车运动的加速度是_m/s2。12（12 分）某同学利用如图所示的电路可以测量多个物理量实验室提供的器材有：两个相同的待测电源（内阻 r1）电阻箱 R1（最大阻值为 999.9）电阻箱 R1

10、（最大阻值为 999.9）电压表 V（内阻约为 1k）电流表 A（内阻约为 1）灵敏电流计 G，两个开关 S1、S1 主要实验步骤如下：按图连接好电路，调节电阻箱 R1和 R1至最大，闭合开关 S1和 S1，再反复调节 R1和 R1，使电流计 G 的示数为 0，读出电流表 A、电压表 V、电阻箱 R1、电阻箱 R1的示数分别为 0.40A、11.0V、30.6、18.1；反复调节电阻箱 R1和 R1（与中的电阻值不同），使电流计 G 的示数为 0，读出电流表 A、电压表 V 的示数分别为0.60A、11.7V 回答下列问题：（1）步骤中：电流计G的示数为0时，电路中A和B两点的电电势差UAB=

11、_V；A和C两点的电势差UAC=_V；A 和 D 两点的电势差 UAD=_V；（1）利用步骤中的测量数据可以求得电压表的内阻为_，电流表的内阻为_；（3）结合步骤步骤的测量数据电源的电动势 E 为_V，内阻 r 为_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，水平放置的两平行金属板间存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场。已知两板间的电势差为U，距离为 d；匀强磁场的磁感应强度为 B，方向垂直纸面向里。一质量为 m、电荷量为 q 的带电粒子从 A 点沿水平方向射入到两板之间，恰好沿直线从 M 点射

12、出；如果撤去磁场，粒子从 N 点射出。M、N 两点间的距离为 h。不计粒子的重力。求：（1）匀强电场场强的大小 E；（2）粒子从 A 点射入时的速度大小 v0；（3）粒子从 N 点射出时的动能 Ek。14（16 分）如图甲所示，两根足够长的平行光滑金属导轨 MN、PQ 被固定在水平面上，导轨间距 L=0.6m，两导轨的左端用导线连接电阻 R1及理想电压表，电阻 r=2 的金属棒垂直于导轨静止在 AB 处；右端用导线连接电阻 R2，已知 R1=2，R2=1，导轨及导线电阻均不计在矩形区域 CDEF 内有竖直向上的磁场，CE=0.2m，磁感应强度随时间的变化如图乙所示在 t=0 时刻开始，对金属棒

13、施加一水平向右的恒力 F，从金属棒开始运动直到离开磁场区域的整个过程中电压表的示数保持不变求：（1）t=0.1s 时电压表的示数；（2）恒力 F 的大小；（3）从 t=0 时刻到金属棒运动出磁场的过程中整个电路产生的热量 Q；15（12 分）如图所示，在矩形区域 ABCD 内存在竖直向上的匀强电场，在 BC 右侧、两区域存在匀强磁场，L1、L2、L3是磁场的边界（BC 与 L1重合），宽度相同，方向如图所示，区域的磁感强度大小为 B1一电荷量为 q、质量为 m（重力不计）的带正电点电荷从 AD 边中点以初速度 v0沿水平向右方向进入电场，点电荷恰好从 B 点进入磁场，经区域后又恰好从与 B 点

14、同一水平高度处进入区域已知 AB 长度是 BC 长度的3倍 （1）求带电粒子到达 B 点时的速度大小；（2）求磁场的宽度 L；（3）要使点电荷在整个磁场中运动的时间最长，求区域的磁感应强度 B2的最小值 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】如果圆盘在做非匀速圆周运动，摩擦力不指向圆心，摩擦力分解为一个指向圆心的力和沿圆弧切线方向的力，指向圆心力提供向心力改变速度的方向，切向的分力改变速度的大小，所以 A 项错误；圆盘匀速转动时，物体在做匀速圆周运动，摩擦力提供向心力，摩擦力不为零，所以 B

15、项错误；当转速一定时，根据，角速度也是一定，摩擦力提供向心力，摩擦力与半径成正比关系，所以 C 项正确；在物体与轴 O 的距离一定的条件下，摩擦力与角速度的平方成正比，所以 D 项错误 2、D【解析】A由图知1x处的电势等于零，所以 q1和 q2带有异种电荷，A 错误；B图象的斜率描述该处的电场强度，故1x处场强不为零，B 错误；C负电荷从1x移到2x，由低电势向高电势移动，电场力做正功，电势能减小，故 C 错误；D由图知，负电荷从2x处移到4x处，电势不变，则电势能不变，电场力做功为零。所以 D 正确。故选 D。3、A【解析】A以指南车为参照物，车上的小木人相对于小车的位置不变，所以始终是静

