2022-2023学年四川省仁寿县铧强中学高三压轴卷物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用 2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，匀强电场竖直向上，一带负电的小球从地面上方B点斜向上抛出，刚好速度水平向左击中A点，不计空气阻力，若抛射点B向右水平移动一小段距离到D，仍使抛出的

2、小球能够以速度方向水平向左击中A点，则可行的是（）A减小抛射角，同时增大抛射速度v B减小抛射角，同时减小抛射速度v C增大抛射角，同时减小抛出速度v D增大抛射角，同时增大抛出速度v 2、2019 年诺贝尔物理学奖授予了三位天文学家，以表彰他们对于人类对宇宙演化方面的了解所作的贡献。其中两位学者的贡献是首次发现地外行星，其主要原理是恒星和其行星在引力作用下构成一个“双星系统”，恒星在周期性运动时，可通过观察其光谱的周期性变化知道其运动周期，从而证实其附近存在行星。若观测到的某恒星运动周期为 T，并测得该恒星与行星的距离为 L，已知万有引力常量为 G，则由这些物理量可以求得（）A行星的质量 B

3、恒星的质量 C恒星与行星的质量之和 D恒星与行星圆周运动的半径之比 3、图示为一列沿 x 轴负方向传播的简谐横波，实线为 t0 时刻的波形图，虚线为 t0.6s 时的波形图，波的周期 T0.6s，则（）A波的周期为 2.4s B波速为103m/s C在 t0.9s 时，P 点沿 y 轴正方向运动 D在 t0.2s 时，Q 点经过的路程小于 0.2m 4、如图所示，质量为m的小球用两根细线OAOB、连接，细线OA的另一端连接在车厢顶，细线OB的另一端连接于侧壁，细线OA与竖直方向的夹角为37,OB保持水平，重力加速度大小为g，车向左做加速运动，当OB段细线拉力为OA段细线拉力的两倍时，车的加速度

4、大小为（sin370.6,cos370.8）（）Ag B54g C32g D74g 5、下列四个选项中哪个不等于磁感应强度的单位特斯拉（）ANA m BN sC m C2V sm DWbm 6、2019 年 1 月 3 日上午 10 点 26 分，“嫦娥四号”探测器在月球背面成功软着陆图示为“嫦娥四号”探测器奔月过程中某阶段的运动示意图，“嫦娥四号”探测器沿椭圆轨道运动到近月点P处变轨进入圆轨道，其在圆轨道上做圆周运动的轨道半径为r、周期为T。已知引力常量为G，下列说法正确的是（）A“嫦娥四号”探测器在P点进行加速后进入圆轨道 B“嫦娥四号”探测器在椭圆轨道上运动的周期小于在圆轨道上运动的周期

5、 C“嫦娥四号”探测器在椭圆轨道上经过P点时的加速度等于在圆轨道上经过P点时的加速度 D“嫦娥四号”探测器在椭圆轨道上运动时的机械能等于在圆轨道上运动时的机械能 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在 AC 板间，虚线中间不需加电场，如图所示，带电粒子从 P0处以速度 v0沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入 D 形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，对这种改进后的回旋

6、加速器，下列说法正确的是()A加速粒子的最大速度与 D 形盒的尺寸无关 B带电粒子每运动一周被加速一次 C带电粒子每运动一周 P1P2等于 P2P3 D加速电场方向不需要做周期性的变化 8、如图所示，一列简谐横波正沿 x 轴传播，实线是 t=0 时的波形图，虚线为 t=0.1s 时的波形图，则以下说法正确的是（）A若波速为 50m/s，则该波沿 x 轴正方向传播 B若波速为 50m/s，则 x=4m 处的质点在 t=0.1s 时振动速度方向沿 y 轴负方向 C若波速为 30m/s，则 x=5m 处的质点在 0 时刻起 0.8s 内通过的路程为 1.2m D若波速为 110m/s，则能与该波发生

7、干涉的波的频率为 13.75Hz 9、关于固体、液体和物态变化，下列说法正确的是（）A当液体与固体接触时，如果附着层内分子间的作用表现为斥力，这样的液体与固体间就表现为浸润 B当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大 C晶体一定具有规则的几何外形 D液体表面张力有使其表面积收缩到最小的趋势 E.饱和汽压与液体的温度有关，水的饱和汽压随温度的升高而增大 10、如图所示，质量为 M 的长木板 A 静止在光滑的水平面上，有一质量为 m 的小滑块 B 以初速度 v0从左侧滑上木板，且恰能滑离木板，滑块与木板间动摩擦因数为 下列说法中正确的是 A若只增大 v0，则滑块滑离木板过程中系统产生的热量增加 B

