2022-2023学年河南省安阳市滑县第二高级中学高三适应性调研考试物理试题含解析.pdf

《2022-2023学年河南省安阳市滑县第二高级中学高三适应性调研考试物理试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年河南省安阳市滑县第二高级中学高三适应性调研考试物理试题含解析.pdf（14页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回 2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用 05 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置 3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符 4作答选择题，必须用 2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用 05 毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效 5如需作图，须用 2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小

2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在“用单摆测定重力加速度”的实验中，实验时用拉力传感器测得摆线的拉力大小 F 随时间 t 变化的图象如图所示，则该单摆的周期为（）At B2t C3t D4t 2、一束单色光由空气进入水中，则该光在空气和水中传播时 A速度相同，波长相同 B速度不同，波长相同 C速度相同，频率相同 D速度不同，频率相同 3、如图甲所示，在某电场中建立 x 坐标轴，A、B 为 x 轴上的两点，xA、xB分别为 A、B 两点在 x 轴上的坐标值。一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，该电子的动能Ek随其坐标x变化的关系如图乙所示。则下列说法中正确的是（）AA 点的电场强

3、度小于 B 点的电场强度 BA 点的电场强度等于 B 点的电场强度 CA 点的电势高于 B 点的电势 D电子由 A 点运动到 B 点的过程中电势能的改变量pkkBAEEE 4、一根轻质弹簧原长为 l0，在力 F 作用下伸长了 x。则弹簧的劲度系数 k 是（）A0Fl BFx C0Fxl D0+Fx l 5、如图所示，用天平测量匀强磁场的磁感应强度，下列各选项所示的载流线圈匝数相同，边长 MN 相等，将它们分别挂在天平的右臂下方，线圈中通有大小相同的电流，天平处于平衡状态，若磁场发生微小变化，天平最容易失去平衡的是（）A B C D 6、关于“亚洲一号”地球同步通讯卫星，下列说法中正确的是()A

4、它的运行速度为 7.9km/s B已知它的质量为 1.42t，若将它的质量增为 2.84t，其同步轨道半径变为原来的 2 倍 C它可以绕过北京的正上方，所以我国能够利用它进行电视转播 D它距地面的高度约是地球半径的 5 倍，所以它的向心加速度约是地面处的重力加速度的136 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，x 轴与水平传送带重合，坐标原点 O 在传动带的左端，传送带右端 A 点坐标为 XA=8m，匀速运动的速度 V0=5m/s，一质

5、量 m=1kg 的小物块，轻轻放在传送带上 OA 的中点位置，小物块随传动带运动到 A 点后，冲上光滑斜面且刚好能够到达 N 点处无机械能损失，小物块与传送带间的动摩擦因数=0.5，斜面上 M 点为 AN 的中点，重力加速度 g=10m/s2。则下列说法正确的是（）AN 点纵坐标为 yN=1.25m B小物块第一次冲上斜面前，在传送带上运动产生的热量为 12.5J C小物块第二次冲上斜面，刚好能够到达 M 点 D在 x=2m 位置释放小物块，小物块可以滑动到 N 点上方 8、2019 年 3 月 10 日 0 时 28 分，“长征三号”乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火起飞，成功将“中星 6C”

6、卫星送入太空“中星6C”是一颗用于广播和通信的地球静止轨道通信卫星，可提供高质量的话音、数据、广播电视传输业务，服务寿命 15 年已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，地球自转周期为 T，关于该卫星的发射和运行，下列说法正确的是 A该卫星发射升空过程中，可能处于超重状态 B该卫星可能处于北京上空 C该卫星绕地球运行的线速度可能大于第一宇宙速度 D该卫星运行轨道距离地面的高度为2232g4R TR 9、两波源分别位于 x=0 和 x=20cm 处，从 t=0 时刻起两波源开始振动，形成沿 x 轴相向传播的简谐横波和，如图所示，为 t=0.04s 时刻两列波的图像已知两波的振幅分别为12Ac

