2022-2023学年山西省祁县中学高三下学期联合考试物理试题含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，用传感器和计算机可以方便地描出平抛运动物体的轨迹。它的设计原理如图乙所示。物体 A 在做平抛运功，它能够在竖直平面内向各个方向同时发射超声波脉冲和红外线脉冲，在它运动的平面内安放着超声波-红外接收装置，B 盒

2、装有 B1、B2两个超声波-红外接收器，并与计算机相连，B1、B2各自测出收到超声脉冲和红外脉冲的时间差，并由此算出它们各自与物体 A 的距离，下列说法正确的是（）A该实验中应用了波的干涉规律 B该实验中应用了波的反射规律 C该实验中应用了波的直线传播规律 D该实验中所用超声波信号和红外线脉冲信号均属于无线电波 2、超导电磁船是一种不需要螺旋桨推进的低噪音新型船，如图是电磁船的简化原理图，AB 和 CD 是与电源相连的导体板，AB 与 CD 之间部分区域浸没在海水中并有垂直纸面向内的匀强磁场(磁场由固定在船上的超导线圈产生，其独立电路部分未画出)，以下说法正确的是 A使船前进的力，是磁场对海水

3、中电流的安培力 B要使船前进，海水中的电流方向从 CD 板指向 AB 板 C同时改变磁场的方向和电源正负极，推进力方向将与原方向相反 D若接入电路的海水电阻为 R，其两端的电压为 U，则船在海水中前进时，AB 与 CD 间海水中的电流强度小于UR 3、如图所示，两根相距为 L 的平行直导轨水平放置，R 为固定电阻，导轨电阻不计。电阻阻值也为 R 的金属杆 MN垂直于导轨放置，杆与导轨之间有摩擦，整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B。t=0 时刻对金属杆施加一水平外力 F 作用，使金属杆从静止开始做匀加速直线运动。下列关于通过 R 的电流 I、杆与导轨间的摩擦生热 Q、外力 F

4、、外力 F 的功率 P 随时间 t 变化的图像中正确的是（）A B C D 4、下列说法正确的是（）A所有的核反应都具有质量亏损 B光子既具有能量，又具有动量 C高速飞行的子弹不具有波动性 D 衰变本质是原子核中一个质子释放一个电子而转变成一个中子 5、如图所示，在水平面上放置着一个密闭绝热的容器，容器内一个有质量的活塞封闭着理想气体，活塞下部为真空.两端固定的轻弹簧被压缩后用绳扎紧.现在绳突然断开，当轻弹簧推动活塞上升的过程中，理想气体()A压强增大，温度升高 B压强增大，温度降低 C压强减小，温度升高 D压强减小，温度降低 6、一物块在固定的粗糙斜面底端以初速度0v沿斜面向上运动，又返回底

5、端。能够描述物块速度v随时间t变化关系的图像是（）A B C D 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图，a、b、c、d 是均匀介质中水平轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为 4m、6m 和 8m。一列简谐横波沿 x轴正向传播，在 t=0 时刻传到质点 a 处，使质点 a 由平衡位置开始竖直向下运动。波继续向前传播，t=5s 时质点 b 已经通过了 8cm 路程并第一次回到了平衡位置，此时质点 c 刚好开始振动。则下列说法正确的是_ A该波的

6、波速为 1.6cm/s B质点 c 开始振动后，其振动周期为 6s C当 t5s 后，质点 b 向下运动时，质点 c 一定向上运动 D在 7st5s 后，b 和 c 都已开始振动，两者的距离为 6m 等于半个波长，则质点 b 向下运动时质点 c 一定向上运动，故C 正确；D当时间 7st9s 时，而周期6sT，c 点起振需要 5s，则 c 点的振动时间在233TT范围内且起振向下，故 c 正经过波谷后向平衡位置振动，则质点 c 向上先加速运动后减速向上运动，故 D 错误；E质点 ad 的距离为 18m，则波源 a 到 d 的时间为 18s9s2xtv 故质点振动的时间1s6T，且起振竖直向下，

7、而加速度指向平衡位置方向向上，故 E 正确。故选 BCE。8、BCD【解析】A物块在 BC 段，所受的摩擦力大小 cos4Nfmg 故 A 项错误；B物块从顶端 A 到达 C 点，物块重力势能的减少量 p()sin1 10 1.60.6J9.6JEmg ABBC 故 B 项正确；C物块在通过 BC 段时，因摩擦产生的热量等于克服摩擦力做功 cos1.6JQmgBC 故 C 项正确；D物块从顶端 A 到达 C 点，根据动能定理 21()sincos2mg ABBCmgBCmv 解得：物块到达 C 点的速度大小 4m/sv 故 D 项正确。9、CD【解析】A因为 x-t 图像的斜率等于速度，可知在

