2022-2023学年河南省新乡一中高考物理倒计时模拟卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，某生产厂家为了测定该厂所生产的玩具车的性能，将两个完全相同的玩具车 A、B 并排放在两平行且水平的轨道上，分别通过挂钩连接另一个与玩具车等质量的货车(无牵引力)

2、，控制两车以相同的速度 v0做匀速直线运动。某时刻，通过控制器使两车的挂钩断开，玩具车 A 保持原来的牵引力不变，玩具车 B 保持原来的输出功率不变，当玩具车 A 的速度为 2v0时，玩具车 B 的速度为 1.5v0，运动过程中受到的阻力仅与质量成正比，与速度无关，则正确的是（）A在这段时间内两车的位移之比为 65 B玩具车 A 的功率变为原来的 4 倍 C两车克服阻力做功的比值为 1211 D两车牵引力做功的比值为 31 2、如图所示，铁芯上绕有线圈 A 和 B，线圈 A 与电源连接，线圈 B 与理性发光二极管 D 相连，衔铁 E 连接弹簧 K控制触头 C 的通断，忽略 A 的自感，下列说法

3、正确的是 A闭合 S，D 闪亮一下 B闭合 S，C 将会过一小段时间接通 C断开 S，D 不会闪亮 D断开 S，C 将会过一小段时间断开 3、如图所示，由粗糙的水平杆 AO 与光滑的竖直杆 BO 组成的绝缘直角支架，在 AO 杆、BO 杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球恰能在某一位置平衡。现将 P 缓慢地向左移动一小段距离，两球再次达到平衡。若小球所带电荷量不变，与移动前相比（）A杆 AO 对 P 的弹力减小 B杆 BO 对 Q 的弹力减小 CP、Q 之间的库仑力减小 D杆 AO 对 P 的摩擦力增大 4、如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体 A，A 的左端紧靠竖直

4、墙，A 与竖直墙之间放一光滑圆球 B，整个装置处于静止状态若把 A 向右移动少许后，它们仍处于静止状态则下列判断中正确的是()A球 B 对墙的压力增大 B球 B 对柱状物体 A 的压力增大 C地面对柱状物体 A 的支持力不变 D地面对柱状物体 A 的摩擦力不变 5、如图(a)，R 为电阻箱，A 为理想电流表，电源的电动势为 E，内阻为 r。图(b)为电源的输出功率 P 与 A 示数 I 的关系图像，其中功率 P0分别对应电流 I1、I2。则 AI1I2Er BI1I2Er CI1I2Er DI1I2Er 6、甲、乙两车某时刻由同一地点、沿同一方向开始做直线运动。甲、乙两车的位置 x 随时间 t

5、 的变化如图所示，则（）A0 时刻，甲车速度比乙车小 Bt2时刻，甲乙两车速度相等 C0t1时间内，甲车的平均速度比乙车大 D0t2时间内，甲车通过的距离大 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示为一列沿 x 轴正向传播的简谐横波在 t=0 时刻的波形图，经过 0.2s，M 点第一次到达波谷，则下列判断正确的是_ A质点 P 的振动频率2.5Hzf B该波的传播速度 v=1m/s CM 点的起振方向沿 y 轴负方向 D01s 内质点 Q

6、运动的路程为 0.2m E.01s 内质点 M 运动的路程为 0.08m 8、如图，水平面内固定有两根平行的粗糙长直金属导轨，两根相同的导体棒 AB、CD 置于导轨上并与导轨垂直，整个装置处于竖直方向的匀强磁场中。从 t=0 时开始，对 AB 棒施加一与导轨平行的水平外力 F，使 AB 棒从静止开始向右做加速度大小为 a0的匀加速直线运动。导轨电阻不计，两棒均与导轨接触良好，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力。下列关于 CD 棒的速度 v、加速度 a、安培力 F安和外力 F 随时间 t 变化的关系图线可能正确的是（）A B C D 9、如图（a）所示，在粗糙的水平地面上有两个大小相同但材质不同的甲

7、、乙物块。t=0 时刻，甲物块以速度 v04m/s向右运动，经一段时间后与静止的乙物块发生正碰，碰撞前后两物块运动的 vt 图像如图（b）中实线所示，其中甲物块碰撞前后的图线平行，已知甲物块质量为 5kg，乙物块质量为 4kg，则（）A此碰撞过程为弹性碰撞 B碰后瞬间乙物块速度为 2.5m/s C碰后乙物块移动的距离为 3.75m D碰后甲、乙两物块所受摩擦力之比为 6：5 10、如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场1E，之后进入电场线竖直向下的匀强电场2E发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么 A偏转电场2E对

