2023届安徽省黄山市屯溪一中高三二诊模拟考试物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是 A加速度为正值，物体一定做加速直线运动 B百米比赛时，运动员的冲刺速度越大成绩越好 C做直线运动的物体，加速度为零时，速度不一定为零，速度为零时，加速度一定为零 D相对于某参考系静止的物体，对地速度不一定

2、为零 2、真空中一半径为 r0的带电金属球，通过其球心的一直线上各点的电势 分布如图所示，r 表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上 A、B 两点离球心的距离，根据电势图像（-r 图像），判断下列说法中正确的是（）A该金属球可能带负电 BA 点的电场强度方向由 A 指向球心 CA 点的电场强度小于 B 点的电场强度 D电荷量大小为 q 的正电荷沿直线从 A 移到 B 的过程中，电场力做功 W=q（1-2）3、如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻 R，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向

3、与导轨平面垂直，棒在竖直向上的恒力 F 作用下加速上升的一段时间内，力 F 做的功与安培力做的功的代数和等于 A棒的机械能增加量 B棒的动能增加量 C棒的重力势能增加量 D电阻 R 上放出的热量 4、如图所示，在空间中水平面 MN 的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为 m 的带电小球由 MN 上方的 A 点以一定初速度水平抛出，从 B 点进入电场，到达 C 点时速度方向恰好水平，A、B、C 三点在同一直线上，且电场力为 3mg。重力加速度为 g，由此可知（）AAB=3BC B小球从 A 到 B 与从 B 到 C 的运动时间相等 C小球从 A 到 B 与从 B 到 C 的动量变化量相同 D小球从

4、 A 到 C 的过程中重力对小球做的功与电场力对小球做的功的绝对值相等 5、2018 年 12 月 8 日 2 时 23 分，我国成功发射“嫦娥四号”探测器，开启了月球探测的新旅程，“嫦娥四号”于 2019 年1 月 3 日 10 时 26 分成功着陆在月球背面南极艾特肯盆地。探测器上有一可认为光滑的滑梯固定在月球表面上，将滑梯与月块表面的夹角调为，月球车从滑梯上由静止滑到底部的过程中下滑长度为 L，所用时间为 t，已知月球半径为 R，则月球的第一宇宙速度为（）A12sinLRt B12sinLRt C1sinLRt D12sinLRt 6、让一小球分别从竖直墙壁上面的 A 点和 B 点沿不同

5、的粗糙斜面 AC 和 BC 到达水平面上同一点 C，小球释放的初速度等于 0，两个斜面的粗糙程度相同，关于小球的运动，下列说法正确的是（）A下滑到 C 点时合外力的冲量可能相同 B下滑到 C 点时的动能可能相同 C下滑到 C 点过程中损失的机械能一定相同 D若小球质量增大，则沿同一斜面到达斜面底端的速度增大 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图，在一个光滑水平面上以速度 v 运动的小球，到达 A 处时遇到一个足够长的陡坡 AB，已知 AB

6、与竖直线之间的夹角为，重力加速度取 g。则小球（）A离开 A 到落到斜坡前的加速度为 g B经时间 t=2tanvg落到斜面上 C落在斜坡上的位置距A 的距离为222cossinvg D落到斜坡上时的速度大小为sinv 8、如图所示，粗糙绝缘的水平面附近存在一平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与 x 轴平行，在 x 轴上的电势 与坐标 x 的关系如图中曲线所示，曲线过（0.1，4.5）和（0.15，3）两点，图中虚线为该曲线过点（0.15，3）的切线。现有一质量为 0.20 kg、电荷量为2.0108 C 的滑块 P（可视为质点），从 x0.10 m 处由静止释放，其与水平面的动摩擦因数