7、m，23Acm，质点 P 的平衡位置在 x=1cm 处，质点 Q 的平衡位置在 x=18cm 处下列说法中正确的是_ A两列波的波源起振方向相同 B和两列波的波长之比为 1：2 Ct=0.05s 时，质点 P 向下振动，质点 Q 的坐标为（18cm，-3cm）D和两列波将在 t=0.1s 时相遇，之后叠加形成稳定的干涉图样 E.t=0.12s 时，x=10cm 处的质点位移为零但振动加强 10、2019 年 9 月 12 日，我国在太原卫星发射中心“一箭三星”发射成功。现假设三颗星 a、b、c 均在在赤道平面上绕地球匀速圆周运动，其中 a、b 转动方向与地球自转方向相同，c 转动方向与地球自转

8、方向相反，a、b、c 三颗星的周期分别为 Ta=6h、Tb=24h、Tc=12h，下列说法正确的是（）Aa、b 每经过 6h 相遇一次 Ba、b 每经过 8h 相遇一次 Cb、c 每经过 8h 相遇一次 Db、c 每经过 6h 相遇一次 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学要将一满偏电流为 3mA 的毫安表 G 改装为量程为 30mA 的电流表。他先测量出毫安表 G 的电阻，然后对表进行改装，最后再利用一标准毫安表，对改装后的电流表进行检测 具体实验步骤如下：按电路原理图 a 连接线路 将 R1的阻值调到最大，闭合

9、开关 S1后调节 R1的阻值，使毫安表 G 的指针偏转到满刻度 闭合 S2，保持 R1不变，调节 R2的阻值，使毫安表 G 的指针偏转到满刻度的三分之一的位置 记下 R2的阻值 回答下列问题：（1）如果按正确操作步骤测得 R2的阻值为 90，则毫安表 G 内阻的测量值 Rg=_，与毫安表内阻的真实值gR相比，Rg_gR（填“”、“”或“”）（2）若忽略实验的误差，将上述毫安表 G 改装成量程为 30mA 的电流表，则需要并联一个阻值 R=_ 的电阻（3）根据图 b 所示电路对改装后的电表进行检测，当标准毫安表的示数为 16.0mA 时，改装表的指针位置如图 c 所示，由此可以推测出改装的电表量

10、程不是预期值，改装电流表的量程是_mA（4）要达到预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量，只需要将阻值为 R 的电阻换为一个阻值为 kR的电阻即可，其中 k=_ 12（12 分）某实验兴趣小组用如图甲所示实验装置来验证机械能守恒定律并求出当地重力加速度。倾斜气垫导轨倾角为 30，导轨上端与水平桌面相接并安装有速度传感器可以直接测出小物块经过上端时的速度，气垫导轨和水平桌面上均有刻度值可读出长度。导轨下端有一固定挡板，轻质弹簧下端与挡板相连，测出不放小物块时弹簧上端与传感器之间的长度为 L。气垫导轨开始工作后把质量为 m 的小物块轻放在弹簧上端，用外力向下缓慢推动小物块到不同位置后撤

11、去外力，小物块从静止开始向上运动，经过一段时间后落在水平桌面上。（1）通过实验，该小组测出了多组不同的速度 v 和对应的落点到导轨上的长度 x，画出了如图乙所示的2vx图象，已知该图象为一过原点的直线、直线斜率为 k，则通过该象可求出当地重力加速度 g 的值为_，考虑到空气阻力，该小组测出的值_（填“偏大”“偏小”或“不变”）。（2）通过事先对轻弹簧的测定，、研究得出弹簧的弹性势能pE与压缩量x的关系为22pmgExL。若每次释放小物块时弹簧的压缩量均为 L 的 n 倍，为了验证小物块和轻弹簧系统的机械能守恒，该小组需要验证的表达式为_（用 x、n、L 表示）。四、计算题：本题共 2 小题，共

