2023届陕西省榆林市横山区横山中学高三第四次模拟考试物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某次空降演练中，跳伞运动员从飞机上跳下，10s 后打开降落伞，并始终保持竖直下落，在 014 s 内其下落速度随时间变化的 vt 图像如图所示，则（）A跳伞运动员在 010s 内下落的高度为 5v2 B跳伞运动员（含降落伞

2、）在 010s 内所受的阻力越来越大 C10s 时跳伞运动员的速度方向改变，加速度方向保持不变 D1014s 内，跳伞运动员（含降落伞）所受合力逐渐增大 2、滑索速降是一项具有挑战性、刺激性和娱乐性的现代化体育游乐项目。可跨越草地、湖泊、河流、峡谷，借助高度差从高处以较高的速度向下滑行，使游客在有惊无险的快乐中感受刺激和满足。下行滑车甲和乙正好可以简化为下图所示的状态，滑车甲的钢绳与索道恰好垂直，滑车乙的钢绳正好竖直。套在索道上的滑轮质量为 m，滑轮通过轻质钢绳吊着质量为 M 的乘客，则（）A滑轮 a、b 都只受三个力作用 B滑轮 b 不受摩擦力的作用 C甲一定做匀加速直线运动，乙做匀速直线运

3、动 D乙中钢绳对乘客的拉力小于乘客的总重力 3、如图所示，空间有一正三棱锥 P-ABC，D 点是 BC 边上的中点，O点是底面 ABC 的中心，现在顶点 P 点固定一正的点电荷，则下列说法正确的是（）AABC 三点的电场强度相同 B底面 ABC 为等势面 C将一正的试探电荷从 B 点沿直线 BC 经过 D 点移到 C 点，静电力对该试探电荷先做负功后做正功 D若 B、C、D 三点的电势为BCD、，则有BDDC=4、在一次观察光的衍射实验中，观察到如图所示的清晰的亮暗相间的图样，那么障碍物是下列给出的()A很小的不透明圆板 B很大的中间有大圆孔的不透明挡板 C很大的不透明圆板 D很大的中间有小圆

4、孔的不透明挡板 5、如图所示，aefc 和 befd 是垂直于纸面向里的匀强磁场 I、II 的边界，磁场 I、的磁感应强度分别为 B1、B2，且B2=2B1，一质量为 m、电荷量为 q 的带电粒子垂直边界 ae 从 P 点射入磁场 I，后经 f 点进入磁场 II，并最终从 fc 边界射出磁场区域不计粒子重力，该带电粒子在磁场中运动的总时间为（）A12mqB B132mqB C1mqB D134mqB 6、如图，固定的粗糙斜面体上，一质量为m的物块与一轻弹簧的一端连接，弹簧与斜面平行，物块静止，弹簧处于原长状态，自由端位于O点。现用力F拉弹簧，拉力逐渐增加，使物块沿斜面向上滑动，当自由端向上移动

5、L时。则（）A物块重力势能增加量一定为sinmgL B弹簧弹力与摩擦力对物块做功的代数和等于木块动能的增加量 C弹簧弹力、物块重力及摩擦力对物块做功的代数和等于物块机械能的增加量 D拉力F与摩擦力做功的代数和等于弹簧和物块的机械能增加量 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、一空间有垂直纸面向里的匀强磁场 B，两条电阻不计的平行光滑导轨竖直放置在磁场内，如图所示，磁感应强度 B0.5 T，导体棒 ab、cd 长度均为 0.2 m，电阻均为 0.1

6、，重力均为 0.1 N，现用力向上拉动导体棒 ab，使之匀速上升(导体棒 ab、cd 与导轨接触良好)，此时 cd 静止不动，则 ab 上升时，下列说法正确的是()Aab 受到的拉力大小为 2 N Bab 向上运动的速度为 2 m/s C在 2 s 内，拉力做功，有 0.4 J 的机械能转化为电能 D在 2 s 内，拉力做功为 0.6 J 8、下列说法正确的是 。A失重条件下充入金属液体的气体气泡不能无限地膨胀是因为液体表面张力的约束 B阳光下看到细小的尘埃飞扬，是固体颗粒在空气中做布朗运动 C由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度，可以估算出理想气体分子间的平均距离 D分子势能随着分子

