2022-2023学年甘肃省武威一中高三最后一卷物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、二氧化锡传感器的电阻随着一氧化碳的浓度增大而减小，将其接入如图所示的电路中，可以测量汽车尾气一氧化碳的浓度是否超标。当一氧化碳浓度增大时，电压表 V 和电流表 A 示数的变化情况可能为 AV 示数变小，A 示数变大 BV

2、示数变大，A 示数变小 CV 示数变小，A 示数变小 DV 示数变大，A 示数变大 2、如图甲所示，开口向上的导热气缸静置于水平桌面，质量为 m 的活塞封闭一定质量气体，若在活塞上加上质量为m 的砝码，稳定后气体体积减小了 V1，如图乙；继续在活塞上再加上质量为 m 的砝码，稳定后气体体积又减小了 V2，如图丙不计摩擦，环境温度不变，则（）A V1 V2 B V1=V2 C V1 V2 D无法比较 V1与 V2大小关系 3、一理想自耦变压器如图所示，环形铁芯上只绕有一个线圈，将其接在 a、b 间作为原线圈，通过滑动触头取该线圈的一部分，接在 c、d 间作为副线圈，副线圈两端连有一电阻 R在 a

3、、b 间输入电压为 Ul的交变电压时，c、d 间的电压为 U2，在将滑动触头从图中 M 点逆时针旋转到 N 点的过程中 AU2有可能大于 Ul BU1、U2均增大 CUl不变、U2增大 Da、b 间输入功率不变 4、关于牛顿第一定律和惯性有下列说法，其中正确的是（）A由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止状态或匀速直线运动状态 B行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性 C牛顿第一定律只是反映惯性大小的，因此也叫惯性定律 D运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动 5、如图所示，两平行导轨、竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒放在导轨上使其水

4、平且始终与导轨保持良好接触，现在金属棒中通以变化的电流，同时释放金属棒使其运动已知电流 随时间 变化的关系式为（为常数，），金属棒与导轨间的动摩擦因数一定以竖直向下为正方向，则下面关于棒的速度、加速度 随时间 变化的关系图象中，可能正确的有 A B C D 6、在人类对微观世界进行探索的过程中，许多科学家作岀了不可磨灭的贡献，卢瑟福就是杰出代表之一。关于卢瑟福在物理学上的成就，下列说法正确的是（）A粒子散射实验的重要发现是电荷的量子化，并且发现了中子 B卢瑟福用粒子轰击氮核发现了质子，核反应方程为4141712781HeNOH C卢瑟福根据粒子散射实验的结果，提出了原子核的结构模型 D卢瑟福根

5、据粒子散射实验的结果，发现原子核由质子和中子组成 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是（）A非晶体和晶体的物理性质都是各向同性 B自然界中一切涉及热现象的宏观过程都具有方向性 C布朗运动是由悬浮在液体中的小颗粒之间的相互碰撞引起的 D水的饱和汽压与水面的大气压强无关，只与水的温度有关 E.慢慢向小酒杯中注水，即使水面稍高出杯口，水仍不会流下来，是因为液体表面存在张力 8、如图所示电路中，变压器为理想变压器

6、，a、b 接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R 为滑动变阻器.现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表 A1的示数减小了 0.2A，电流表 A2的示数减小了0.8A，所有电表均为理想电表，则下列说法正确的是（）A电压表 V1示数减小 B电压表 V2、V3示数均减小 C该变压器起降压作用 D变阻器滑片是沿 dc 的方向滑动 9、按照十八大“五位一体”的总体布局，全国各省市启动“263”专项行动，打响碧水蓝天保卫战，暗访组在某化工厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，测量管由绝缘材料制成，水平放置，其长为 L、直径为 D，左右两端开口，匀强磁场方向竖直向上，在前后两个

7、内侧面 a、c 固定有金属板作为电极，污水充满管口从左向右流经测量管时，a、c两端电压为 U，显示仪器显示污水流量为 Q（单位时间内排出的污水体积）。则下列说法不正确的是（）Aa 侧电势比 c 侧电势低 B若污水中正离子较多，则 a 侧电势比 c 侧电势高；若污水中负离子较多，则 a 侧电势比 e 侧电势低 C污水中离子浓度越高，显示仪器的示数将越大 D污水流量 Q 与 U 成正比，与 L 无关 10、用一束波长为 的绿光照射某极限波长为 o的金属，能产生光电效应，下列说法正确的是（）A该金属逸出功为 W=ho B把这束绿光遮住一半，则逸出的光电流强度减小 C若改用一束红光照射，则不可能产生光