8、三种粒子做功一样多 B三种粒子打到屏上时速度一样大 C三种粒子运动到屏上所用时间相同 D三种粒子一定打到屏上的同一位置，三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某学习小组探究一小电珠在不同电压下的电功率大小，实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接(1)实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接_：(2)某次测量，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为_A；(3)该小组描绘出的伏安特性曲线如图丙所示，根据图线判断，将_只相同的

9、小电珠并联后，直接与电动势为 3V、内阻为 1 的电源组成闭合回路，可使小电珠的总功率最大，其总功率的值约为_W（保留小数点后两位）.12（12 分）某中学实验小组成员在应用多用电表测电阻实验。如图为一多用电表的表盘，其中表盘上的三个重要部件分别用三个字母 A、B、C 标记了出来，然后在测量电阻时操作过程如下：在测量电阻以前，首先进行的操作应是机械调零，要调节部件_，使多用电表的指针指在表盘最_（填“左”或“右”）端的零刻度线位置；然后同学将旋钮 C 调节到“100”的挡位；将红表笔插到_（“+”或“”）孔，黑表笔插到_（“+”或“”）孔，将两表笔短接，调节部件_，使多用电表的指针指在表盘最_

10、（填“左”或“右”）端的零刻度线位置；完成以上的操作后，然后将两表笔与被测量的电阻良好接触，多用电表的指针几乎没有发生偏转，为了减小测量的误差。从下列选项中选出正确的部分操作步骤，并进行正确的排序_，最后测出待测电阻的阻值。A用两表笔与待测电阻相接触 B将两表笔短接进行欧姆调零 C将旋钮 C 调节到“1”的挡位 D将旋钮 C 调节到“1k”的挡位 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，容积均为 V0的汽缸 A、B 下端有细管（容积可忽略）连通，阀门 K2位于细管的中部，A、B的顶部各有一阀

11、门 K1、K3，B 中有一可自由滑动的活塞(质量、体积均可忽略)。初始时，三个阀门均打开，活塞在 B的底部；关闭 K2、K3，通过 K1给汽缸打气，每次可以打进气压为 p0、体积为 0.3V0的空气。已知室温为 27，大气压强为 p0，汽缸导热良好。（1）要使 A 缸的气体压强增大到 7p0，求打气的次数；（2）当 A 缸的气体压强达到 7p0后，关闭 K1，打开 K2并缓慢加热 A、B 气缸内气体，使其温度都升高 60，求稳定时活塞上方气体的体积和压强。14（16 分）如图甲所示，水平足够长的平行金属导轨 MN、PQ 间距 L0.3 m。导轨电阻忽略不计，其间连接有阻值R0.8 的固定电阻。

12、开始时，导轨上固定着一质量 m0.01 kg、电阻 r0.4 的金属杆 cd，整个装置处于磁感应强度 B0.5 T 的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下。现用一平行金属导轨平面的外力 F 沿水平方向拉金属杆cd，使之由静止开始运动。电压采集器可将其两端的电压 U 即时采集并输入电脑，获得的电压 U 随时间 t 变化的关系如图乙所示。求：（1）在 t4 s 时通过金属杆的感应电流的大小和方向；（2）4 s 内金属杆 cd 位移的大小；（3）4 s 末拉力 F 的瞬时功率。15（12 分）如图所示，足够长的光滑水平台面 M 距地面高 h=0.80m，平台右端紧接长度 L=5.4m 的水平传送带

13、NP，A、B 两滑块的质量分别为 mA=4kg、mB=2kg，滑块之间压着一条轻弹簧(不与两滑块栓接)并用一根细线锁定，两者一起在平台上以速度 v=1m/s 向右匀速运动；突然，滑块间的细线瞬间断裂，两滑块与弹簧脱离，之后 A 继续向右运动，并在静止的传送带上滑行了 1.8m，已知物块与传送带间的动摩擦因数=0.25，g=10m/s2，求：(1)细线断裂瞬间弹簧释放的弹性势能 EP；(2)若在滑块 A 冲到传送带时传送带立即以速度 v1=1m/s 逆时针匀速运动，求滑块 A 与传送带系统因摩擦产生的热量 Q；(3)若在滑块 A 冲到传送带时传送带立即以速度 v2顺时针匀速运动，试讨论滑块 A