7、为 0.02，取重力加速度 g10 m/s2。则下列说法中正确的是（）A滑块 P 运动过程中的电势能逐渐减小 B滑块 P 运动过程中的加速度逐渐增大 Cx0.15 m 处的电场强度大小为 2.0106 N/C D滑块 P 运动的最大速度为 0.5 m/s 9、图甲是工厂静电除尘装置的示意图，烟气从管口 M 进入，从管口 N 排出，当 A、B 两端接直流高压电源后，在电场作用下管道内的空气分子被电离为电子和正离子，而粉尘在吸附了电子后最终附着在金属管壁上，从而达到减少排放烟气中粉尘的目的，图乙是金属丝与金属管壁通电后形成的电场示意图。下列说法正确的是()A金属丝与管壁间的电场为匀强电场 B粉尘在

8、吸附了电子后动能会增加 C粉尘在吸附了电子后电势能会减少 D粉尘在吸附了电子后电势能会增加 10、如图所示，12OO是半圆柱形玻璃体的对称面和纸面的交线，A、B 是关于12OO轴等距且平行的两束不同单色细光束，从玻璃体右方射出后的光路如图所示，MN 是垂直于12OO放置的光屏，沿12OO方向不断左右移动光屏，可在屏上得到一个光斑 P，根据该光路图，下列说法正确的是（）A该玻璃体对 A 光的折射率比对 B 光的折射率小 BA 光的频率比 B 光的频率高 C在该玻璃体中，A 光比 B 光的波长长 D在真空中，A 光的波长比 B 光的波长长 E.A 光从空气进入该玻璃体后，其频率变高 三、实验题：本

9、题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某小组做测定玻璃的折射率实验，所用器材有：玻璃砖，大头针，刻度尺，圆规，笔，白纸 下列哪些措施能够提高实验准确程度_ A选用两光学表面间距大的玻璃砖 B选用两光学表面平行的玻璃砖 C选用粗的大头针完成实验 D插在玻璃砖同侧的两枚大头针间的距离尽量大些 该小组用同一套器材完成了四次实验，记录的玻璃砖界线和四个大头针扎下的孔洞如下图所示，其中实验操作正确的是_ 该小组选取了操作正确的实验记录，在白纸上画出光线的径迹，以入射点O为圆心作圆，与入射光线、折射光线分别交于A、B点，再过A、B点作法线NN的垂线

10、，垂足分别为C、D点，如图所示，则玻璃的折射率n _（用图中线段的字母表示）12（12 分）现用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验，如图所示。在滑块上安装一遮光条，把滑块放在水平气垫导轨上，并用绕过定滑轮的细绳与钩码相连，光电计时器安装在B处。测得滑块（含遮光条）的质量为M，钩码总质量为m，遮光条宽度为d，导轨上滑块的初始位置A点到B点的距离为L，当地的重力加速度为g。将滑块在图示A位置释放后，光电计时器记录下遮光条通过光电门的时间为t。滑块从A点运动到B点的过程中，滑块（含遮光条）与钩码组成的系统重力势能的减少量为_，动能的增加量为_。（均用题中所给字母表示）四、计算题：本题共

11、2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，有一磁感应强度大小为 B 的水平匀强磁场，其上下水平边界的间距为 H；磁场的正上方有一长方形导线框，其长和宽分别为 L、()d dH，质量为 m，电阻为R。现将线框从其下边缘与磁场上边界间的距离为 h 处由静止释放，测得线框进入磁场的过程所用的时间为t。线框平面始终与磁场方向垂直，线框上下边始终保持水平，重力加速度为g。求：(1)线框下边缘刚进入磁场时线框中感应电流的大小和方向；(2)线框的上边缘刚进磁场时线框的速率1v；(3)线框下边缘刚进入磁场到下边缘刚离开磁场的全过