8、电效应 D要使光电流为 0，光电管两级至少需要加大小为11()hceo的电压 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）小华同学欲测量小物块与斜面间的动摩擦因数，其实验装置如图 1 所示，光电门 1、2 可沿斜面移动，物块上固定有宽度为 d 的挡光窄片。物块在斜面上滑动时，光电门可以显示出挡光片的挡光时间。（以下计算的 结果均请保留两位有效数字）(1)用游标卡尺测量挡光片的宽度，其示数如图 2 所示，则挡光片的宽度 d=_ mm。(2)在 P 处用力推动物块，物块沿斜面下滑，依次经过光电门 1、2，显示的时间分别为 40ms、

9、20ms，则物块 经过光电门 1 处时的速度大小为_m/s，经过光电门 2 处时的速度大小为_m/s。比较物块经过光电门1、2 处的速度大小可知，应_（选填“增大”或“减小”）斜面的倾角，直至两光电门的示数相等；(3)正确调整斜面的倾角后，用刻度尺测得斜面顶端与底端的高度差 h=60.00cm、斜面的长度 L=100.00cm，g 取 9.80m/s2，则物块与斜面间的动摩擦因数的值（_）。12（12 分）测量木块和木板间动摩擦因数的装置如图(a)。水平固定的长木板一端有定滑轮，另一端有打点计时器。细线绕过定滑轮将木块和钩码相连，木块靠近打点计时器，纸带穿过打点计时器后固定在木块上。接通打点计

10、时器，放开木块，钩码触地后不再弹起，木块继续向前运动一段距离后停在木板上。某次纸带的数据如图(b)，打点计时器所用电源的频率为 50Hz，每相邻两点间还有 1 个点未画出，数值单位为 cm。由图(b)数据可知，钩码触地后木块继续运动的加速度大小为_m/s2；若取 g10m/s2，则木块与木板间的动摩擦因数为_；某小组实验数据处理完成后，发现操作中滑轮的高度变化造成细线与木板的上表面不平行，如图(c)，这样他们测得的动摩擦因数与实际值相比_（填“偏大”、“偏小”或“不变”）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13

11、（10 分）如图所示，用同种材料制成的倾角 的斜面和水平轨道固定不动小物块与轨道间动摩擦因数，从斜面上 A 点静止开始下滑，不考虑在斜面和水平面交界处的能量损失(1)若已知小物块至停止滑行的总路程为 s，求小物块运动过程中的最大速度 vm(2)若已知=0.1 小物块在斜面上运动时间为 1s，在水平面上接着运动 0.2s 后速度为 vt，这一过程平均速率1312m/s求vt的值（本小题中 g=10m/s2）14（16 分）如图所示，实线和虚线分别是沿 x 轴传播的一列简谐横波在 t0 和 t0.06s 时刻的波形图已知在 t0时刻，x1.5m 处的质点向 y 轴正方向运动 (1)判断该波的传播方

12、向；(2)求该波的最小频率；(3)若 3Tt4T，求该波的波速 15（12 分）如图所示，两平行长直金属导轨(不计电阻)水平放置，间距为 L，有两根长度均为 L、电阻均为 R、质量均为 m 的导体棒 AB、CD 平放在金属导轨上。其中棒 CD 通过绝缘细绳、定滑轮与质量也为 m 的重物相连，重物放在水平地面上，开始时细绳伸直但无弹力，棒 CD 与导轨间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，忽略其他摩擦和其他阻力，导轨间有一方向竖直向下的匀强磁场1B，磁场区域的边界满足曲线方程：sin(0yLxxLL，单位为)m。CD 棒处在竖直向上的匀强磁场2B中。现从0t 时刻开始，使棒 AB 在外力

13、 F的作用下以速度 v 从与 y 轴重合处开始沿 x 轴正方向做匀速直线运动,在运动过程中 CD 棒始终处于静止状态。（1）求棒 AB 在运动过程中，外力 F 的最大功率；（2）求棒 AB 通过磁场区域1B的过程中，棒 CD 上产生的焦耳热；（3）若棒 AB 在匀强磁场1B中运动时，重物始终未离开地面,且满足：2124B B L vmgR，求重物所受支持力大小随时间变化的表达式。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】当一氧化碳浓度增大时，二氧化锡传感器的电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，电路中电