12、 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，ABC 等边三棱镜，P、Q 分别为 AB 边、AC 边的中点，BC 面镀有一层银，构成一个反射面，一单色光以垂直于 BC 面的方向从 P 点射入，经折射、反射，刚好照射在 AC 边的中点 Q，求 棱镜对光的折射率；使入射光线绕 P 点在纸面内沿顺时针转动，当光线再次照射到 Q 点时，入射光线转过的角度 14（16 分）如图所示，竖直面内光滑圆弧轨道最低点C与水平面平滑连接，圆弧轨道半径为R，圆弧所对圆心角为60，水平面上B点左侧光滑，右侧粗糙。一根轻弹簧放在水平面上，其左端连接在固定

13、挡板上，右端自由伸长到B点。现将质量为m的物块放在水平面上，并向左压缩弹簧到位置A，由静止释放物块，物块被弹开后刚好不滑离圆弧轨道，已知物块与BC段间的动摩擦因数为 0.5，BC段的长度也为R，重力加速度为g，不考虑物块大小。求：(1)物块运动到圆弧轨道C点时，对轨道的压力大小；(2)物块最终停下的位置离C点的距离；(3)若增大弹簧的压缩量，物块由静止释放能到达与O等高的高度，则压缩弹簧时，弹簧的最大弹性势能为多大。15（12 分）如图所示，竖直平面内的光滑形轨道的底端恰好与光滑水平面相切。质量 M=3.0kg 的小物块 B 静止在水平面上。质量 m=1.0kg 的小物块 A 从距离水平面高

14、h=0.80m 的 P 点沿轨道从静止开始下滑，经过弧形轨道的最低点 Q滑上水平面与 B 相碰，碰后两个物体以共同速度运动。取重力加速度 g=10m/s。求：(1)A 经过 Q 点时速度的大小0v；(2)A 与 B 碰后共同速度的大小v；(3)碰撞过程中，A 与 B 组成的系统所损失的机械能 E。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】单摆经过最低点时，速度最大，据牛顿第二定律知，单摆经过最低点时摆线的拉力最大；从最低点到再次到达最低点所需时间等于半个周期，所以据图象得，该单摆的周期为 4t，故

15、 D 项正确，ABC 三项错误。2、D【解析】不同的单色光频率不相同，同一单色光在不同的介质内传播过程中，光的频率不会发生改变；由公式cvn可以判断，水的折射率大于空气的，所以该单色光进入水中后传播速度减小 A速度相同，波长相同，与结论不相符，选项 A 错误；B速度不同，波长相同，与结论不相符，选项 B 错误；C速度相同，频率相同，与结论不相符，选项 C 错误；D速度不同，频率相同，与结论相符，选项 D 正确；故选 D 光的传播、光速、波长与频率的关系【方法技巧】本题分析时要抓住光在不同介质中传播频率不变这个特征，应用公式cvn公式分析光进入不同介质中的传播速度 3、B【解析】AB根据动能定理

16、得知：电场力做功等于电子动能的变化，则有 kEEqx 根据数学知识可知，图线的斜率 kqE 斜率不变，q 保持不变，说明电场强度不变，所以该电场一定是匀强电场，则 ABEE 故 A 错误，B 正确；C由图知，电子从 A 到 B 动能增大，电场力做正功，则知电场力方向从 AB，电场线方向从 BA，根据顺着电场线方向电势降低，则有 AB 故 C 错误；D根据动能定理知 kkPABBAWEEE 即 PkkABEEE 故 D 错误。故选 B。4、B【解析】已知弹簧的弹力 F 与伸长的长度 x，根据胡克定律 Fkx 得 Fkx ACD 错误，B 正确。故选 B。5、A【解析】天平原本处于平衡状态，所以线

