2022-2023学年山东省青岛市青岛第二中学高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf

《2022-2023学年山东省青岛市青岛第二中学高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年山东省青岛市青岛第二中学高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf（14页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 年高考物理模拟试卷 考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，四个等量异种的点电荷，放在正方形的四个顶点处。A、B、C、D 为正方形四个边的中点，O 为正方形的中心，下列说法正确的是（）AA、C 两个点的电场强度方向相反 B

2、O 点电场强度等于零 C将一带正电的试探电荷从 B 点沿直线移动到 D 点，电场力做正功 DO 点的电势低于 A 点的电势 2、物体做竖直上抛运动：v 表示物体的瞬时速度，a 表示物体的加速度，t 表示物体运动的时间，h 代表其离抛出点的高度，Ek代表动能，Ep代表势能，以抛出点为零势能面下列所示图象中，能正确反映各物理量之间关系的是（）A B C D 3、如图所示是某一单色光由空气射入截面为等腰梯形的玻璃砖，或由该玻璃砖射入空气时的光路图，其中正确的是（）（已知该玻璃砖对该单色光的折射率为 1.5）A图甲、图丙 B图甲、图丁 C图乙、图丙 D图乙、图丁 4、下列说法正确的是（）A库仑发现了电

3、流的磁效应 B光电效应揭示了光的粒子性，而康普顿效应从动量方面进一步揭示了光的粒子性 C镭 226 变为氡 222 的半衰期是 1620 年，随着地球环境的不断变化，半衰期可能变短 D结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固 5、如图所示，内壁光滑的圆管形轨道竖直放置在光滑水平地面上，且恰好处在两固定光滑挡板 M、N 之间，圆轨道半径为 1 m，其质量为 1 kg，一质量也为 1 kg 的小球（视为质点）能在管内运动，管的内径可不计。当小球运动到轨道最高点时，圆轨道对地面的压力刚好为零，取 g10 m/s2。则小球运动到最低点时对轨道的压力大小为 A70 N B50 N C30 N D10 N

4、 6、某静电场的电场线与 x 轴平行，x 轴上各点的电势情况如图所示，若将一带电粒子从坐标原点 O 由静止释放，该粒子仅在电场力的作用下，沿着 x 轴正方向运动，已知电场中 M、N 两点的 x 坐标分别为 5mm、15mm，则下列说法正确的是（）A在 x 轴上 M、N 两点间的电场方向先沿 x 轴正方向后沿 x 轴负方向 B该带电粒子一定带负电荷 C在 x=10mm 的位置，电场强度大小为 1000V/m D该粒子沿 x 轴从 M 点运动到 N 点的过程中，电势能一直增大 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部

5、选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、“跳一跳”小游戏需要操作者控制棋子离开平台时的速度，使其能跳到旁边平台上.如图所示的抛物线为棋子在某次跳跃过程中的运动轨迹，其最高点离平台的高度为 h，水平速度为 v；若质量为 m 的棋子在运动过程中可视为质点，只受重力作用，重力加速度为 g，则()A棋子从最高点落到平台上所需时间 t B若棋子在最高点的速度 v 变大，则其落到平台上的时间变长 C棋子从最高点落到平台的过程中，重力势能减少 mgh D棋子落到平台上的速度大小为 8、关于电场，下列说法正确的是（）A过电场中同一点的电场线与等势面一定垂直 B电场中某点电势的值与零电

6、势点的选取有关，某两点间的电势差的值也与零电势点的选取有关 C电场中电势高低不同的两点，同一点电荷在高电势点的电势能大 D电场力对点电荷做正功，该点电荷的电势能一定减小 9、下列说法中正确的是_。A雾霾在大气中的漂移是布朗运动 B当气体凝结为固体时，其分子的平均速率无限接近于零 C把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，它的尖端就会变钝，这是因为表面张力的作用 D在等压变化过程中，温度升高，单位时间内单位面积上分子碰撞次数减少 E.当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定大 10、如图，竖直平面内有 a、b、c 三个点，b 点在 a 点正下方，b、c 连线水平。第一次，将一质量为 m 的小球从 a 点以初动