8、若只增大 M，则滑块滑离木板过程中木板所受到的冲量减少 C若只减小 m，则滑块滑离木板时木板获得的速度减少 D若只减小，则滑块滑离木板过程中滑块对地的位移减小 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）用如图甲所示的装置研究小车的匀变速直线运动。图乙是某次实验得到的一条纸带，纸带上相邻两个计数点间还有四个打点画出。已知 A、B 两点间距离为1L，D、E 两点间距离为2L，且有12LL，交变电流的频率为f。回答下列问题。(1)纸带上显示的运动方向为_；（选填“从左向右”或“从右向左”）(2)小车运动的加速度为a _；（用题给物理

9、量字母表示）(3)E点的速度为Ev _（用题给物理量字母表示）。12（12 分）兴趣课上老师给出了一个质量为 m 的钩码、一部手机和一个卷尺，他要求王敏和李明两同学估测手上抛钩码所做的功。两同学思考后做了如下操作：(1)他们先用卷尺测出二楼平台到地面的距离 h，王敏在二楼平台边缘把钩码由静止释放，同时李明站在地面上用手机秒表功能测出钩码从释放到落到地面的时间 t0，在忽略空气阻力的条件下，当地的重力加速度的大小可以粗略的表示为 g=_（用 h 和 t0表示）；(2)两同学站在水平地面上，李明把钩码竖直向上抛出，王敏用手机的秒表功能测出钩码从抛出点到落回抛出点的时间。两同学练习几次，配合默契后某

10、次李明把钩码竖直向上抛出，同时王敏用手机的秒表功能测出钩码从抛出点到落回抛出点的时间 t，在忽略空气阻力的条件下，该次李明用手上抛钩码所做的功可以粗略地表示为 W=_（用 m、h、t0和 t 表示）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，CDE 和 MNP 为两根足够长且弯折的平行金属导轨，CD、MN 部分与水平面平行，DE 和 NP与水平面成 30，间距 L=1m，CDNM 面上有垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度大小 B1=1T，DEPN 面上有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应

11、强度大小 B2=2T。两根完全相同的导体棒 a、b，质量均为 m=0.1kg，导体棒 b与导轨 CD、MN 间的动摩擦因数均为=0.2，导体棒 a 与导轨 DE、NP 之间光滑。导体棒 a、b 的电阻均为 R=1。开始时，a、b 棒均静止在导轨上除导体棒外其余电阻不计，滑动摩擦力和最大静摩擦力大小相等，运动过程中 a、b棒始终不脱离导轨，g 取 10m/s2.(1)b 棒开始朝哪个方向滑动，此时 a 棒的速度大小；(2)若经过时间 t=1s，b 棒开始滑动，则此过程中，a 棒发生的位移多大；(3)若将 CDNM 面上的磁场改成竖直向上，大小不变，经过足够长的时间，b 棒做什么运动，如果是匀速运

12、动，求出匀速运动的速度大小，如果是匀加速运动，求出加速度大小。14（16 分）如图所示，高 L、上端开口的气缸与大气联通，大气压 P1气缸内部有一个光滑活塞，初始时活塞静止，距离气缸底部4L活塞下部气体的压强为 2P1、热力学温度 T(1)若将活塞下方气体的热力学温度升高到 2T，活塞离开气缸底部多少距离？(2)若保持温度为 T 不变，在上端开口处缓慢抽气，则活塞可上升的最大高度为多少？15（12 分）如图所示，AB 为一固定在水平面上的半圆形细圆管轨道，轨道内壁粗糙，其半径为 R 且远大于细管的内径，轨道底端与水平轨道 BC 相切于 B 点。水平轨道 BC 长为 2R,动摩擦因数为 1=0.