7、间距离的增大，可能先减小后增大 E.热量一定由高温物体向低温物体传递 9、如图所示，固定在水平地面上的弹射装置可以向任意方向以同样大小的速度发射小球。当小球射出时速度与水平面成角时，小球刚好水平飞入固定在水平平台上竖直放置的光滑半圆形管道内。当小球运动到轨道最高点时，恰与管壁无相互作用。已知小球质量 m=0.5kg，初速度 v0=6m/s，半圆形管道半径 R=0.18m，g 取 10m/s2。则有（）A小球在最高点的速度为 0 B小球在轨道最低点时对轨道的压力大小为 30N C=60 D圆轨道最低点距地面高度 h=1.8m 10、对于热学的相关现象，下列说法正确的是（）A毛细现象可能表现为液体

8、在细管中上升，也可能表现为下降 B已知水的密度和水的摩尔质量，则可以计算出阿伏加德罗常数 C水蒸汽凝结成水珠的过程中，分子间斥力减小，引力增大 D与液体处于动态平衡的蒸汽叫作饱和汽 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）在学过伏安法测电阻后，某学习小组探究测量一种 2B 铅笔笔芯的电阻率（查阅相关资料知其电阻率的范围为772.0 10 3.0 10 m）(1)用螺旋测微器测量该铅笔笔芯的直径，如图甲所示，其读数为_mm (2)另有如下实验器材，请依据测量原理及器材情况，画出实验的电路图_ A毫米刻度尺；B量程为3V内阻约为

9、3k的电压表 C量程为0.6A、内阻约为0.1的电流表 D阻值为0 2的滑动变阻器 E.阻值为04.0R 的定值电阻 F.两节普通干电池 G.开关和导线若干 (3)某一次测量中，电压表示数如图乙所示，其读数为U _V(4)实验中要测量一些物理量，除上述铅笔笔芯直径d，电压表的示数U外，还需测量：电流表的示数I；_。该铅笔笔芯的电阻率为_（用上述所测物理量的字母符号表示）。12（12 分）某同学改装和校准电压表的电路如图所示，图中虚线框内是电压表的改装电路所用电池的电动势E为20V，内阻r为20（Er、均保持不变）。(1)已知表头 G 满偏电流为100A，表头上标记的内阻值为121350,R R

10、和3R是定值电阻，利用1R和表头构成量程为1mA的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用ab、两个接线柱，电压表的量程为3V；若使用ac、两个接线柱，电压表的量程为15V。则定值电阻的阻值为1R _，2,R_，3R _。(2)用量程为3V，内阻为2500的标准电压表V对改装表3V挡的不同刻度进行校准。滑动变阻器R有两种规格，最大阻值分别为50和5000。为了方便实验中调节电压，图中R应选用最大阻值为_的滑动变阻器。校准时，在闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应靠近端_（填“M”或“N”）。(3)在3V挡校对电路中，开关全部闭合，在保证电路安全前提下让滑片P从M端缓慢向N端滑动的过程中，

11、表头G的示数_，电源的输出功率_，电源的效率_（填变化情况）。(4)若表头G上标记的内阻值不准，表头G内阻的真实值小于1350，则改装后电压表的读数比标准电压表的读数_（填“偏大”或“编小”）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，质量为 mc=1mb的物块 c 静止在倾角均为=30的等腰斜面上 E 点，质量为 ma的物块 a 和质量为 mb的物块 b 通过一根不可伸长的匀质轻绳相连，细绳绕过斜面顶端的小滑轮并处于松驰状态，按住物块 a 使其静止在 D 点，让物块 b 从斜面顶端 C 由静