12、程中产生的总焦耳热 Q。14（16 分）如图所示，半径 R1.0 m 的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点 B 和圆心 O 的连线与水平方向间的夹角 37，另一端点 C 为轨道的最低点C 点右侧的光滑水平面上紧挨 C 点静止放置一木板，木板质量M1 kg，上表面与 C 点等高质量为 m1 kg 的物块(可视为质点)从空中 A 点以 v01.1 m/s 的速度水平抛出，恰好从轨道的 B 端沿切线方向进入轨道取 g10 m/s1求：（1）物块经过 B 点时的速度 vB（1）物块经过 C 点时对木板的压力大小（3）若木板足够长，物块在木板上相对滑动过程中产生的热量 Q 15（12 分）如图

13、所示，横截面积为 s=10cm2的上端开口气缸固定在水平面上，质量不计的轻活塞 a 下面封闭长度为l=30cm 的理想气体，上面通过轻绳与质量为 m=4kg 重物 b 相连，重物 b 放在一劲度系数为 k=200N/m 的轻弹簧上，弹簧下端固定在地面上，上端与重物 b 接触，但不拴接，气缸和光滑活塞 a 导热性能良好。开始时，外界温度为 T0=300K，弹簧弹力大小为 F=20N，现缓慢降低温度，已知外界大气压强始终为 P0=1105Pa，重力加速度大小 g=10m/s2，求：弹簧与 b 物体刚分离时，气缸中气体的温度；从开始状态到 b 物体离开弹簧时，气体内能减少了 40J，则气体与外界交换

14、了多少热量。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.加速度为正向，速度不一定是正向，不一定做加速直线运动，故 A 错误；B.百米比赛时，运动员的冲刺速度大成绩不一定好，但平均速度越大，成绩-定越好，选项 B 错误；C.做直线运动的物体，加速度为零时，速度不-一定为零，速度为零时，加速度也不一一定 A 为零，选项 C 错误 D.相对于参考系静止的物体，其相对地面的速度不一-定为零，选项 D 正确。2、D【解析】A由图可知 0 到 r0电势不变，之后电势变小，带电金属球为一等势体，再依据沿着电场

15、线方向，电势降低，则金属球带正电，A 错误；B沿电场线方向电势降低，所以 A 点的电场强度方向由 A 指向 B，B 错误；Cr图像斜率的物理意义为电场强度，所以 A 点的电场强度大于 B 点的电场强度，C 错误；D正电荷沿直线从 A 移到 B 的过程中，电场力做功 12ABWqUq D 正确。故选 D。3、A【解析】棒在竖直向上的恒力 F 作用下加速上升的一段时间内，F 做正功，安培力做负功，重力做负功，动能增大根据动能定理分析力 F 做的功与安培力做的功的代数和【详解】A棒受重力 G、拉力 F 和安培力 FA的作用由动能定理：WF+WG+W安=EK 得 WF+W安=EK+mgh 即力 F 做

16、的功与安培力做功的代数和等于机械能的增加量故 A 正确 B由动能定理，动能增量等于合力的功合力的功等于力 F 做的功、安培力的功与重力的功代数和故 B 错误 C棒克服重力做功等于棒的重力势能增加量故 C 错误 D棒克服安培力做功等于电阻 R 上放出的热量故 D 错误【点睛】本题运用功能关系分析实际问题对于动能定理理解要到位：合力对物体做功等于物体动能的增量，哪些力对物体做功，分析时不能遗漏 4、D【解析】AB小球从 A 到 B 的时间为 2htg 在 B 点的竖直方向速度为 2yBvgtgh 小球在电场中的加速度大小为 32mgmgagm 小球从 B 到 C 的时间为 2222yBvghhtg

17、gg 则两段所用的时间之比为 4：1，据题意，知小球在水平方向不受力，故水平方向做匀速直线运动，则 AB=4BC 故 AB 错误；C由动量定理可知，动量变化等于合力的冲量，由于 AB 段合力冲量方向向下，由于小球在 BC 段竖直方向做减速运动，则合力方向向上，所以小球在 BC 段合力冲量向上，故 C 错误；D据题意，知小球在水平方向不受力，故水平方向做匀速直线运动，从 A 到 C 由动能定理可知，小球从 A 到 C 的过程中重力对小球做的功与电场力对小球做的功的绝对值相等，故 D 正确。故选 D。5、B【解析】月球车从滑梯上的运动过程，根据位移时间公式有 212Lat 根据牛顿第二定律得 si