14、运动至 P 点时做平抛运动的水平位移 x 与 v2的关系?(传送带两端的轮子半径足够小)参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】B 设玩具车、货车质量都为 m，动摩擦因数为，那么两车的挂钩断开与货车分离，玩具车的速度为 v0，牵引力 F=2mg，加速度为 a=g，电机输出功率 P=Fv0=2mgv0 变为原来的 2 倍，则 B 错误；A玩具车 A 保持原来的牵引力不变前进，那么加速度不变，那么当玩具车 A 的速度为 2v0时，位移 2200202322()AvSgavv 功率 PA=F2v0=2

15、PA 克服摩擦力做的功 2032fAWmgSmv 牵引力做的功：WFA=FsA=3mv02；玩具车 B 保持原来的输出功率不变前进，当玩具车 A 的速度为 2v0时，玩具车 B 的速度为 1.5v0，由动能定理可得：2200002111.522BvvPmgSmvmva 所以位移 20118BvSg 所以 sA：sB=12：11；则 A 错误 CD克服摩擦力做的功：20118fBBmWmgSv 所以 WfA：WfB=12：11；牵引力做的功：200022FBvvWPmva 所以 WFA：WFB=3：2 故 C 正确，D 错误；故选 C。2、D【解析】AB.当闭合 S 瞬间时，穿过线圈 B 的磁通

16、量要增加，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，线圈 B 的电流方向逆时针，而由于二极管顺时针方向导电，则线圈 B 不会闪亮一下，则线圈 A 中磁场立刻吸引 C，导致其即时接触，故 A，B 错误；CD.当断开 S 瞬间时，穿过线圈 B 的磁通量要减小，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，电流方向为顺时针，则二极管处于导通状态，则 D 会闪亮，同时对线圈 A 有影响，阻碍其磁通量减小，那么 C 将会过一小段时间断开，故 C 错误，D 正确；故选 D【点睛】该题考查楞次定律与右手螺旋定则的应用，注意穿过闭合线圈的磁通量变化，线圈相当于电源，而电流是从负板流向正极，同时理解二极管的

17、单向导电性 3、D【解析】A对两个小球作为整体分析可知，整体在竖直方向只受重力和 AO 的支持力，故杆 AO 对小球 P 的弹力不变，故 A错误；BC对 Q 受力如图 小球 P 向左移后，两个小球 P、Q 间的库仑力方向向图中虚线处变化，则由力的合成和平衡条件可知杆 BO 对小球 Q的弹力变大，两小球 P、Q 之间的库仑力变大，故 B、C 错误；D对两个小球作为整体受力分析，在水平方向则有杆 BO 对小球 Q 的弹力等于杆 AO 对小球 P 的摩擦力，所以可得杆 AO 对小球 P 的摩擦力变大，故 D 正确；故选 D。4、C【解析】对小球 B 受力分析，作出平行四边形如图所示：A 滑动前，B

18、球受墙壁及 A 的弹力的合力与重力大小相等，方向相反；如图中实线所示；而将 A 向右平移后，B 受弹力的方向将上移，如虚线所示，但 B 仍受力平衡，由图可知 A 对 B 球的弹力及墙壁对球的弹力均减小，根据牛顿第三定律可知，球 B 对墙的压力减小，球 B 对柱状物体 A 的压力减小，故 AB 错误；以 AB 为整体分析，水平方向上受墙壁的弹力和地面的摩擦力而处于平衡状态，弹力减小，故摩擦力减小，故 D 错误；竖直方向上受重力及地面的支持力，两物体的重力不变，故 A 对地面的压力不变，故 C 正确。所以 C 正确，ABD 错误。5、C【解析】电源的输出功率：P=EII2r 则：221122EII

19、 rEII r 整理得：12EIIr A.I1I2Er。与上述结论不符，故 A 错误；B.I1I2Er。与上述结论不符，故 B 错误；C.I1I2Er。与上述结论相符，故 C 正确；D.I1I2Er。与上述结论不符，故 D 错误。6、C【解析】AB因 x-t 图像的斜率等于速度，可知 0 时刻，甲车速度比乙车大，t2时刻，甲乙两车速度不相等，选项 AB 错误；C0t1时间内，甲车的位移大于乙，可知甲车的平均速度比乙车大，选项 C 正确；D0t2时间内，两车通过的距离相等，选项 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选