12、止下滑，刚下滑到 E 点时释放物块 a，细绳正好伸直且瞬间张紧绷断，之后 b与 c 立即发生完全弹性碰撞，碰后 a、b 都经过 t=1 s 同时到达斜面底端 已知 A、D 两点和 C、E 两点的距离均为 l1=0.9m，E、B 两点的距离为 l1=0.4m斜面上除 EB 段外其余都是光滑的，物块 b、c 与 EB 段间的动摩擦因数均为=33，空气阻力不计，滑轮处摩擦不计，细绳张紧时与斜面平行，取 g=10 m/s1求：（1）物块 b 由 C 点下滑到 E 点所用时间（1）物块 a 能到达离 A 点的最大高度（3）a、b 物块的质量之比abmm 14（16 分）如图所示。在 y0 存在垂直 xO

13、y 平面向外的匀强磁场，坐标原点 O 处有一粒子源，可向 x 轴和 x 轴上方的各个方向均匀地不断发射速度大小均为 v、质量为 m、带电荷量为q 的同种带电粒子。在 x 轴上距离原点 x0处垂直于 x 轴放置一个长度为 x0、厚度不计、能接收带电粒子的薄金属板 P（粒子一旦打在金属板 P 上，其速度立即变为0）。现观察到沿 x 轴负方向射出的粒子恰好打在薄金属板的上端，且速度方向与 y 轴平行。不计带电粒子的重力和粒子间相互作用力：(1)求磁感应强度 B 的大小；(2)求被薄金属板接收的粒子中运动的最长与最短时间的差值；(3)求打在薄金属板右侧面与左侧面的粒子数目之比。15（12 分）沿 x

14、轴正方向传播的简谐横波在 t1=0 时的波形如图所示，此时，波传播到 x2=2m 处的质点 B，而平衡位置为 x=0.5m 处的质点 A 正好位于波谷位置，再经 0.2s，质点 A 恰好第一次到达波峰。求：(1)该波的波速；(2)在 t2=0.9s 时，平衡位置为 x=5m 处的质点 C 的位移。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A假设空降兵在空中做匀加速运动，10s 时的速度刚好为 v2，则这段时间内的下落位移应为 2252vxvttv 但实际上由图可知，根据图线与横轴围成的面积表示位移

15、可得其下落位移必然大于 5v2。故 A 错误；B空降兵在空中受到重力和空气阻力的作用，而由图像可知，空降兵在 010s 内的加速度不断减小，由牛顿第二定律 mgfma 可知空降兵受到的空气阻力应当不断增大，故 B 正确；C10s 时空降兵的速度图像仍在 x 轴上方，速度方向并未改变，但空降兵的速度走向由增大变为减小，故而加速度方向改变。故 C 错误；D由图可知，1014 s 内，空降兵的速度逐渐减小，且减小的速率逐渐降低，表明空降兵的加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律可知其所受合力逐渐减小。故 D 错误。故选 B。2、C【解析】AB设索道的倾角为，甲图中，对乘客，根据牛顿第二定律得 sinMgM

16、a 解得 sinag 对滑轮和乘客组成的整体，设滑轮a受到的摩擦力大小为f，由牛顿第二定律得()()Mm gsinfMm a 解得 0f 故滑轮a只受重力和钢绳的拉力两个力作用；乙图中，对乘客分析知，乘客只受重力和钢绳的拉力两个力作用，这两个力必定平衡，若这两个力的合力不为零，且合力与速度不在同一直线上，乘客不能做直线运动，故该乘客做匀速直线运动，对滑轮和乘客组成的整体可知，滑轮b一定受到摩擦力，故 A、B 错误；C由上分析知，甲一定做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动，故 C 正确；D乙做匀速直线运动，乙中钢绳对乘客的拉力等于乘客的总重力，故 D 错误；故选 C。3、C【解析】ABA、B、C