8、 35s 时间内，甲的速度大小小于乙的速度大小，选项 A 错误；B甲和乙出发的位置都在 x=0 位置，选项 B 错误；C由图像可知，甲、乙在 20m 处相遇，选项 C 正确；D在 37s 的时间内，甲的位移小于乙的位移，根据xvt可知，甲的平均速度大小小于乙的平均速度大小，选项 D正确；故选 CD。10、CD【解析】将电荷量为q的粒子,从A点移动到B点,电势能减小1E,则A点的电势比B点高1ABEUq；同理D点电势比C点高2CDEUq;AD、两点电势关系无法确定,匀强电场的电场强度方向不一定沿DC方向，选项 AB 错误；若A B、之间的距离为d,则该电场的电场强度取最小值时必沿AB方向,此时1

9、minABEEdUq,则1minEEdq，选项 C 正确；M点的电势2ADM，同理2BCN,则若将该粒子从M点移动到N点，电场力做功 12222ABDCABDCMNMNUUEEWqqq，选项 D 正确 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1 23.2 1.43 200 150 甲同学没有考虑毫安表内阻的影响 【解析】(2)1欧姆表中电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电流表正接线柱流入，故红表笔接触 1，黑表笔接2；(3)2由图可知，电阻箱读数为=(2 10+3 1+20.1)23.2R(4)34由EIRR内变形得 1

10、1=+RRIEE内 由图像可得 1175 14050kE 解得 1.43VE 截距为=140RbE内 得 200R 内(5)5由图可知，此欧姆表的中值电阻为=15 10=150R中 则电阻“10”挡内部电路的总电阻为150 6由甲同学处理方法可知，由于没有考虑毫安表的内阻，如果考虑毫安表的内阻则有 11=+RrRIEEE内 由此可知，甲同学的测量值 R内与此结果偏差较大的原因是没有考虑毫安表的内阻 12、V1 A2 图见解析 其阻值随温度升高线性增加 低 不均匀 【解析】(1)1由于VTTARRRR，应采用电流表的外接法；又由于滑动变阻器的最大阻值与待测电阻的阻值相比较小，所以变阻器应采用分压

11、式接法，测量其电阻的电路原理如下图：2 3由电源电动势为 3V 知，电压表应选 V1；电阻值约 100，所以通过电阻的电流最大不超过 30mA，因此电流表应选 A2；(2)4根据测得不同温度下电阻阻值，用一条平滑的直线将上述点连接起来，让尽可能多的点处在这条直线上或均匀地分布在直线的两侧，其阻值随温度变化的图线如下图：(3)5由图线可知，其阻值随温度的升高线性增加；(4)6 根据图像知 R=100+kt，随 t 的增大，R 增大，根据闭合电路欧姆定律可知，电流 I 减小，所以越靠近右端表示的温度越低；7根据闭合电路欧姆定律可知，I 与 R 的关系是非线性的，由图像知 R 与 t 的关系是线性的

12、，所以 I 与 t 的关系非线性，I 的刻度均匀换成 t 的刻度就是不均匀的。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）100m（1）1800 N s（3）3 900 N【解析】（1）已知 AB 段的初末速度，则利用运动学公式可以求解斜面的长度，即 2202vvaL 可解得:2201002vvLma （1）根据动量定理可知合外力的冲量等于动量的该变量所以 01800BImvN s （3）小球在最低点的受力如图所示 由牛顿第二定律可得：2CvNmgmR 从 B 运动到 C 由动能定理可知：221122CBmg

13、hmvmv 解得;3900NN 故本题答案是：（1）100Lm （1）1800IN s （3）3900NN 点睛：本题考查了动能定理和圆周运动，会利用动能定理求解最低点的速度，并利用牛顿第二定律求解最低点受到的支持力大小 14、(1)0 10H TT；(2)0100100p SMgTTHK TTT【解析】(1)周围环境温度缓慢上升过程为等压过程 001H SH STT 解得活塞到缸底的距离 0 10H THT (2)气体对外界做功为 00()()Wp SMgHH 根据题意有 10UKTKT 根据热力学第一定律有 UWQ 解得 1000)()()QK TTp SMgHH 代入H可得 010010

14、0p SMgTTHQK TTT 15、150【解析】设球半径为 R，球冠地面中心为 O，连接 OO，则 OOAB 令OAO=则：3322RO AcosOAR 即OAO=30 已知 MAAB，所以OAM=60 设图中 N 点为光线在球冠内地面上的反射点，光路图如图所示 设光线在 M 点的入射角为 i，折射角为 r，在 N 点的入射角为 i，反射角为 i，玻璃的折射率为 n 由于 OAM 为等边三角形，所以入射角 i=60 由折射定律得：sini=nsinr 代入数据得：r=30 作 N 点的法线 NE，由于 NEMA，所以 i=30 由反射定律得：i=30 连接 ON，由几何关系可知 MANMON，则MNO=60 由式可得ENO=30 所以ENO 为反射角，ON 为反射光线由于这一反射光线垂直球面，所以经球面再次折射后不改变方向所以，该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角为=180-ENO=150