16、止的，故 A 正确；B在研究指南车的工作原理时，不可以把车看成质点，否则车上的小木人右手臂始终指向南方的特点不能体现，故 B错误；C在指南车转弯时，两个车轮的角速度相等，线速度不一定相等，故 C 错误；D由题，车转弯时，车转动，但车上的小木人右手臂始终指向南方，可知小木人是不转动的，所以它们的角速度是不相等的，故 D 错误；故选 A。4、D【解析】AB外界大气压不变，被封闭气体压强始终不变，气体做等压变化，温度升高，则气体体积增大，故 AB 错误；CD被封闭气体压强始终不变，水银柱 b 两液面高度差 h 不变，则液面位置也不会发生变化，故 C 错误，D 正确。故选 D。5、C【解析】0-h 阶

17、段，动能增加量为 2mgh，重力势能的增加量为 mgh，所以机械能增加了 3mgh；h-2h 阶段，动能不变，重力势能增加 mgh，所以机械能不守恒；2h-3h 阶段，重力势能增加 mgh，动能减小 mgh，所以机械能守恒；3h-5h 阶段，重力势能增加 2mgh，动能减小 mgh，机械能增加，ABD 错误，不符合题意；C 正确，符合题意。故选 C。6、C【解析】因为上表面的电势比下表面的低，根据左手定则，知道移动的电荷为负电荷；根据电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡可得：UqvBqa 解得：UvBa 因为电流为：Inqvsnqvab 解得：IBnq bU A.与分析不符，故 A 错误；B.与分析

18、不符，故 B 错误；C.与分析相符，故 C 正确；D.与分析不符，故 D 错误 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AC【解析】A带电粒子在磁场中受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则可知粒子 c 带正电，粒子 a、b 带负电，A 正确；B洛伦兹力提供向心力 2vqvBmR 解得 qBRvm 根据几何关系可知粒子a运动的半径最小，所以粒子a的速率最小，B 错误；C粒子在磁场中运动的周期为 22RmTvqB 粒子a在磁场中轨迹对应的圆心角最大，大小为

19、180，所以粒子a在磁场中运动的时间最长，为半个周期，C 正确；D洛伦兹力提供向心力 2vqvBmR 解得粒子运动半径 mvRqB 磁感应强度B增大，可知粒子a运动的半径减小，所以粒子运动的圆心角仍然为180，结合上述2 mTqB可知粒子运动的周期改变，所以粒子a运动的时间改变，D 错误。故选 AC。8、AD【解析】A由于电容器和静电计均为断路，故开关闭合一段时间后，电路中电流为 0，故电压表两端电压为 0，因此 C1上电荷量为 0，故 A 正确；B由于整个电路中没有电流，C2相当于直接接在电源两端，故滑动滑动变阻器对电路没有影响，C2上电压不变，故电荷量不变，故 B 错误；C电压表两端电压为

20、 0，静电计两端电压不为 0，故 C 错误；DS 断开后，C2上电荷量保持不变，故当两极板距离增大时，电容减小，由QUC可知，电压增大，故静电计张角变大，故 D 正确；故选 AD。9、BDE【解析】A分子做永不停息的做无规则运动，其平均速率不可能为零，而瞬时速度可能为零，故 A 错误；B表面张力的微观解释为液体表面层的分子间距较大，表现为引力，故 B 正确；C空气绝对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示，故 C 错误；D晶体具有规则的几何形状，有一定的熔点，物理性质表现为各向异性，非晶体则没有规则的几何形状，没有一定的熔点，物理性质表现为各向同性，二者在一定的条件下可以相互转化，例如，天然水晶是晶

21、体，而熔化以后再凝结的水晶（即石英玻璃）就是非晶体，故 D 正确；E随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，当分子距离小于 r0时，分子力为斥力，距离增大时分子斥力做正功，分子势能减小；当分子距离大于 r0时，分子力为引力，距离增大时分子引力做负功，分子势能增大，故 E 正确。故选 BDE。10、BD【解析】CD汽车功率为 P 时，最大速率为1v，由二力平衡有 11FPv 由题意知 211Fkv 解得 31Pvk 同理，汽车功率为 2P 时，最大速率为 322Pvk 解式得 323122vPvP 所以 D 正确，C 错误；AB将式代入 211Fkv与222Fkv 解得 2322114FvFv