17、三点到 P 点的距离相等，根据点电荷的场强公式2kQEr分析可知，A、B、C 三点的电场强度大小相等，但方向不同；A、B、C 的三个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面，但其它点到场源电荷的距离与 A、B、C 三点到场源电荷的距离不等，故底面 ABC 所在平面不是等势面，故 A、B 错误；C将一正的试探电荷从 B 点沿直线 BC 经过 D 点移到 C 点，电势先升高后降低，电势能先增大后减小，则静电力对该试探电荷先做负功后做正功，故 C 正确；D由于 B、C 的两个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面，即BC，则有BDCD，故 D 错误；4、D【解析】很大的中间有大圆孔的不透明挡板和很大的不透

18、明圆板不会发生衍射现象，很小的不透明圆板出现泊松亮斑【详解】A用光照射很小的不透明圆板时后面出现一亮点，即泊松亮斑，故 A 错误；B很大的中间有大圆孔的不透明挡板时后面是一亮洞，不会出现衍射现象，故 B 错误；C很大的不透明圆板时后面是一片阴影，不会出现衍射现象，故 C 错误；D用光照射很大的中间有小圆孔的不透明挡板时是明暗相间的衍射图样，即发生衍射现象，故 D 正确【点睛】该题考查单孔衍射的图样，要牢记单孔衍射和单缝衍射图样与障碍物或孔的尺寸是有关系的，不同的障碍物或孔出现的衍射图样是不一样的 5、B【解析】粒子在磁场中运动只受洛伦兹力作用，故粒子做圆周运动，洛伦兹力做向心力，故有 2vqv

19、BmR 则有 mvRqB 粒子垂直边界 ae 从 P 点射入磁场，后经 f 点进入磁场，故根据几何关系可得：粒子在磁场中做圆周运动的半径为磁场宽度 d；根据轨道半径表达式，由两磁场区域磁感应强度大小关系可得：粒子在磁场中做圆周运动的半径为磁场宽度2d，那么，根据几何关系可得：粒子从 P 到 f 转过的中心角为90，粒子在 f 点沿 fd 方向进入磁场；然后粒子在磁场中转过180，在 e 点沿 ea 方向进入磁场；最后，粒子在磁场中转过90后从 fc 边界射出磁场区域；故粒子在两个磁场区域分别转过180，根据周期22rmTvqB可得：该带电粒子在磁场中运动的总时间为 121113222mtTTq

20、B 故选 B。6、D【解析】A自由端向上移动 L 时，物块发生的位移要小于 L，所以物块重力势能增加量一定小于 mgLsin，故 A 错误；B物块受重力、弹簧的拉力、斜面的支持力和摩擦力，支持力不做功，根据动能定理知：重力、弹簧的拉力、斜面的摩擦力对物块做功的代数和等于物块动能的增加量，故 B 错误；C物块的重力做功不改变物块的机械能，根据机械能守恒定律得：弹簧弹力、摩擦力对物块做功的代数和等于物块机械能的增加量，故 C 错误；D对弹簧和物块组成的系统，根据机械能守恒定律得：拉力 F 与摩擦力做功的代数和等于弹簧和物块的机械能增加量，故 D 正确。故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每

21、小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BC【解析】A.导体棒ab匀速上升，受力平衡，cd棒静止，受力也平衡，对于两棒组成的整体，合外力为零，根据平衡条件可得ab棒受到的推力：20.2NFmg 故 A 错误；B.对cd棒，受到向下的重力mg和向上的安培力F安，由平衡条件得：F安BILmg 2BLvIR 联立解得：222222 0.1 0.1m/s2m/s0.50.2mgRvB L 故 B 正确；C.在 2s 内，电路产生的电能：2220.5 0.2 22J0.4(J222 0).)(

22、1EBLvQttRR 则在 2s 内，拉力做功，有0.4J的机械能转化为电能，故 C 正确；D.在 2s 内拉力做的功为：0.2 2 2J0.8JWFvt 故 D 错误。8、ACD【解析】A失重条件下液态金属呈球状是由于液体表面分子间存在表面张力的结果，故金属液体的气体气泡不能无限地膨胀，A 正确；B阳光下看到细小的尘埃飞扬，是固体颗粒随空气流动而形成的，并不是布朗运动，B 错误；C由气体的摩尔质量和气体的密度之比可求出气体的摩尔体积，摩尔体积与阿伏加德罗常数之比等于每个气体分子占据的空间大小，由此可以估算出理想气体分子间的平均距离，C 正确；D由于分子之间的距离比较大时，分子之间的作用力为引

