2022-2023学年吉林省吉林市桦甸市第四中学高考物理考前最后一卷预测卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用 2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2019 年 1 月 3 日，嫦娥四号月球探测器平稳降落在月球背面南极艾特肯盆地内的冯卡门撞击坑内，震惊了全世界。嫦娥四号展开的太阳能电池帆板在有光照时，可

2、以将光能转化为电能，太阳能电池板作为电源，其路端电压与干路电流的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A该电池板的电动势为 2.80V B随着外电路电阻增大，其内阻逐渐增大 C外电路阻值为 1k 时电源输出功率约为 3.2W D外电路阻值为 1k 时电源效率约为 36%2、A、B 两小车在同一直线上运动，它们运动的位移 s 随时间 t 变化的关系如图所示，已知 A 车的 s-t 图象为抛物线的一部分，第 7s 末图象处于最高点，B 车的图象为直线，则下列说法正确的是（）AA 车的初速度为 7m/s BA 车的加速度大小为 2m/s2 CA 车减速过程运动的位移大小为 50m D10s 末两车相遇

3、时，B 车的速度较大 3、2019 年 8 月 31 日 7 时 41 分，我国在酒泉卫星发射中心用“快舟一号”甲运载火箭，以“一箭双星”方式，成功将微重力技术实验卫星和潇湘一号 07 卫星发射升空，卫星均进入预定轨道。假设微重力技术试验卫星轨道半径为1R，潇湘一号 07 卫星轨道半径为2R，两颗卫星的轨道半径12RR，两颗卫星都作匀速圆周运动。已知地球表面的重力加速度为g，则下面说法中正确的是（）A微重力技术试验卫星在预定轨道的运行速度为1gR B卫星在2R轨道上运行的线速度大于卫星在1R轨道上运行的线速度 C卫星在2R轨道上运行的向心加速度小于卫星在1R轨道上运行的向心加速度 D卫星在2R

4、轨道上运行的周期小于卫星在1R轨道上运行的周期 4、a、b 两车在平直公路上行驶，其 vt 图象如图所示，在 t0 时，两车间距为 s0，在 tt1时间内，a 车的位移大小为 s，则()A0t1时间内 a、b 两车相向而行 B0t1时间内 a 车平均速度大小是 b 车平均速度大小的 2 倍 C若 a、b 在 t1时刻相遇，则 s023s D若 a、b 在12t时刻相遇，则下次相遇时刻为 2t1 5、ab、两车在平直的公路上沿同一方向行驶，两车运动的v t图象如图所示。在0t 时刻，b车在a车前方0S处，在10t时间内，b车的位移为s，则（）A若ab、在1t时刻相遇，则03ss B若ab、在12

5、t时刻相遇，则032ss C若ab、在13t时刻相遇，则下次相遇时刻为143t D若ab、在14t时刻相遇，则下次相遇时a车速度为13v 6、某玩具为了模仿小动物行走的姿势，设计了非圆形的“轮子”。现研究轮子受力情况，模型简化如图，四分之一圆框架 OAB 的 OA、OB 边初始位置分别处于水平和竖直方向上，光滑球形重物此时嵌在框架中与 OA、OB、弧 AB 三边恰好接触但接触处并没有全部都产生弹力。现以 O 点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动角，下列说法正确的是（）A转动为 0 至2的过程，弧 AB 受到重物的压力逐渐变大 B为54时，弧 AB 受到重物的压力最大 C转动一周的过程中，

6、存在某一特定的角，此时弧 AB 与 OA 板受到重物的压力一样大 D转动一周的过程中，OA、OB、弧 AB 受到重物压力的最大值不同 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图，一带正电的点电荷固定于 O 点，两虚线圆均以 O 为圆心，两实线分别为带电粒子 M 和 N 先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e 为轨迹和虚线圆的交点.不计重力.下列说法正确的是()AM 带负电荷，N 带正电荷 BM 在 b 点的动能小于它在 a 点的动能 CN 在