20、项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ACD【解析】BCt0 时刻波传播到 Q 点，Q 点起振方向沿 y 轴负方向，在波传播过程中各点的起振方向都相同，则 M 点的起振方向也沿 y 轴负方向；经过 t=0.2s，M 点第一次到达波谷，可知波的传播速度 0.02m/s0.1m/s0.2xvt 故 B 错误，C 正确；A由图象可知，波长=0.04m，则波的周期，亦即 P 质点振动的周期 0.04s0.4s0.1Tv 频率为周期的倒数，即 2.5Hz，故 A 正确；D01s 内质点 Q 振动了 2.5 个周期，运动的路程 s=10.48cm20cm

21、 故 D 正确；E波传播到 M 点的时间 t10.01 0.1s0.1s 则 01s 内质点 M 振动了 2.25 个周期，运动的路程 11 0.148cm18cm0.18m0.4ttsAT 故 E 错误。故选 ACD。8、BD【解析】A因金属棒与导轨之间有摩擦力，可知开始时导体棒 CD 的速度为零，当所受的安培力等于最大静摩擦力时才开始运动，故 A 错误；B开始时，CD 棒的速度为零，加速度为零；当 CD 开始运动后加速度从 0 开始逐渐变大，与 AB 的速度差逐渐变大，则回路中感应电流逐渐变大，导体棒所受的向右的安培力逐渐变大，加速度逐渐变大，当 CD 的加速度与 AB 加速度相等时，两棒

22、的速度差保持不变，安培力保持不变，加速度保持不变，故 B 正确；C在开始 CD 棒不动时，安培力 2222BLatB L aFBLtRR安 即安培力随时间成正比关系增加；当 CD 开始运动后，导体棒所受的向右的安培力逐渐变大，但非线性增加，最后保持不变，故 C 错误；D对 AB 外力 2200=2B L aFmafFmaftR安 开始时 CD 加速度为零，AB 加速度为 a=a0，则此时外力 F 随时间 t 线性增加；当 CD 开始运动后加速度从 0 开始逐渐变大，导体棒 AB 所受的向左的安培力逐渐变大，但非线性增加，最后保持不变，故 D 正确。故选 BD。9、BC【解析】AB由图知，碰前瞬

23、间甲物块的速度为 3m/sv 碰后瞬间甲物块的速度为 11m/sv 设乙物块碰后瞬间的速度为 v2，取碰前甲物块的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得 12m vm vm v甲甲乙 解得 22.5m/sv 碰撞前后系统动能之差为 22212111222kEm vm vm v甲甲乙 解得 7.5JkE 所以此碰撞过程为非弹性碰撞，故 A 错误，B 正确；C设碰后乙物块经过 ts 时间停止运动。根据三角形相似法知 1114t 解得 3st 碰后乙物块移动的距离为 22.53m3.75m22vst 故 C 正确；D对碰后乙物块滑行过程，根据动量定理得 20f tm v乙乙 解得 10N3f乙 甲物块

24、滑行的加速度大小为 2243=m/s=1m/s1vat甲 甲物块所受摩擦力大小为 5 1N5Nfm a 甲甲 甲 则有:2:3ff甲乙 故 D 错误。故选 BC。10、AD【解析】试题分析：带电粒子在加速电场中加速，电场力做功 W=E1qd；由动能定理可知：E1qd=12mv2；解得：12 E dqvm；粒子在偏转电场中的时间Ltv；在偏转电场中的纵向速度22201 2E qLvatE md 纵向位移2221124E LxatE d；即位移与比荷无关，与速度无关；则可三种粒子的偏转位移相同，则偏转电场对三种粒子做功一样多；故 A 正确，B 错误；因三粒子由同一点射入偏转电场，且偏转位移相同，故

25、三个粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的时间与横向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三种粒子运动到屏上所用时间不相同；故 C 错误，D 正确；故选 AD 考点：带电粒子在匀强电场中的运动【名师点睛】此题考查带电粒子在电场中的偏转，要注意偏转中的运动的合成与分解的正确应用；正确列出对应的表达式，根据表达式再去分析速度、位移及电场力的功 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.44 4 2.222.28 【解析】（1）滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，则滑动变阻器采用分压接法，实物图如图所