14、流变大，则 A 示数变大；由欧姆定律知 R 的电压变大，则电压表 V 变大；AC综上分析，电压表示数变大，AC 错误；BD综上分析，电流表示数变小，B 错误 D 正确。故选 D。2、C【解析】设大气压强为0p，起初活塞处于平衡状态，所以：0p SMgpS 解得该气体的压强为：0mgppS 则甲状态气体的压强为：10mgppS 乙状态时气体的压强为：202mgppS 丙状态时气体的压强为：303mgppS 由玻意耳定律得：1 12233pVp Vp V 得：02102p SmgVVp Smg，03203p SmgVVp Smg 所以112102mgVVVVp Smg 1213110223mgVV

15、VVVVp Smg 所以：12VV 故本题选 C【点睛】对活塞进行受力分析，由平衡条件分别求出几种情况下的气体压强；由玻意耳定律可以求出气体体积，然后比较体积的变化即可 3、C【解析】A、根据变压器的电压关系有1122UnUn，由于 n2n1，所以 U2U1，故 A 错误B、C、当滑动触头 M 顺时针转动时，即 n2减小时，输入电压 U1 由发电机决定不变，电压2211nUUn应该减小即降低，B 错误、C 正确D、因负载不变，故输出功率减小，则变压器的输入功率变小，D 错误故选 A【点睛】自耦变压器的原理和普通的理想变压器的原理是相同的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据基本的规律分析即

16、可 4、D【解析】A根据牛顿第一定律知，物体只有在不受外力，或者所受合外力为零时，才能处于静止或匀速直线运动状态，A 错误；B行星在圆周轨道上保持匀速率运动是由于受到改变运动状态的万有引力作用，其运动状态是不断变化的，则 B 项错误；C牛顿第一定律反映物体具有惯性这种性质，并不能反映物体惯性的大小，C 错误；D运动物体如果没有受到力的作用，将保持原来的速度做匀速直线运动，D 项中说法符合牛顿第一定律，D 正确；故选 D。5、B【解析】以竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得，金属棒的加速度，f=N=FA=BIL=BLkt，联立解得加速度a=g，与时间成线性关系，且 t=0 时，a=g，故 CD

17、错误。因为开始加速度方向向下，与速度方向相同，做加速运动，加速度逐渐减小，即做加速度逐渐减小的加速运动，然后加速度方向向上，加速度逐渐增大，做加速度逐渐增大的减速运动。故 A 错误，B 正确。故选 B。【点睛】解决本题的关键会根据合力确定加速度的变化，结合加速度方向与速度方向判断物体做加速运动还是减速运动，知道速度时间图线的切线斜率表示加速度 6、B【解析】AC卢瑟福根据粒子散射实验的结果，提出了原子的核式结构模型，中子是查德威克发现的，故 AC 错误；B卢瑟福用粒子轰击氮核，发现了质子，核反应方程为4141712781HeNOH，故 B 正确；D粒子散射实验不能说明原子核内存在中子和质子，故

18、 D 错误。故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BDE【解析】A根据晶体的性质可知，单晶体的在某些物理性质上具有各向异性的，而多晶体和非晶体是各向同性的，A 错误；B热量可以自发地从较热的物体传递到较冷的物体，但不可能自发地从较冷的物体传递到较热的物，即涉及热现象的宏观过程都具有方向性，B 正确；C布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒受到液体分子无规则碰撞引起的，C 错误；D水的饱和汽压与水面的大气压强无关，只与水的温度有关，随温度降低

19、而减小，D 正确；E由于液体表面存在张力，液体表面像一张橡皮膜，即使水面稍高出杯口，水仍不会流下来，E 正确。故选 BDE。8、CD【解析】ABD根据变压器原理，输入电压 U1和输出电压 U2保持不变，而 A2示数减小，说明负载电路电阻变大，所以滑动变阻器 R 变大了，即变阻器滑片是沿dc的方向滑动的，故 AB 错误，D 正确；C原、副线圈中电流和匝数成反比，即 1 122n In I 电流变化时，则有 1122nInI 可求得 12:4:1nn 故变压器应为降压变压器，故 C 正确。故选 CD。9、BC【解析】AB污水中正、负离子向右移动，受到洛伦兹力，根据左手定则，正离子向前表面 c 偏，

20、负离子向后表面 a 偏，所以a 侧电势比 c 侧低，与污水中正、负离子的数量无关，故 A 正确，不符合题意；B 错误，符合题意；C稳定后，离子受到洛伦兹力和电场力作用，受力平衡，有 UqqvBD 解得 UvDB 流量为 2()42DUDQvB 分析可知，显示仪器的示数 Q 与离子的浓度无关，故 C 错误，符合题意；D同理可知 Q 与 U 成正比，与 L 无关，故 D 正确，不符合题意。故选 BC。10、BD【解析】该金属逸出功为：000cWhvh，故 A 错误；光的强度增大，则单位时间内逸出的光电子数目增多，遮住一半，光电子数减小，逸出的光电流强度减小，但仍发生光电效应，光电子最大初动能将不变

