2022-2023学年陕西省洛南县永丰中学高考物理一模试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于固体、液体、气体和物态变化，下列说法中正确的是（）A晶体一定具有各向异性的特征 B液体表面张力是液体内部分子间的相互作用 C0的铁和 0的铜，它们的分子平均速率相同 D一定质量的某种理想气体状态改变时，内能不一定改变

2、 2、关于自由落体运动，平抛运动和竖直上抛运动，以下说法正确的是 A只有前两个是匀变速运动 B三种运动，在相等的时间内速度的增量大小相等，方向不同 C三种运动，在相等的时间内速度的增量相等 D三种运动在相等的时间内位移的增量相等 3、如图所示，空间有与竖直平面夹角为 的匀强磁场，在磁场中用两根等长轻细金属丝将质量为 m 的金属棒 ab 悬挂在天花板的 C、D 两处，通电后导体棒静止时金属丝与磁场方向平行。已知磁场的磁感应强度大小为 B，接人电路的金属棒长度为 l，重力加速度为 g，以下关于导体棒中电流的方向和大小正确的是（）A由 b 到 a，tanmgBl B由 a 到 b，mgBl C由 a

3、 到 b，sinmgBl D由 b 到 a，sinmgBl 4、如图所示为氢原子的能级图，用光子能量为12.09eV的单色光照射大量处于基态的氢原子，激发后的氢原子可以辐射出几种不同频率的光，则下列说法正确的是（）A氢原子最多辐射两种频率的光 B氢原子最多辐射四种频率的光 C从3n 能级跃迁到2n 能级的氢原子辐射的光波长最短 D从3n 能级跃迁到1n 能级的氢原子辐射的光波长最短 5、有一种电四极子的电荷分布及位置关系如图所示。A、B 两点位于负电荷的同侧，与负电荷的距离分别为 3l 与 l。下列说法正确的是（）AA、B 两点场强的大小关系ABEE BA、B 两点电势的高低关系AB C电子在

4、 A 点的电势能小于在 B 点的电势能 D将一重力不计正点电荷由 A 点静止释放，将做加速度逐渐增大的加速运动 6、如图，在固定斜面上的一物块受到一外力 F 的作用，F 平行于斜面向上若要物块在斜面上保持静止，F 的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为 F1和 F2（F20）.由此可求出 A物块的质量 B斜面的倾角 C物块与斜面间的最大静摩擦力 D物块对斜面的正压力 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、两根长直导线ab、平行放置，如图所

5、示为垂直于导线的截面图，图中O点为两根导线连线ab的中点，MN、为ab的中垂线上的两点且与ab、等距，两导线中通有恒定电流，已知直线电流在某点产生的磁场的磁感应强度B的大小跟该点到通电导线的距离r成反比，则下列说法中正确的是（）A若ab、中通以等大同向电流，O点的磁感应强度为零 B若ab、中通以等大反向电流，则M点和N点的磁感应强度相同 C若ab、中通以大小不等的反向电流，则磁感应强度为零的点在ab、之间的连线上 D若ab、中通以大小不等的同向电流，则磁感应强度为零的点在ab、连线的延长线上 8、如图所示，半爱心型金属环 abc（由直线 ac 及曲线 abc 构成，不计重力）水平放置在绝缘的水

6、平面上，某时刻通有顺时针方向恒定电流，长直导线 MN 固定在水平面上与 ac 平行，当其中通有 M 到 N 的恒定电流时，则下列说法正确的是 A金属环中无感应电流产生 Bac 边与长直线相互吸引 C金属环受到的安培力向右 D金属环对水平面有向左的摩擦力 9、如图所示，a、b 两束不同频率的单色光从半圆形玻璃砖底边平行射入，入射点均在玻璃砖底边圆心 O 的左侧，两束光进入玻璃砖后都射到 O点，OO垂直于底边，下列说法确的是（）A从点 O射出的光一定是复色光 B增大两束平行光的入射角度，则 b 光先从 O点消失 C用同一装置进行双缝干涉实验，b 光的相邻条纹间距较大 D若 a、b 光分别照射同一光