7、能k0E水平抛出，经过c 点时，小球的动能为05kE；第二次，使此小球带正电，电荷量为 q，同时加一方向平行于 abc 所在平面、场强大小为2mgq的匀强电场，仍从 a 点以初动能k0E沿某一方向抛出小球，小球经过 c 点时的动能为013kE。下列说法正确的是（不计空气阻力，重力加速度大小为 g）（）Aa、b 两点间的距离为05kEmg Ba、b 两点间的距离为04kEmg Ca、c 间的电势差为08kEq Da、c 间的电势差为012kEq 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）在探究加速度与力、质量的关系实验中。（1）

8、某组同学用如图甲所示装置，采用控制变量的方法，来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车受到合力的关系。下列措施中不需要和不正确的是_；A平衡摩擦力的方法就是在砝码盘中添加砝码，使小车能匀速滑动；B每次改变拉小车拉力后不需要重新平衡摩擦力；C实验中通过在砝码盘中添加砝码来改变小车受到的拉力；D每次小车都要从同一位置开始运动；E.实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源；（2）实验使用频率为 50Hz 的交流电源，得到的一条纸带如图乙所示。从比较清晰的点起，每 4 个点取一个计数点，第 1 与第 2 个计数点的间距为 s=3.58cm，第 3 与第 4 个计数点的间距为s=4.71cm，该

9、小车的加速度大小 a=_m/s2（保留两位有效数字）。12（12 分）一实验小组用某种导电材料制作成电阻较小(约小于 3)的元件 Z，并通过实验研究该元件中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律。(1)该小组连成的实物电路如图(a)所示，其中有两处错误，请在错误的连线上打“”，并在原图上用笔画出正确的连线_。(2)在实验中应选用的滑动变阻器是_。A滑动变阻器 R1(05 额定电流 5A)B滑动变阻器 R2(020 额定电流 5A)C滑动变阻器 R3(0100 额定电流 2A)(3)图(b)中的点为实验测得的元件 Z 中的电流与电压值，请将点连接成图线_。(4 把元件 Z 接入如图(c)所

10、示的电路中，当电阻 R 的阻值为 2 时，电流表的读数为 1.25A；当电阻 R 的阻值为 3.6时，电流表的读数为 0.8A。结合图线，可求出电池的电动势 E 为_V，内阻 r 为_。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示的 U 形玻璃管，左管开口，右管管口封闭，管中一段水银在右管中封闭了一段气柱，气柱高度为 20 cm，左右两管中水银面的高度差为 10 cm，左管水银柱的横截面积为 1 cm2，右管中水银柱的横截面积为 2 cm2。已知环境温度为 27C，大气压强为 75 cmHg，左管

11、足够长，右管中水银柱高度大于 5 cm。（i）若在左管中缓慢倒入水银，使右管中气柱体积减少16，求需要倒入水银的体积；（ii）若给右管中气柱缓慢加热，使左管中水银液面与右管顶端相平，求气柱需要升高的温度。14（16 分）如图所示，半径 R1.0 m 的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点 B 和圆心 O 的连线与水平方向间的夹角 37，另一端点 C 为轨道的最低点C 点右侧的光滑水平面上紧挨 C 点静止放置一木板，木板质量M1 kg，上表面与 C 点等高质量为 m1 kg 的物块(可视为质点)从空中 A 点以 v01.1 m/s 的速度水平抛出，恰好从轨道的 B 端沿切线方向进入轨道取

12、 g10 m/s1求：（1）物块经过 B 点时的速度 vB（1）物块经过 C 点时对木板的压力大小（3）若木板足够长，物块在木板上相对滑动过程中产生的热量 Q 15（12 分）阅兵现场用到了一辆小型雷达信号车，信号传输距离只有 1000m 雷达车保持14m/sv 的速度沿水平路面匀速直线行驶，受阅飞机从600mh 高空以64m/s的速度与雷达车保持平行飞行。如图所示，当受阅飞机飞行到A 点刚好接收到雷达车信号时，飞机立即以加速度大小加速向前飞行，求受阅飞机与雷达信号车能够通信的时间。（忽略信号传输时间）参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个