23、力，而分子之间的距离比较小时，分子之间的作用力为斥力，所以分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大，D 正确；E热量可以在一定的条件下从低温物体传递到高温物体，E 错误。故选 ACD。9、BC【解析】A小球在最高点恰与管壁无相互作用力，根据牛顿第二定律 21vmgmR 解得 13 5m/s5vgR A 错误；B小球从圆轨道最低点至最高点由机械能守恒有 222111222mgRmvmv 解得 23m/sv 在最低点有 22NvFmgmR 解得 N30NF 根据牛顿第三定律可知小球在轨道最低点时对轨道的压力大小为 30N，B 正确；C平抛运动水平方向上做匀速直线运动，分解速度 02cosvv

24、 解得 1cos2 解得 60 C 正确；D在竖直方向上做竖直上抛运动，逆过程为自由落体运动，根据运动学公式 20(sin)2vhg 解得 1.35mh D 错误。故选 BC。10、AD【解析】A毛细现象表现为浸润细管的液体在细管中上升、不浸润细管的液体在细管中下降，毛细现象可能表现为液体在细管中上升，也可能表现为下降，故 A 正确；B阿伏加德罗常数是 1mol 任何质量所含有的微粒数目阿伏加德罗常数等于摩尔质量与分子质量之比，已知水的密度和水的摩尔质量无法确定分子质量，故无法确定阿伏加德罗常数，故 B 错误；C空气中的水蒸气凝结成水珠的过程中，水分子之间的距离减小，斥力和引力均增大，故 C

25、错误；D与液体处于动态平衡的蒸汽叫作饱和汽，故 D 正确。故选 AD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.400 1.90 铅笔笔芯长度L 204dURLI 【解析】(1)1螺旋测微器的固定刻度示数为0mm，旋转刻度示数为40.00.01mm0.400mm，则测量值为0.400mm(2)2由题意知铅笔笔芯电阻率的范围为772.0 10 3.0 10m，由上述测量知铅笔笔芯直径为0.400mm,依据常识知铅笔的长度约有20cm，由电阻定律得铅笔笔芯电阻为xLRS，又有铅笔笔芯截芯截面积22dS，代入上述数据得铅笔笔芯电阻 24

26、0.4xLRd（取72.5 10m）用电压表、电流表直接测量铅笔笔芯两端的电压及其中电流，两电表读数不匹配。需要把定值电阻与铅笔笔芯串联为整体0 xRR，测量其电压及电流，则两电表匹配。比较整体0 xRR与电流表及电压表内阻，有 0VA04.4300044,6820.14.4xxRRRRRR 则电流表外接法测量误差小，滑动变阻器为0 2，应用限流接法便可实现三次有效测量，则其测量电路如图所示 (3)3电压表量程为0 3V，其最小有效刻度为0.1V，经估读后测量值为1.90V(4)45由以上各式得电阻率 204dURLI 除测量铅笔笔芯直径d、两端电压U、电流I以外，还需用刻度尺测量铅笔笔芯长度

27、L。12、150 2865 1200 50 M 增大 增大 减小 偏大 【解析】(1)1电阻1R与表头 G 并联，改装成量程为1mA的电流表，表头满偏电流为100A，此时通过电阻1R的电流为900A，由并联分流规律可知 1900100gRR 得 1150R 改装后电流表内阻 AgAAg135R RRRR 2将其与2R串联改装为3V的电压表由欧姆定律可知，3V量程电压表的内阻 A2333k1 10RR 解得 22865R 3再串联3R改装为15V量程电压表，3R所分电压为12V，所以 331212k1 10R (2)4在校准电路中，滑动变阻器采用分压式接法，故选用最大阻值较小的滑动变阻器，即选用