7、 d 点的电势能等于它在 e 点的电势能 DN 在从 c 点运动到 d 点的过程中克服电场力做功 8、牛顿在 1687 年出版的自然哲学的数学原理中设想，物体抛出的速度很大时，就不会落回地面，它将绕地球运动，成为人造地球卫星如图所示，将物体从一座高山上的 O 点水平抛出，抛出速度一次比一次大，落地点一次比一次远，设图中 A、B、C、D、E 是从 O 点以不同的速度抛出的物体所对应的运动轨道已知 B 是圆形轨道，C、D 是椭圆轨道，在轨道 E 上运动的物体将会克服地球的引力，永远地离开地球，空气阻力和地球自转的影响不计，则下列说法正确的是（）A物体从 O 点抛出后，沿轨道 A 运动落到地面上，物

8、体的运动可能是平抛运动 B在轨道 B 上运动的物体，抛出时的速度大小为 11.2km/C使轨道 C、D 上物体的运动轨道变为圆轨道，这个圆轨道可以过 O 点 D在轨道 E 上运动的物体，抛出时的速度一定等于或大于 16.7km/s 9、如图甲所示，一个匝数为 n 的圆形线圈（图中只画了 2 匝），面积为 S，线圈的电阻为 R，在线圈外接一个阻值为 R的电阻和一个理想电压表，将线圈放入垂直线圈平面指向纸内的磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示，下列说法正确的是（）A0t1时间内 P 端电势高于 Q 端电势 B0t1时间内电压表的读数为101()n BB St Ct1t2时间内 R 上的电流

9、为1212()nB Stt R Dt1t2时间内 P 端电势高于 Q 端电势 10、如图，光滑水平面上两虚线之间区域内存在竖直方向的足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为 B。边长为 a 的正方形导线框 PQMN 沿图示速度方向进入磁场，当对角线 PM 刚进入磁场时线框的速度大小为 v，方向与磁场边界成45角，若线框的总电阻为 R，则 APM 刚进入磁场时线框中的感应电流为BaR BPM 刚进入磁场时线框所受安培力大小为22B aR CPM 刚进入磁场时两端的电压为BaR DPM 进入磁场后线框中的感应电流将变小 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写

10、出演算过程。11（6 分）某同学查阅电动车使用说明书知道自家电动车的电源是铅蓄电池，他通过以下操作测量该电池的电动势和内电阻 (1)先用多用电表粗测电池的电动势把多用电表的选择开关拨到直流电压 50 V 挡，将两表笔与电池两极接触，电表的指针位置如图甲所示，读数为_V(2)再用图乙所示装置进行精确测量多用电表的选择开关拨向合适的直流电流挡，与黑表笔连接的应是电池的_极闭合开关，改变电阻箱的阻值 R，得到不同的电流值 I，根据实验数据作出图象如图丙所示已知图中直线的斜率为 k，纵轴截距为 b，电流档的内阻为 rA，则此电池的电动势 E_，内阻 r_(结果用字母 k、b、rA表示)(3)多用表直流

11、电流档的内阻对电动势的测量值大小_（选填“有”或“无”）影响 12（12 分）某研究性学习小组为了测量某电源的电动势 E 和电压表 V 的内阻 Rv，从实验室找到实验器材如下：A待测电源（电动势 E 约为 2V，内阻不计）B待测电压表 V（量程为 1V，内阻约为 100）C定值电阻若干（阻值有：50.0，100.0，500.0，1.0k）D单刀开关 2 个(1)该研究小组设计了如图甲所示的电路原理图，请根据该原理图在图乙的实物图上完成连线_。(2)为了完成实验，测量中要求电压表的读数不小于其量程的13，则图甲 R1=_；R2=_。(3)在 R1、R2选择正确的情况进行实验操作，当电键 S1闭合

12、、S2断开时，电压表读数为 0.71V；当 S1、S2均闭合时，电压表读数为 0.90V；由此可以求出 Rv=_；电源的电动势 E=_（保留 2 位有效数字）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，矩形 PQMN 区域内有水平向左的匀强电场，电场强度大小为 E，已知 PQ 长度为 3L，PN 长度为 L。质量为 m、电量大小为 q 的带负电粒子以某一初速度从 P 点平行 PQ 射入匀强电场，恰好从 M 点射出，不计粒子的重力，可能用到的三角函数值 sin30=0.5，sin37=0.6，s