13、5，右侧为一固定在水平面上的粗糙斜面。斜面 CD 足够长，倾角为=37，动摩擦因数为 2=0.8。一质量为 m，可视为质点的物块从圆管轨道顶端 A点以初速度02gRv 水平射入圆管轨道，运动到 B 点时对轨道的压力为自身重力的 5 倍，物块经过 C 点时速度大小不发生变化。sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度为 g，求：（1）物块从 A 点运动到 B 点的过程中，阻力所做的功；（2）物块最终停留的位置。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由于小球速度水平向左击中A点，其逆过程是

14、平抛运动，当水平速度越大时，抛出后落地速度越大，与水平面的夹角则越小。若水平速度减小，则落地速度变小，但与水平面的夹角变大。因此减小抛射角，同时增大抛射速度v，才能仍使抛出的小球能够以速度方向水平向左击中A点。选项 A 正确，BCD 错误；故选 A。2、C【解析】恒星与行星组成双星，设恒星的质量为 M，行星的质量为 m。以恒星为研究对象，行星对它的引力提供了向心力，假设恒星的轨道半径为 r1，动力学方程为 2122GMmMrLT 得到行星的质量 22124L rmGT 以行星为研究对象，恒星对它的引力提供了向心力，假设行星的轨道半径为 r2，动力学方程为 2222GMmmrLT 得到恒星的质量

15、 22224L rMGT 则有 2324LMmGT 故 ABD 错误，C 正确。故选 C。3、D【解析】A波的周期 T0.6s，说明波的传播时间小于一个周期，波在 t=0.6s 内传播的距离不到一个波长，则由图知 30.6s4T 解得=0.8sT 故 A 错误；B由图可知，波长为 8m，波速为 10m/svT 故 B 错误；C由于波沿 x 轴负方向传播，故 t=0 时 P 点沿 y 轴负方向运动，故 t=0.8s=1T 时 P 点沿 y 轴负方向运动，再过 0.1s 即 0.9s 时 P 点沿 y 轴负方向运动，故 C 错误；D由 0.2s4Tt 可知，由于 Q 点在 t=0 时刻从靠近最大位

16、移处向最大位移处运动，则经过四分之一周期小于振幅 A 即 0.2m，故 D 正确。故选 D。4、D【解析】设OA段细线的拉力为F，则 cos37Fmg 2sin37FFma 求得74ag，选项 D 正确，ABC 错误。故选 D。5、D【解析】A根据FBIL可知，N11TA m，选项 A 不符合题意；BC2V CsNNN sV sm1T1=11=1=1CA mC mCmmms，选项 BC 不符合题意；D由BS可知，2Wb1T1m，选项 D 符合题意。故选 D。6、C【解析】A在P点减速，提供的向心力等于需要的向心力，“嫦娥四号”探测器进入圆轨道，故 A 错误；B根据开普勒第三定律知32rkT，可

17、知椭圆轨道的半长轴大于圆轨道的半径，所以探测器在椭圆轨道上运动的周期大于在圆轨道上运动的周期，故 B 错误；C根据万有引力提供向心力，得2MGar，可知探测器在椭圆轨道上经过P点时的加速度等于在圆轨道上经过P点时的加速度，故 C 正确；D由以上分析可知探测器在椭圆轨道上经过P点时的动能大于在圆轨道上经过P点时的动能，故探测器在椭圆轨道上运动时的机械能大于在圆轨道上运动时的机械能，故 D 错误。故选：C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BD【

18、解析】AD、带电粒子只有经过 AC 板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向没有改变,则在 AC 间加速.故 A 正确；D 错误.B、根据 知 所以 故 B 错误；C、当粒子从 D 形盒中出来时,速度最大,根据知加速粒子的最大速度与 D 形盒的半径有关.所以 C 选项是正确的.故选 AC【点睛】带电粒子经加速电场加速后,进入磁场发生偏转,电场被限制在 A、C 板间,只有经过 AC 板间时被加速,所以运动一周加速一次,电场的方向不需改变.当带电粒子离开回旋加速器时,速度最大.8、BCD【解析】A由图可得，该波的波长为 8m；若波向右传播，则满足 3+8k=v0.1（k=0、1、2

19、）解得 v=30+80k 若波向左传播，则满足 5+8k=v0.1（k=0、1、2）解得 v=50+80k 当 k=0 时 v=50m/s，则则该波沿 x 轴负方向传播，故 A 错误；B若波向左传播，x=4m 处的质点在 t=0.1s 时振动速度方向沿 y 轴负方向，故 B 正确；C若 v=30m/s，则 84ss3015T 则 0.8s=3T，即经过 3 个周期，所以 x=5m 处的质点在 0 时刻起 0.8s 内通过的路程为 1.2m，故 C 正确；D若波速为 110m/s，则 110Hz13.75Hz8vf 发生干涉，频率相等，故 D 正确。故选 BCD。【点睛】根据两个时刻的波形，分析