28、最大阻值为50的滑动变阻器；5电源电动势20VE 远大于电压表量程，所以闭合开关前应使滑片靠近M端，使电压表在接通电路时两端电压由较小值开始增大(3)6滑片由M向N滑动过程中，电压表两端电压逐渐增大，通过表头的电流增大，即示数增大 7随滑片由M向N滑动，外电路的总电阻始终大于电源内阻且逐渐减小，所以电源的输出功率增大；8由 ErUErR总 可知，路端电压随外电路总电阻减小而减小，电源效率100%UE，所以电源的效率减小(4)9电压表两端电压一定，若内阻值偏小，则通过表头G的电流偏大，从而造成读数偏大的后果。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要

29、的文字说明、方程式和演算步骤。13、（）0.6；（）0.578；（）15/16【解析】本题考查物体沿斜面的运动，以及碰撞；需运用牛顿运动定律、运动学公式、动量及能量守恒、动量定理等知识（1）物块 b 在斜面上光滑段 CE 运动的加速度为21sin5/agm s 由 211 112la t解得：11122 0.90.65ltsa（1）取沿 AC 方向为正方向，由211112lv ta t，1ts解得 11.6mvs a 沿斜面上滑距离有2112.560.256()22 5vsma 所以物块 a 能到达离 A 点的最大高度1()sin0.578hlsm（3）设绳断时物块 b 的速度为2v，b 与

30、c 相碰后 b 的速度为2v，c 的速度为cv，则 22222221112222bbccbbcccbm vm vm vm vm vm vmm 联立解得 2213vv 232cvv 因cv的方向沿斜面向下，故2v的方向沿斜面向下，2v的方向沿斜面向上 在 EB 段上的加速度为2133sincos10()0232agg，物块 b 在 EB 段上作匀速运动 和 c 相碰后 b 先向上滑再下滑到 E 点时的速度仍为2v，则222(2)vttl 221vta 代入数据，得2222520vv 解得2v的大小为 20.5/2/vm sm s和 物块 b 刚下滑到 E 点时的速度为01 122 5 0.93(

31、)mvals 若取22/vm s，则2v的大小为206/3/vm svm s，与事实不符，所以舍去 取20.5/vm s，则21.5/vm s，方向沿斜面向下 设细绳对物块 a 和 b 的冲量大小为 I，由1aIm v 20()bIm vv 解得 0213 1.5151.616abmvvmv 点睛：绳绷紧瞬间，对两端物体的冲量大小相等 14、(1)0mvqx；(2)043xv；(3)12【解析】（1）由左手定则可以判断带电粒子在磁场中沿顺时针方向做匀速圆周运动，沿x-方向射出的粒子恰好打在金属板的上方，如图 a 所示：则：0Rx 2qvBmRv 联立得：0mvBqx（2）粒子做匀速圆周运动的周

32、期为 T，根据圆周运动公式可知：022 RTvvx 图 b 为带电粒子打在金属板左侧面的两个临界点，由图可知，圆心 O 与坐标原点和薄金属板下端构成正三角形，带电粒子速度方向和 x 轴正方向成30角，由图 b 可知到达薄金属板左侧下端的粒子用时最短，即：063Ttvx 图 c为打在右侧下端的临界点，圆心与坐标原点和薄金属板下端构成正三角形，带电粒子速度方向和 x轴正方向成150角，由图 a、c 可知到达金属板右侧下端的粒子用时最长，即：05563Tvxt 则被板接收的粒子中最长和最短时间之差为：043tvx=（3）由图 a 和图 c 可知打在右侧面的粒子发射角为30，打在左侧面的粒子发射角为60，所以打在薄金属板右侧面与左侧面的粒子数目之比为：0102301602tt 15、(1)5m/s；(2)2cm【解析】(1)质点A第一次到达波峰，时间间隔 10.2s2tT 即 0.4sT 由vT可知波速 5m/sv (2)由xvt可知 波传到C点的时间0.6st，此时C沿y轴正方向运动，再经过0.3s，C点到达波谷，即2cmy