22、 所以 B 正确，A 错误。故选 BD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D 丙 C bgk 1gk 0.46 【解析】(1)1A平衡摩擦力，假设木板倾角为，则有：22sincosfm gm g m2约掉了，每次在小车上加减砝码时，故不需要重新平衡摩擦力，故 A 错误；B实验时应先接通电源后释放小车，故 B 错误；C让小车的质量2m远远大于钩码的质量1m，绳子的拉力 22121m gFm amm 故应该是12mm，故 C 错误；D2Fm a，所以：2Fam，所以在用图像探究小车的加速度与质量的关系时，通常作21am图像，故 D

23、 正确。故选：D。(2)2遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况。故图线为丙；3当不满足12mm时，随 m1的增大物体的加速度 a 逐渐减小，故图象弯曲的原因是：所挂钩码的总质量太大，不满足沙和沙桶质量远小于小车的质量，故 C 正确。(3)45根据牛顿第二定律可知 122m gm gm a 结合21am图象，可得：21111ammm g 设图中直线的斜率为 k，在纵轴上的截距为 b，因此钩码的质量 11mgk 小车与木板间的动摩擦因数 bgk(4)6根据 x=aT2得，22241222.62 1.2410 m/s0.64m/s33 0.1xxaT 12、0 11.0V -

24、11.0V 1530 1.8 11.6V 1.5 【解析】（1）113当电流计示数为 0 时，A、B 两点电势相等，即0ABU；电压表示数即为 A、C 两点电势差，即12.0VACU；由闭合电路欧姆定律可知，D、A 和 A、C 之间的电势差相等，故12.0VADU；（1）45由欧姆定律可得 11VUUIRR 解得 1530VR 由12DAAUIRR可得 1.8AR （3）67由步骤可得 1224V2EI r 由步骤可得 222 11.7V2EI r 联立可解得 12.6VE 1.5r 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演

25、算步骤。13、（1）电场强度UEd；（2）0UvBd；（3）2222kqUhmUEdB d【解析】（1）电场强度UEd（2）粒子做匀速直线运动，电场力与洛伦兹力大小相等，方向相反，有：0qEqv B 解得0EUvBBd（3）粒子从 N 点射出，由动能定理得：2012kqE hEmv 解得2222kqUhmUEdB d 14、（1）1.3V（2）1.27N（3）1.19J【解析】试题分析：（1）在 112s 内，CDEF 产生的电动势为定值：在 11s 时电压表的示数为：（2）设此时的总电流为 I,则路端电压为：由题意知:此时的安培力为：解得：F=127N（3）112s 内的热量为：由功能关系知

26、导体棒运动过程中产生的热量为：总热量为：考点:法拉第电磁感应定律、焦耳定律、功能关系 15、【小题 1】02 33v【小题 2】012 33mvqB【小题 3】B21.5B1【解析】粒子在匀强电场中做类平抛运动，将运动沿水平方向与竖直方向分解，根据动为学规律即可求解；当粒子进入磁场时，做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可确定运动的半径最后由几何关系可得出磁场的宽度 L；根据几何关系确定离开磁场的半径范围，再由半径公式可确定磁感应强度【小题 1】设点电荷进入磁场时的速度大小为 v，与水平方向成 角，由类平抛运动的速度方向与位移方向的关系有：tan33BCABLL 则 30 根据速度关系有：v002

27、3cos3vv【小题 2】设点电荷在区域中的轨道半径为 r1，由牛顿第二定律得：211vqvBmr，轨迹如图：由几何关系得：Lr1 解得：L012 33mvqB【小题 3】当点电荷不从区域右边界离开磁场时，点电荷在磁场中运动的时间最长 设区域中最小磁感应强度为 B，对应的轨迹半径为 r2，轨迹如图：同理得：22vqvBmr 根据几何关系有：Lr2(1sin)解得：B1.5B1【点睛】本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做圆周运动，本题涉及了类平抛运动、匀速圆周运动，学会处理这两运动的规律：类平抛运动强调运动的分解，匀速圆周运动强调几何关系确定半径与已知长度的关系