18、n=mgma 设月球的第一宇宙速度为 v，则有 2vm gmR 联立得12sinLRvt，ACD 错误，B 正确。故选 B。6、C【解析】AB由动能定理 21-cot2mghmghmv 则下滑到 C 点时的动能不相同；两个路径的运动到达底端，合力的冲量等于动量的增量，方向大小都不同，所以 AB错误；C下滑到 C 点过程中摩擦力做功相同，都为-cotfWmghmgx 所以机械能损失相同，选项 C 正确。D根据21-cot2mghmghmv可知，两边消去了滑块的质量 m，则与质量无关，即若小球质量增大，则沿同一斜面到达斜面底端的速度不变，选项 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，

19、每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABC【解析】A小球离开 A 后做平抛运动，只受重力，加速度为 g，即离开 A 到落到斜坡前的加速度为 g，故 A 正确；B落在斜面上时位移方向与竖直方向的夹角为，则有 2tan12vtgt 解得 2tanvtg 故 B 正确；C落在斜坡上时的水平位移 22tanvxvtg 则落在斜坡上的位置距 A 的距离 222cossinsinxvsg 故 C 正确；D落到斜坡上时竖直方向速度 2tanyvvgt 则落到斜坡上时的速度大小 22241ta

20、nyvvvv 故 D 错误。故选 ABC。8、AC【解析】A在-x 图像中，图线的斜率表示电场强度，由图可知，滑块 P 运动过程中，电场方向不变，电场力始终做正功，则电势能逐渐减小，故 A 正确；BC由 A 可知，图线的斜率表示电场强度，0.15mx 处的场强为 5663 10N/C2 10 N/C2.0 10 N/C0.30.15Ex 则此时的电场力大小为 862 102 10 N0.04NFqE 滑动摩擦力大小为 0.020.2 10N0.04Nfmg 此时电场力与滑动摩擦力大小相等，由图可知图线斜率逐渐减小，故在0.15mx 之前，电场力大于摩擦力，滑块做加速运动，加速度逐渐减小，在0.

21、15mx 之后，电场力小于摩擦力，做减速运动，加速度逐渐增大，故 B 错误，C正确；D滑块加速度为零时，速度最大，由 BC 选项可知，在0.15mx 时，电场力和摩擦力大小相等，加速度为零，此时滑块的速度最大，根据动能定理得 2012qUfxmv 由图可知0.10m处和0.15m处的电势差大约为51.5 10 V，代入解得最大速度大约为0.1m/sv，故 D 错误。故选 AC。9、BC【解析】A由图乙可知金属丝与管壁间的电场是非匀强电场，A 错误；B粉尘在吸附了电子后会加速向带正电的金属管壁运动，因此动能会增加，B 正确；CD此时电场力对吸附了电子后的粉尘做正功，因此粉尘在吸附了电子后电势能会

22、减少，C 正确，D 错误。故选 BC。10、ACD【解析】ABD光线通过玻璃体后，A 光的偏折程度比 B 光的小，则该玻璃体对 A 光的折射率比对 B 光的折射率小，而折射率越大，光的频率越高，说明 A 光的频率比 B 光的频率低，由 c=知，在真空中，A 光的波长比 B 光的长，故 A、D正确，B 错误；C设同一光线在真空中的波长为 0，在玻璃体中的波长为，折射率为 n，则 0cnv，得：0n 在真空中，A 光的波长比 B 光的波长长，而玻璃体对 A 光的折射率比对 B 光的折射率小，由=0/n 知，在该玻璃体中，A 光比 B 光的波长长故 C 正确；E.光的频率由光源决定，与介质无关，则