26、示；（2）由图知电流表量程为 0.6A，所以读数为 0.44A；（3）电源内阻为 1 欧，所以当外电路总电阻等于电源内阻时，消耗电功率最大，此时外电路电压等于内电压等于 1.5V，由图知当小电珠电压等于 1.5V 时电流约为 0.38A，此时电阻约为3.95URI，并联后的总电阻为 1 欧，所以需要4 个小电珠，小电珠消耗的总功率约为221.52.251UPWR外（2.22-2.28W 均可）12、A 左 +B 右 DBA 【解析】12使用前要进行机械调零（部件 A），使指针指向左边的零刻度处；3456将红、黑表笔分别插入“+”、“”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮（部件 B），使电表指

27、针对准电阻的“0”刻线，即表盘最右端的零刻度线；7使用中每次换欧姆挡都要进行欧姆调零，使指针指向右边的零刻度处；由于测量时，指针从无穷大电阻开始偏转，偏角过小，说明需增大倍率，使指针指向欧姆表中间刻度附近，故正确的排序是 DBA。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）21 次；（2）1.25V1；2.8P1【解析】（1）设共打气 n 次，由 p1(V113nV1)=7p1V1 由式解得：n=21 次（2）设温度升高后，上边的气体压强为 p，体积为 V，对上边气体：000p VT=pVT 对下边气体 00

28、07PVT=(2)pVVT 由式解得：V=125V1，p=28p1 14、（1）0.75 A 由 d 指向 c（2）12 m（3）0.765 W【解析】（1）由题图乙可知，当 t4 s 时，U0.6 V 此时电路中的电流（通过金属杆的电流）IUR0.75 A 用右手定则判断出，此时电流的方向由 d 指向 c。（2）由题图乙知 Ukt0.15t 金属杆做切割磁感线运动产生的感应电动势 EBLv 由电路分析：URRrE 联立以上两式得 vRrBLR0.15t 由于 R、r、B 及 L 均为常数，所以 v 与 t 成正比，即金属杆在导轨上做初速度为零的匀加速直线运动，匀加速运动的加速度 aRrBLR

29、0.151.5 m/s2 金属杆在 04 s 内的位移 x12at212 m。（3）在第 4 s 末金属杆的速度 vat6 m/s 金属杆受安培力 F安BIL0.112 5 N 由牛顿第二定律，对金属杆有 FF安ma 解得拉力 F0.127 5 N 故 4 s 末拉力 F 的瞬时功率 PFv0.765 W。15、(1)Ep=24J (2)32QJ (3)若26m/sv,20.4xv;26m/sv,2.4mx;【解析】(1)设 A、B 与弹簧分离瞬间的速度分别为 vA、vB，取向右为正方向，由动量守恒定律得:ABAABBmmvm vm v A 向 N 运动的过程，运用动能定理得：2102AAAm

30、 gsm v 细线断裂瞬间弹簧释放的弹性势能为:222111222pAABBABEm vm vmmv 解得：vA=3m/s，vB=3m/s，Ep=24J(2)滑块 A 在皮带上向右减速到 0 后向左加速到与传送带共速，之后随传送带向左离开，设相对滑动时间为 t 滑块 A 加速度大小为:22.5/AAm gagm sm 由运动学公式得:1Avvat 12AAvvxt 1xvt 带（）滑块与传送带间的相对滑动路程为:1Asxx带 在相对滑动过程中产生的摩擦热:1AQm gs 由以上各式得：32QJ(3)设 A 平抛初速度为 v2，平抛时间为 t，则：2xv t 212hgt 得 t=0.4s 若传送带 A 顺时针运动的速度达到某一临界值 vm，滑块 A 将向右一直加速，直到平抛时初速度恰为 vm,则22mA1122AAAm gLm vm v 解得 vm=6m/s 讨论：（1）若传送带顺时针运动的速度26/mvvm s，则 A 在传送带上与传送带相对滑动后，能与传送带保持共同速度，平抛初速度等于2v，水平射程220.4xv tv；（2）若传送带顺时针运动的速度26/mvvm s，则 A 在传送带上向右一直加速运动，平抛初速度等于 vm=6m/s，水平射程m2.4xv tm