17、框所受安培力越大，天平越容易失去平衡，由于线框平面与磁场强度垂直，且线框不全在磁场区域内，所以线框与磁场区域的交点的长度等于线框在磁场中的有效长度，由图可知，A 图的有效长度最长，磁场强度 B 和电流大小 I 相等，所以 A 所受的安培力最大，则 A 图最容易使天平失去平衡 A 正确；BCD 错误；故选 A 6、D【解析】同步卫星的轨道半径是固定的，与质量大小无关，A 错误；7.9 km/s 是人造卫星的最小发射速度，同时也是卫星的最大环绕速度，卫星的轨道半径越大，其线速度越小同步卫星距地面很高，故其运行速度小于 7.9 km/s，B 错误；同步卫星只能在赤道的正上方，C 错误；由2nMmGm

18、ar可得，同步卫星的加速度2221136366nMMMaGGGgrRR，D 正确【点睛】同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AB【解析】A小物块在传送带上匀加速运动的加速度 a=g=5 m/s2 小物块与传送带共速时，所用的时间 05s1s5vta 运动的位移 202512.5m4m2 522AvxXa 故小物块与传送带达到相同速度后以 v0=5 m/s 的速度匀速运动到 Q，然后冲上光滑斜

19、面到达 N 点，由机械能守恒定律得 2012Nmvmgy 解得 yN=1.25 m 选项 A 正确；B小物块与传送带速度相等时，传送带的位移 x=v0t=51=5m 传送带受摩擦力的作用，小物块在传送带上运动产生的热量 Q=f（x-x）=mg（x-x）=0.5102.5=12.5J 选项 B 正确；C物块从斜面上再次回到 A 点时的速度为 5m/s，滑上传送带后加速度仍为 5m/s2，经过 2.5m 后速度减为零，然后反向向右加速，回到 A 点时速度仍为 5m/s，则仍可到达斜面上的 N 点，选项 C 错误；D 在 x=2m 位置释放小物块，则小滑块在传送带上仍滑动 2.5m 后与传送带相对静

20、止，则到达 A 点时的速度等于 5m/s，则小物块仍可以滑动到 N 点，选项 D 错误。故选 AB。8、AD【解析】该卫星发射升空过程中，一定是先加速运动，处于超重状态，故 A 正确；该卫星是一颗地球静止轨道通信卫星，一定处于赤道上空，不可能处于北京上空，故 B 错误；环绕地球运动的卫星的线速度都小于第一宇宙速度，故 C 错误；由2MmGmgR、222()()MmGm RhRhT 可得22324gR ThR，故 D 正确故选 AD 9、BCE【解析】由波形图可知，波传到 x=4cm 位置时质点的起振方向向下，则波振源的起振方向向下；波传到 x=16cm 位置时质点的起振方向向上，则波振源的起振

21、方向向上；则两列波的波源起振方向相反，选项 A 错误；由波形图可知，和两列波的波长分别为 2cm 和 4cm，则波长之比为 1：2，选项 B 正确；波的周期 T1=0.02s，则 t=0.05s 时，质点P 在平衡位置向下振动；波的周期 T2=0.04s，则 t=0.05s 时，质点 Q 在最低点，坐标为（18cm，-3cm），选项 C 正确；两列波的波速均为4100/0.04xcmvcm sts，则再经过11640.062 100tss，即在 t=0.1s 时刻两波相遇，因两波的频率不同，则叠加后不能形成稳定的干涉图样，选项 D 错误；t=0.12s 时，波在 x=10cm 处的质点引起的振