23、A 光从空气进入该玻璃体后，其频率不变故 E 错误 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AD D ACBD 【解析】采用插针法测定光的折射率的时候，应选定光学表面间距大一些的玻璃砖，这样光路图会更加清晰，减小误差，同时两枚大头针的距离尽量大一些，保证光线的直线度，因此 AD 正确，光学表面是否平行不影响该实验的准确度，因此B 错误，应选用细一点的大头针因此 C 错误 根据光的折射定律可知当选用平行的玻璃砖时出射光和入射光应是平行光，又因发生了折射因此出射光的出射点应相比入射光的延长线向左平移，因此 D 正确，ABC 错误 由折射

24、定律可知折射率sinsinAOCnBOD，sinACAOCR，sinBDBODR，联立解得ACnBD 12、mgL 22()2()Mm dt 【解析】1 滑块从A点运动到B点的过程中，滑块（含遮光条）与钩码组成的系统重力势能的减少量为mgL。2通过光电门的速度dvt，所以系统动能增加量为 2221()()022()Mm dMm vt 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2BLghR，逆时针方向；(2)222B L dgtghmR；(3)2221()(2)2B L dmg hdm gtghmR【解析】(

25、1)线框由静止释放到下边缘刚进入磁场的过程，做自由落体运动，有 202vgh 即线框下边缘刚进入磁场的速率为 02vgh 线框下边缘切割磁感线产生的感应电动势为 0EBLv 感应电流的大小为 2BLghEIRR 根据右手定则判断知，线框中感应电流的方向沿逆时针方向；(2)在线框下边缘刚进入磁场到上边缘刚进入磁场的过程中，根据微元法，取一小段时间t，时间内速度的减少量为v，由动量定理可得 mgtBILtm v 在时间t内，通过线框某一横截面的电荷量为 qIt 对动量定理表达式等式两边累加得 10mgtBLqmvmv 根据法拉第电磁感应定律有 BLdEtt 根据闭合电路欧姆定律有 EIR 在时间t

26、内，通过线框某一横截面的电荷量为 BLdqItR 代入动量定理方程解得 2212B L dvgtghmR(3)在线框下边缘刚进入磁场到下边缘刚离开磁场的全过程中，线框切割磁感线的过程中才有焦耳热产生，根据能量守恒定律有 22011122mvmgdmvQ 解得 2222201111()(2)222B L dQmvmgdmvmg hdm gtghmR 14、（1）2/Bvm s （1）46NFN （3）Q9 J【解析】设物块在 B 点的速度为 vB，在 C 点的速度为 vC，从 A 到 B 物块做平抛运动，有 b0v sin=v解得：2/Bvm s （1）从 B 到 C，根据动能定理有 mgR(1

27、sin)22cB11mv-mv22 解得 vC6 m/s 在 C 点，由牛顿第二定律列式，有 2cNvFmgmR 解得：46NFN 再根据牛顿第三定律得，物块对木板的压力大小46NFN (3)根据动量守恒定律得：(mM)vmcv 根据能量守恒定律有 12(mM)v1Q2c1mv2 联立解得 Q9 J 15、150K；气体向外界放了 47J 的热量【解析】最初弹簧的压缩量 0.1Fxk m 对被封闭的气体，初始状态 10300TTK 1VSl 对活塞 01p Sp SmgF 解得 5100.8 10mgFppSPa b 与弹簧分离时 T2，2()VS lx 对活塞 02p Sp Smg 解得 5200.6 10mgppSPa 由气体状态方程得 1 12212PVPVTT 联立解得 2150T K 从开始到 b 物刚离开弹簧时，活塞下降了 x=10cm，则外界对气体做功：072mgmgFWPSxx J 由热力学第一定律得 UWQ 可解得 Q=47J 即气体向外界放出了 47J 的热量。