13、in45=22。(1)求粒子入射速度 v0的大小；(2)若撤走矩形 PQMN 区域内的匀强电场，加上垂直纸面向里的匀强磁场。该粒子仍以相同的初速度从 P 点入射，也恰好从 M 点射出磁场。求匀强磁场磁感应强度 B 的大小和粒子在磁场中运动的时间 t。14（16 分）如图所示，质量均为 m 的 A、B 两球套在悬挂的细绳上，A 球吊在绳的下端刚好不滑动，稍有扰动 A 就与绳分离 A 球离地高度为 h，A、B 两球开始时在绳上的间距也为 h，B 球释放后由静止沿绳匀加速下滑，与 A 球相碰后粘在一起(碰撞时间极短)，并滑离绳子.若 B 球沿绳下滑的时间是 A、B 一起下落到地面时间的 2 倍，重力

14、加速度为g，不计两球大小及空气阻力，求：(1)A、B 两球碰撞后粘在一起瞬间速度大小；(2)从 B 球开始释放到两球粘在一起下落，A、B 两球组成的系统损失的机械能为多少?15（12 分）如图，导热性能良好的水平放置的圆筒形气缸与一装有水银的 U 形管相连，U 形管左侧上端封闭一段长度为 15cm 的空气柱，U 形管右侧用活塞封闭一定质量的理想气体开始时 U 形管两臂中水银面齐平，活塞处于静止状态，此时 U 形管右侧用活塞封闭的气体体积为 490mL，若用力 F 缓慢向左推动活塞，使活塞从 A 位置移动到 B 位置，此时 U 形管两臂中的液面高度差为 10cm，已知外界大气压强为 75cmHg

15、，不计活塞与气缸内壁间的摩擦，求活塞移动到 B 位置时 U 形管右侧用活塞封闭的气体体积 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A电源的路端电压与干路电流的关系图像中，图线与纵轴的交点表示电动势，所以由图可知该电池板的电动势为 2.80V，A 正确。B随着外电路电阻增大，干路电流不断减小，由闭合电路欧姆定律EUIr可知内阻 EUrI 如图所示，外电路电阻12RR，阻的伏安特性曲线与原路端电压与干路电流的图线分别交于 P1、P2，则 111EUrI 指的是 E 与 P1的斜率，222EUrI 指

16、的是 E 与 P2连线的斜率，可知12rr，B 错误。C在原图中作出阻值为 1k 的电阻的伏安特性曲线，如下图所示 与原图交于(1.8V，1.8mA)，此交点即表示电阻的实际状态，所以电源输出功率约为 3 1.78V1.78mA3.2 10 W 故 C 错误。D此时电源的效率 1.7864%2.8IUIE 故 D 错误。故选 A。2、B【解析】ABA 车做匀变速直线运动，设 A 车的初速度为0v，加速度大小为a，由图可知7st 时，速度为零，由运动学公式可得：7070vva 根据图象和运动学公式可知10st 时的位移为：1040m040mx 21000110502xv tatva 联立解得22

17、m/sa，014m/sv，故选项 B 正确，A 错误；CA 车减速过程运动的位移大小为0700 147m49m22vxt，故选项 C 错误；D位移时间图象的斜率等于速度，10s 末两车相遇时 B 车的速度大小为：B4m/sxvt A 车的速度为：A06m/svvat 两车的速度大小相等，故选项 D 错误。故选 B。3、C【解析】A由万有引力提供向心力有 21211vMmGmRR 得 11GMvR 设地球半径为 R，则有 2MmGmgR 联立得 2111GMgRvRR 由于 1RR 则 11vgR 故 A 错误；B由公式 22MmvGmrr 得 GMvr 由于12RR则卫星在2R轨道上运行的线速