13、选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB利用点电荷场强的合成 A、O、C 三点的合场强均水平向右，AB 错误；C在 BD 直线上场强方向垂直 BD 向右，则沿着 BD 移动正电荷电场力不做功，C 错误；D沿着电场线方向电势降低，则 O 点的电势低于 A 点的电势，选项 D 正确.故选 D。2、C【解析】竖直上抛运动是一种匀变速直线运动，物体运动过程中机械能守恒根据运动学公式列出 v 与 t 的关系式，根据机械能守恒定律得出物体的动能与高度的关系式再选择图象【详解】AB物体做竖直上抛运动，只有重力，加速度等于 g，保持不变，所以 at 图象是平行于时间轴的直线，取竖直向上为正方向，则

14、竖直上抛运动可看成一种匀减速直线运动，速度与时间的关系为 v=v0gt vt 图象是一条向下倾斜的直线，AB 不符合题意；C以抛出点为零势能面，则物体的重力势能为 Ep=mgh 则 Eph 图象是过原点的直线，C 符合题意；D根据机械能守恒定律得：mgh+Ek=12mv02 得 Ek=12mv02mgh 可见 Ek与 h 是线性关系，h 增大，Ek减小，Ekh 图象是向下倾斜的直线D 不符合题意。故选 C。3、C【解析】单色光由空气射入玻璃砖时，折射角小于入射角。图甲错误。图乙正确；当该单色光由玻璃砖射入空气时，发生全反射的临界角的正弦值 1s n23i Cn 因为 22sin4523 所以临

15、界角45C，图丙、图丁中该单色光由玻璃砖射入空气时的入射角为47，大于临界角，会发生全反射，图丙正确，图丁错误。故选 C。4、B【解析】A安培发现了电流的磁效应，选项 A 错误；B光电效应揭示了光的粒子性，而康普顿效应从动量方面进一步揭示了光的粒子性，选项 B 正确；C半衰期不随外界环境的变化而变化，选项 C 错误；D比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固，选项 D 错误。故选 B。5、A【解析】抓住小球运动到最高点时，圆轨道对地面的压力为零，求出最高点的速度，根据动能定理求出小球在最低点的速度，从而结合牛顿第二定律求出轨道对小球的支持力，根据牛顿第三定律得出小球对圆轨道的最大压力【详解】

16、当小球运动到最高点时速度最小，此时圆轨道对地面的压力为零，可知小球对圆轨道的弹力等于圆轨道的重力，根据牛顿第二定律得，mg+N=m21vR，N=mg，解得最高点的速度 v1=2gR；小球从最高点到最低点，根据动能定理得，mg 2R=22211122mvmv，解得 v2=6gR；根据牛顿第二定律得，Nmg=m22vR，联立解得 N=7mg=70N，根据牛顿第三定律，小球对轨道的最大压力 N=7mg=70N，故 A 正确，BCD 错误；故选：A.6、C【解析】A由-x 图像知从 M 点到 N 点电势降低，根据沿着电场线方向电势降低可知在 x 轴上 M、N 两点间的电场方向沿 x轴正方向，A 项错误

17、；B粒子受力方向和电场方向相同，故粒子带正电荷，B 项错误；C在-x 图像中，图线斜率表示电场强度的大小，电场强度大小为 310V/m10 10UEdx1000V/m C 项正确；D粒子沿 x 轴从 M 点运动到 N 点的过程中，电场力一直做正功，电势能一直减小，D 项错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AC【解析】A、从最高点速度水平，只受重力做平抛运动，由得：；A 项正确.B、下落时间只与竖直高度有关，与初速度 v 无关，B

18、 项错误.C、下落过程中，重力势能减少 mgh，C 项正确.D、由机械能守恒定律：，得：，D 项错误.故选 AC.【点睛】斜上抛运动可以由运动的分解和运动的对称性分析.8、AD【解析】A假设过电场中同一点的电场线与等势面不垂直，则场强沿等势面有分量，沿该分量移动电荷电场力做功不为 0，则电势变化，与等势面相矛盾，故 A 正确；B电场中某点电势的大小与零电势点的选取有关，而两点间的电势差的大小则与零电势点的选取无关，故 B 错误；C电场中电势高低不同的两点，正点电荷在电场中的高电势点电势能大，而负点电荷在电场中的高电势点电势能小，故 C 错误；D电场力对点电荷做正功，该点电荷的电势能一定减小，电