20、时间与周期的关系或波传播距离与波长的关系是关键，要抓住波的周期性得到周期或波传播速度的通项，从而得到周期或波速的特殊值 9、ADE【解析】A.液体对固体的浸润，则分子间距小于液体内部，则液面分子间表现为斥力，液面呈现凹形，表面有扩张的趋势，故A 正确；B.当人们感到潮湿时，是因为空气的相对湿度较大，而绝对湿度的大小无法确定，故 B 错误；C.单晶体一定具有规则的几何外形，多晶体不一定具有规则的几何外形，故 C 错误；D.液体表面分子间距较大，故有张力，使其表面积有收缩到最小的趋势，故 D 正确；E.饱和汽压与液体种类和温度有关，水的饱和汽压随温度的升高而增大，故 E 正确。故选 ADE。10、

21、BCD【解析】A滑块滑离木板过程中系统产生的热量等于滑动摩擦力与相对位移的乘积=QfLmgL相相 因为相对位移没变，所以产生热量不变，故 A 错误；B由极限法，当 M 很大时，长木板运动的位移 xM会很小，滑块的位移等于 xM+L 很小，对滑块根据动能定理：22101122Mmg xLmvmv 可知滑块滑离木板时的速度 v1很大，把长木板和小滑块看成一个系统，满足动量守恒 01mvmvMv 可知长木板的动量变化比较小，所以若只增大 M，则滑块滑离木板过程中木板所受到的冲量减少，故 B 正确；C采用极限法：当 m 很小时，摩擦力也很小，m 的动量变化很小，把长木板和小滑块看成一个系统，满足动量守

22、恒，那么长木板的动量变化也很小，故 C 正确；D当 很小时，摩擦力也很小，长木板运动的位移 xM会很小，滑块的位移等于 xM+L 也会很小，故 D 正确 故选 BCD 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、从左向右 212()75LLf 21(7)30LL f 【解析】(1)1小车加速运动，相邻两点间距离越来越大，所以依次打出点的顺序是 E、D、C、B、A，则纸带显示的运动方向为从左向右。(2)2交变电流的频率为f，则相邻打点的时间间隔为 1Tf 则图乙中相邻计数点间的时间为5T，由运动规律得 2123(5)LLa T 解得 21

23、2()75LLfa(3)由运动规律得 221(5)(5)2DLvTaT(5)EDvvaT 解上述两式得 21730ELLfv 12、202ht 2 2402mh tt 【解析】(1)1在忽略空气阻力的条件下，钩码做自由落体运动，有2012hgt，解得 202hgt(2)2在忽略空气阻力的条件下，钩码上抛做竖直上抛运动，上升时间与下落时间相等，即 12ttt下上 抛出的初速度 v0=gt下，根据动能定理可知，该次李明用手上抛钩码所做的功可以粗略地表示为 2012Wmv 联立解得 2 2402mh tWt 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文

24、字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.2m/s；（2）0.24m；（3）匀加速，0.4m/s2。【解析】（1）开始时，a 棒向下运动，b 棒受到向左的安培力，所以 b 棒开始向左运动，当 b 棒开始运动时有 1B ILmg 对 a 棒 2=2B LvIR 联立解得 21220.2m/smgRvB B L（2）由动量定理得对 a 棒 2sinmgtB ILtmv 其中 222B LxItRR 联立解得 222(sin)20.24mgtmvRxmB L（3）设 a 棒的加速度为 a1，b 棒的加速度为 a2，则有 21sinmgB ILma 12-B ILmgma 且 21122B LvB L

25、vIR 当稳定后，I 保持不变，则 211202B L vB L vItRt 可得 122aa 联立解得两棒最后做匀加速运动，有 a1=0.2m/s2，a2=0.4m/s2 14、(1)12L(2)12L【解析】(1)对活塞受力分析后有：P1S+mg=2P1S 得到：P1S=mg 当温度由 T 到 2T 时，由盖吕萨克定律得：142LSL STT 解得：12LL (2)当抽气至活塞上方为真空时，活塞可上升到最大高度为 H，由玻意耳定律有：00124PLSPHS 得：H=12L 15、（1）14fWmgR；（2）2531sR【解析】（1）物块到 B 点时，设轨道对其支持力为 N，由牛顿第三定律知 5NNmg 由牛顿第二定律 2BvNmgmR 解得 2BvgR A 到 B 的过程，由动能定理 22f011222BmgRWmvmv 得 f14WmgR （2）设物块沿斜面上升的最大位移为s，由动能定理 1212sin02BmgRmg sf smv 其中 2fN，cosNmg 得 2531sR 因2cossinmgmg，故物块在速度减为零之后不会下滑，物体最终会静止在斜面上距离C点2531sR的位置。