21、，故 C 错误，B 正确；光电效应方程为：0KhvWE，光速为：cv，根据动能定理可得光电流为零时有：CKeUE，联立解得：011ChcUe，故 D 正确所以 BD 正确，AC 错误 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.2 0.13 0.26 减小 0.75 【解析】(1)1挡光片的宽度为0.5cm2 0.1mm5mm2 0.1mm5.2mmd ；(2)23d=5.2mm=5.210-3m，t1=40ms=4010-3s，t2=20ms=2010-3s，用平均速度来求解瞬时速度：31315.2 10m/s0.13m/s40

22、10dvt 32325.2 10m/s0.26m/s20 10dvt 4由于 v2mgcos 故应减小斜面的倾角，直到 mgsin=mgcos 此时物块匀速运动，两光电门的示数相等(3)5h=60.00cm=0.6m，L=100.00cm=1m，物块匀速运动时 mgsin=mgcos 即 tan=又 22tanhLh 解得=0.75 12、3 0.3 不变 【解析】1钩码触地后木块做减速运动，计算其加速度大小应该用纸带的后一段，即 51 点之间的部分 2222(4.494.01)(3.053.53)10 m/s3m/s(2 0.022)a；2钩码触地后，木块只在滑动摩擦力作用下做匀减速运动，有

23、 f=ma f=mg 木块与木板间的动摩擦因数=0.3；3由于钩码触地后细线不再提供拉力，减速运动的加速度与之前的加速运动情况无关，所以不影响测量结果，测得的动摩擦因数与实际值相比不变。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2(sincos)sincosgs（2）1m/s【解析】(1)对物体在斜面上时，受力分析，由牛顿第二定律得 a1=sincosmgmgm=gsincos 在水平面有：a2=mgm=g 物体的最大速度：vm=a1t1=a2t2 整个过程物体的位移：s=m2vt1+m2vt2 解得：vm

24、=2(sincos)sincosgs (2)已知=0.1，解得：a2=mgm=g=0.110 m/s2=1m/s2 最大速度：vm=vt+a2t2=vt+10.2=vt+1 由匀变速直线运动的速度位移公式得：s2=22222122 5ttmtvvvva=2110tv 由位移公式得：s1=m2vt1=12tv1=12tv 而：1212()ssv tt 已知：t1=1s，t2=0.2s，v=1312m/s，解得：vt=1m/s 14、(1)向右传播(2)12.5Hz(3)75m/s【解析】（1）在 t0 时刻，x1.5m 处的质点向 y 轴正方向运动，则该波向右传播；（2）由波形图可知：30.06

25、s4nTT解得0.24s43Tn（n=0、1、2、3）当 n=0 时可求解最大周期0.08smT，则最小频率；fn1mT12.5Hz（3）若 3Tt4T，则由上述表达式可知 n=3，即 0.06s(334)T，解得：T0.2415s；由图中读出波长为=1.2m，则波速 vT1.20.2415m/s75m/s.15、（1）22212B L vR（2）2318B L vR（3）当 0t6Lv时，FN=mg 当6Lvt56Lv时，FN=(1+)mg-2122B B L vRsinxL 当56LvtLv时，FN=mg【解析】（1）当棒 AB 运动到2Lx 处时，棒 AB 的有效切割长度最长，安培力最大

26、，则外力 F 最大，功率也最大，此时：F=B1IL=2211122B LvB L vBLRR，Pm=Fv 解得：Pm=22212B L vR；(2)棒 AB 在匀强磁场区域 B1的运动过程中，产生的感应电动势为：E=B1LvsinLx 则感应电动势的有效值为：E有效=12B Lv，I有效=12 2B LvR t=Lv 可以得到：Q=2I有效Rt=2318B L vR；(3)当 CD 棒所受安培力 F安=mg 时，设棒 AB 所在位置横坐标为 x0，对棒 CD 受力分析可得：122B B LyvR=mg y=LsinLx0 解得：x0=6L，x1=56L 则：t1=06xLvv，t2=156xLvv 当 0t6Lv时，则：FN=mg 当6Lvt56Lv时，则：FN=mg+mg-122B B LyvR 即：FN=(1+)mg-2122B B L vRsinxL 当56LvtLv时，则：FN=mg。