18、度小于卫星在1R轨道上运行的线速度，故 B 错误；C由公式 2MmGmar 得 2GMar 则卫星在2R轨道上运行的向心加速度小于卫星在1R轨道上运行的向心加速度，故 C 正确；D由开普勒第三定律32rkT可知，由于12RR则卫星在2R轨道上运行的周期大于卫星在1R轨道上运行的周期，故D 错误。故选 C。4、C【解析】A由图象可知 0t1时间内两车速度均为正，故同向行驶，故 A 错误；B0t1时间内两车平均速度大小分别是 va0022vv032v vb02v 故 B 错误；C若 a、b 在 t1时刻相遇，说明 0t1时间内 a 比 b 多出来的位移刚好是 s0，如图 1 所示，图象与坐标轴所围

19、成的面积表示对应过程的位移，故 C 正确；D若 a、b 在12t时刻相遇，则下次相遇时刻为从12t时刻开始计时，到二者具有相同的位移的时刻，如图 2：所以下次相遇的时刻为132t，故 D 错误。故选 C。5、B【解析】A根据题述，在0t 时刻，b车在a车前方0S处，在10t时间内，b车的位移为s，若ab、在1t时刻相遇，根据v t图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有 03sss 解得02ss，故 A 错误；B若ab、在12t时刻相遇，根据v t图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有 0744sss 解得032ss，故 B 正确；C若ab、在13t时刻相遇，则下次相遇的时刻为关于1tt对称

20、的153t时刻，故 C 错误；D若ab、在14t时刻相遇，则下次相遇时刻为174t，下次相遇时a车速度 111117244avtvvvt 故 D 错误。故选 B。6、C【解析】A以 O 点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动过程中，相当于重力沿顺时针方向转动，转动 为 0 至/2的过程，弧 AB 始终不受力作用，则选项 A 错误；B由力的合成知识可知当=时，此时弧 AB 受到重物的压力大小为2G，=5/4 时，弧 AB 受到重物的压力为 G，则此时压力不是最大，选项 B 错误；C旋转重力的方向，当此方向在弧 AB 弹力的方向与 OA 板弹力方向的夹角的平分线上时，此时弧 AB 与 OA 板

21、受到重物的压力一样大，选项 C 正确；D旋转重力的方向，当此方向与弧 AB 的弹力方向垂直时，在两个不同的位置，OA 板和 OB 板的弹力都会取得最大值，大小为2G，则转动一周的过程中，OA、OB、弧 AB 受到重物压力的最大值一样大，选项 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABC【解析】试题分析：由粒子运动轨迹可知，M 受到的是吸引力，N 受到的是排斥力，可知 M 带负电荷，N 带正电荷，故 A 正确M 从 a 到 b

22、点，库仑力做负功，根据动能定理知，动能减小，则 b 点的动能小于在 a 点的动能，故 B 正确d 点和 e 点在同一等势面上，电势相等，则 N 在 d 点的电势能等于在 e 点的电势能，故 C 正确 D、N 从 c 到 d，库仑斥力做正功，故 D 错误故选 ABC 考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，掌握判断动能和电势能变化的方向，一般的解题思路是根据动能定理判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化 8、AC【解析】（1）第一宇宙速度是最小的卫星发射速度，却是最大的环绕速度；（2）当物体以第一宇宙速度被抛出，它的运动轨道为一圆周；当物体

23、被抛出的速度介于第一和第二宇宙速度之间，它的运动轨迹为一椭圆；当物体被抛出时的速度介于第二和第三宇宙速度之间，物体将摆脱地球引力，成为绕太阳运动的行星；当被抛出的初速度达到或超过第三宇宙速度，物体必然会离开太阳系；（3）卫星变轨时的位置点，是所有轨道的公共切点【详解】A、物体抛出速度 v7.9km/s 时必落回地面，若物体运动距离较小时，物体所受的万有引力可以看成恒力，故物体的运动可能是平抛运动，A 正确；B、在轨道 B 上运动的物体，相当于地球的一颗近地卫星，抛出线速度大小为 7.9km/s，B 错误；C、轨道 C、D 上物体，在 O 点开始变轨到圆轨道，圆轨道必然过 O 点，C 正确；D、