19、场力对点电荷做负功，该点电荷的电势能一定增大，故 D正确。故选 AD。9、CDE【解析】A雾霾在大气中的漂移是气体的流动造成的，故 A 错误；B气体凝结为固体时，分子仍在做无规则运动，由于温度的降低，分子的平均动能减小，但分子平均速率不会趋近于零，故 B 错误；C把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，它的尖端就会变钝，是因为液态的玻璃表面的分子间的距离比内部分子间的距离大，分子间表现为引力，是表面张力的作用，故 C 正确；D在等压变化过程中，温度升高，体积增大分子速度增大，碰撞的作用力增大，而压强不变，故单位时间内单位面积上分子碰撞次数减少，故 D 正确；E当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定大，故

20、E 正确。故选：CDE。10、BC【解析】AB不加电场时根据动能定理得 mghab=5Ek0-Ek0=4Ek0 解得 04kabEhmg 故 A 错误，B 正确；CD加电场时，根据动能定理得 mghab+Uacq=13Ek0-Ek0 解得 08kacEUq 故 C 正确，D 错误；故选 BC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ADE 0.88 【解析】（1）1AB平衡摩擦力时，不是在砝码盘中添加砝码，而是通过调节垫板使重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即 mgsinmgcos 可以约掉 m，只需要平衡一次摩擦力，故 A 错误，符

21、合题意；B 正确，不符合题意；C实验中通过在砝码盘中添加砝码来改变小车受到的拉力，故 C 正确，不符合题意；D实验中每次小车不需要从同一位置开始运动，故 D 错误，符合题意；E.实验中应先开打点计时器的电源，然后再放小车，故 E 错误，符合题意；故选 ADE。（2）2每 4 个点取一个计数点，则两个相邻计数点的时间间隔为 4 0.02s=0.08sT 根据 2312ssaT 得 312222ssssaTT 代入数值解得 20.88m/sa 12、电源负极与滑动变阻器 a 端相连 A 4.1 0.45 【解析】(1)1因 Z 电阻较小，电流表应采用外接法；由于要求电压从零开始变化，滑动变阻器选用

22、分压接法，错误的连线标注及正确接法如图：(2)2分压接法中，为了便于调节，滑动变阻器选用总阻值小，且额定电流较大的，故选：A；(3)3根据描点法得出对应的伏安特性曲线如图所示：；(4)45当电流为 1.25A 时，Z 电阻两端的电压约为 1.0V；当电流为 0.8A 时，Z 电阻两端的电压约为 0.82V；由闭合电路欧姆定律可知：E=1.25(r+2)+1=1.25r+3.5 E=0.8(r+3.6)+0.82=0.8r+3.7 联立解得：E=4.1V r=0.44 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（i

23、）327cm，（ii）141K。【解析】（i）开始时，封闭气体的压强为：1010cmHg85cmHgpp 假设倒入水银后，右管中气体压强为2p，则理想气体发生等温变化，根据玻意尔定律：1 1221256p h Sph S 解得：2102cmHgp 左右管中液面的高度差为：(10275)cm27cmh 倒入水银的体积：223202017cm 1cmcm2cm27cm66V；（ii）若给右管中气柱缓慢加热，使左管中水银液面与右管管口相平，假设气柱升高温度为T，此时左管液面上升10cm，右管中液面下降5cm，则右管中气体压强：3025cmHg100cmHgpp 根据理想气体状态方程：3321 121

24、1p h Sp h STTT 解得：141KT。14、（1）2/Bvm s （1）46NFN （3）Q9 J【解析】设物块在 B 点的速度为 vB，在 C 点的速度为 vC，从 A 到 B 物块做平抛运动，有 b0v sin=v解得：2/Bvm s （1）从 B 到 C，根据动能定理有 mgR(1sin)22cB11mv-mv22 解得 vC6 m/s 在 C 点，由牛顿第二定律列式，有 2cNvFmgmR 解得：46NFN 再根据牛顿第三定律得，物块对木板的压力大小46NFN (3)根据动量守恒定律得：(mM)vmcv 根据能量守恒定律有 12(mM)v1Q2c1mv2 联立解得 Q9 J 15、20s【解析】设受阅飞机与雷达信号车能够通信时间 t，如图所示，当受阅飞机飞行到 A 点时，雷达车与受阅飞机相距1000ml，由勾股定理得800mAPx 雷达车位移 11xv t 受阅飞机位移 22012xtat 由几何关系可得 212APxxx 解得 120st 280st （舍去）故雷达车与受阅飞机通信时向为 20s.