22、动为在平衡位置向下振动；波在 x=10cm 处的质点引起的振动为在平衡位置向下振动；则此质点的位移为零但振动加强，选项 E 正确；故选 BCE【点睛】本题要掌握波的独立传播原理：两列波相遇后保持原来的性质不变理解波的叠加遵守矢量合成法则，例如本题中两列波的波峰与波峰相遇时，此处相对平衡位置的位移为12AA；当波峰与波谷相遇时此处的位移为12AA 10、BC【解析】ABa、b 转动方向相同，在相遇一次的过程中，a 比 b 多转一圈，设相遇一次的时为t，则有 1abttTT 解得=8ht，所以 A 错误，B 正确。CDb、c 转动方向相反，在相遇一次的过程中，b、c 共转一圈，设相遇次的时间为t，

23、则 有 1bcttTT 解得8th，故 C 正确，D 错误。故选 BC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、180 20 )32 2927 【解析】（1）1由于指针指在三分之一的位置，说明 R2分得电流为电流计电流的两倍，所以电流计电阻是 R2的两倍，为 180。闭合 S2后，R2与 Rg的并联值 R并Ig，而此时 G 的示数为满偏电流的三分之一，所以 IR2大于三分之二满偏电流，所以 2R2gR，即 RggR；（2）2由并联电路分流特点，得 3 180303gggI RRII=20（3）3标准毫安表的示数为 16.0mA 时，

24、改装后的电表显示为刻度盘的中值刻度，故改装电流表的量程为 32mA；（4）4把毫安表改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值 gggI RRII 当量程为 32mA 时，则有 333 1033231029ggRRR 当量程为 30mA 时，则有 333 1033031027ggRRkR 联立解得2927k 12、32k 偏大 22 331xLnn 【解析】（1）12物块到达斜面顶端时的速度为 v，则：31303022xyvvcosvvvsinv ，物块离开斜面后做斜上抛运动，运动时间：2yvvtgg 水平位移：232xvxv tg 整理得：22 33gvx 由 v2-x 图象可知图象斜率：2

25、 33gk 所以重力加速度：32kg 考虑空气阻力影响，所测重力加速度偏大.（2）3每次释放小物块时弹簧的压缩量均为 L 的 n 倍，则：xnL 弹簧的弹性势能：2222PmgmgExnLLL（）以释放点所处水平面为重力势能的零势面，由机械能守恒定律得：22113022mgnLmg nLsinmvL（）（）整理得：22 331xLnn 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、3；120【解析】画出光路图，根据对称性及光路可逆结合几何关系可知，光在 AB 面的入射角 i60，折射角 r30，根据折射定律有sin3

26、sininr 当光线再次照射到 Q 点时，光路如图乙所示，由几何关系可知，折射角 30，根据折射定律有sin3sin 解得：60，因此入射光转过的角度为 i+120 14、(1)2mg；(2)R；(3)53mgR【解析】(1)设物块第一次到达C点时速度为1v，由于物块刚好能到达D点，根据机械能守恒有 211(cos60)2mvmg RR 求得 1vgR 在C点 21vFmgmR 求得 2Fmg 根据牛顿第三定律可知，物块在C点对轨道的压力大小为2mg。(2)设物块第一次从C点返回后直到停止运动，在BC段上运动的路程为x，根据功能关系(cos60)mgxmg RR 求得xR。因此物块刚好停在B点

27、，离C点的距离为R。(3)设物块运动到D点的速度为Dv，从D点抛出后，竖直方向的分速度为 sin60yDvv 22cos60yvgR 求得 43DvgR 根据能量守恒有 2p1(cos60)2DEmgRmg RRmv 求得 p53EmgR 15、(1)A 经过 Q 点时速度的大小是 4m/s；(2)A 与 B 碰后速度的大小是 1m/s；(3)碰撞过程中 A 与 B 组成的系统损失的机械能 E 是 6J。【解析】(1)A 从 P 到 Q 过程中,由动能定理得:20102mghmv 解得 v0=4m/s(2)A、B 碰撞,AB 系统动量守恒,设向右为正方向,则由动量守恒定律得:0()mvmM v 解得 v=1m/s(3)碰撞过程中 A.B 组成的系统损失的机械能为:22011()22EmvmM v=6J