24、当物体被抛出时的速度等于或大于 16.7km/s 时，物体将离开太阳系，故 D 错误【点睛】本题考查宇宙速度，知道第一宇宙速度是最小的发射速度、最大的环绕速度，掌握卫星变轨模型，知道各宇宙速度的物体意义至关重要 9、AC【解析】A1 0t时间内，垂直纸面向里的磁场逐渐增大，根据楞次定律可知线圈中感应电流产生的磁场垂直纸面向外，根据右手定则可知电流从P流出，从Q流入，所以P端电势高于Q端电势，故 A 正确；B1 0t时间内，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势为 101()n BB SEntt 电压表所测为路端电压，根据串联分压规律可知电压表示数 101()12n BB SRUERRt 故 B

25、错误；C12 tt时间内，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势为 121nB SEnttt 根据闭合电路欧姆定律可知通过回路的电流 12122()EnB SIRtt R 故 C 正确；D12 tt时间内，根据楞次定律可知电流从Q流出，从P流入，所以P端电势低于Q端电势，故 D 错误。故选 AC。10、AD【解析】A.PM 刚进入磁场时有效的切割长度等于 a，产生的感应电动势为 E=Bav，感应电流为 EBavIRR，故 A 正确；B.NM 边所受的安培力大小为 F1=BIa=22B a vR，方向垂直 NM 向下。PN 边所受的安培力大小为 F2=BIa=22B a vR，方向垂直 PN 向下

26、，线框所受安培力大小 2222122B a vFFFR，故 B 错误；C.PM 两端的电压为 22RBavUI，故 C 错误；D.PM 刚进入磁场后，有效的切割长度逐渐减小，感应电动势逐渐减小，感应电流将减小，故 D 正确。故选：AD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、12.0；负 1k bk 无 【解析】(1)1电压档量程为 50V，则最小分度为 1V，则指针对应的读数为 12.0V；(2)2作为电流表使用时，应保证电流由红表笔流进，黑表笔流出，故黑表笔连接的是电池的负极；34由闭合电路欧姆定律可得：EIRr 变形可得：11

27、 rRIEE 则由图可知：rbE 1kE 则可解得：1Ek brk (3)5由于多用表存在内电阻，所以由闭合电路欧姆定律得：E=IR+I（RA+r）变形为：11ArRRIEE 由图象可知斜率1kE和不考虑多用表的内电阻时相同，所以多用表的内电阻对电源电动势的测量结果无影响。12、100 50 87 1.9 【解析】(1)1根据电路原理图，实物连线如图所示：(2)23根据分压规律 1V100312VV3xR 串联在电路中的总电阻约为 500 xR 所以500.0和1.0k阻值太大不能用，否则电压表的示数不满足题中要求；为了在2S闭合时，能够有效的保护电路，所以1100R，250R。(3)45当电

28、键1S闭合、2S断开时 V1V12UERRRR 当1S、2S均闭合时 V21VUERRR 解得 V87R，1.9VE 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）032qELvm；（2）352mEBqL，372108mLtqE【解析】(1)粒子做类平抛运动，有 qEma 212Lat 03Lv t 解得 032qELvm (2)洛伦磁力作为向心力，有 200vqv Bmr 由几何关系得 222(3)()rLrL 得 03552mvmEBqLqL 回旋角 33tan4LrL 又因为 02Tv 360tT 联立解

29、得 372108mLtqE 14、(1)12gh(2)34mgh【解析】(1)设 B 球与 A 球相碰前的速度大小为1v，则 1 112hvt 碰撞过程动量守恒，设两球碰撞后的瞬间共同速度为2v，根据动量守恒定律有 122mvmv 两球一起下落过程中，22 2212hv tgt 122tt 解得：212vgh；(2)B 球下滑到碰撞前，损失的机械能21112Emghmv 由(1)问知，1vgh 因此112Emgh 磁撞过程损失的机械能为222121112224Emvmvmgh 因此整个过程损失的机械能为1234EEEmgh 15、300mL【解析】对左侧密闭气体，设管横截面积为 S，初态：P1=P0=75cmHg，由等温变化可得：P1V1=P1V1 对右侧气体，末态：P2=P1+10 由等温变化可得：P2V2=P2V2 解得：V2=300mL