7、电管都能发生光电效应，则 a 光的截止电压低 10、有一堆砂子在水平面上堆成圆锥形，稳定时底角为，如图所示如果视每粒砂子完全相同，砂子与砂子之间，砂子与地面之间的动摩擦因数均为，砂子之间的最大静摩擦力可近似认为与滑动摩擦力相等，以下说法正确的是（）A砂堆稳定时，砂堆底面受到地面的摩擦力一定为零 B砂堆稳定时，只有形成严格规则的圆锥，底面受到地面的摩擦力才为零 C砂堆稳定时形成的圆锥的底角最大值满足 tan max D砂堆稳定时形成的圆锥的底角最大值满足cos max 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）张明同学在测定某种

8、合金丝的电阻率时：(1)用螺旋测微器测得其直径为_mm（如图甲所示）；(2)用 20 分度的游标卡尺测其长度为_cm（如图乙所示）；(3)用图丙所示的电路测得的电阻值将比真实值_(填“偏大”或“偏小”)12（12 分）某同学在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A待测的干电池（电动势约为 1.5V，内电阻小于 1.0）B电流表 A1（量程 03mA，内阻 Rg1=10）C电流表 A2（量程 00.6A，内阻阪 Rg2=0.1）D滑动变阻器 R1（0-20，10A）E.滑动变阻器 R2（0-200，1A）F.定值电阻 R0（990）G.开关和导线若干 (1)他设计了如图甲所示的

9、（a）、（b）两个实验电路，其中更为合理的是_图；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选_（填写器材名称前的字母序号）；用你所选择的电路图写出全电路欧姆定律的表达式 E=_（用 I1、I2、Rg1、Rg2、R0、r 表示）。(2)图乙为该同学根据(1)中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的 I1I2图线（I1为电流表 A1的示数，I2为电流表 A2的示数），为了简化计算，该同学认为 I1远远小于 I2，则由图线可得电动势 E=_V，内阻 r_。（r 的结果保留两位小数）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、

10、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示的坐标系内，以垂直于 x 轴的虚线 PQ 为分界线，左侧的等腰直角三角形区域内分布着匀强磁场，磁感应强度为 B，方向垂直纸面向里，AC 边有一挡板可吸收电子，AC 长为 d.右侧为偏转电场，两极板长度为12d，间距为 d.电场右侧的 x 轴上有足够长的荧光屏.现有速率不同的电子在纸面内从坐标原点 O 沿 y 轴正方向射入磁场，电子能打在荧光屏上的最远处为 M 点，M 到下极板右端的距离为12d，电子电荷量为 e，质量为 m，不考虑电子间的相互作用以及偏转电场边缘效应，求：（1）电子通过磁场区域的时间 t；（2）偏转电场的电压 U；（3）电子至少以多大速

11、率从 O 点射出时才能打到荧光屏上.14（16 分）如图所示，用一块长11.0mL 的木板在墙和桌面间架设斜面，桌子高0.8mh，长21.5mL。斜面与水平桌面间的倾角53。一个质量为0.3kgBm 的小滑块B放在桌面最右端，现将质量为0.2kgAm 的小滑块 A从斜面顶端由静止释放，滑块与斜面间的动摩擦因数10.5，滑块与水平桌面间的动摩擦因数213，忽略滑块在斜面与桌面交接处的能量损失，滑块 A 与滑块 B 发生正碰，碰后滑块 A 最终停在离桌面右端2.4cm处。滑块与木板及桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、B 均可视为质点，重力加速度210m/sg，sin530.8，cos530.

12、6。求：（1）与 B 相碰前瞬间小滑块 A 的速度大小；（2）小滑块 B 的落地点距桌面最右端的水平距离。15（12 分）如图所示，竖直放置的光滑金属导轨水平间距为 L，导轨下端接有阻值为 R 的电阻。质量为 m、电阻为r 的金属细杆 ab 与竖直悬挂的绝缘轻质弹簧相连，弹簧上端固定。整个装置处在磁感应强度大小为 B、方向垂直于导轨平面的匀强磁场中。现使细杆从弹簧处于原长位置由静止释放，向下运动距离为 h 时达到最大速度 vm，此时弹簧具有的弹性势能为 Ep。导轨电阻忽略不计，细杆与导轨接触良好，重力加速度为 g，求：（1）细杆达到最大速度 m 时，通过 R 的电流大小 I；（2）细杆达到最大

13、速度 vm时，弹簧的弹力大小 F；（3）上述过程中，R 上产生的焦耳热 Q。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A单晶体具有各向异性的特征，多晶体表现为各向同性，选项 A 错误；B液体表面张力是液体表面层分子间的相互作用，选项 B 错误；C0的铁和 0的铜，它们的分子平均动能相同，但是分子平均速率不相同，选项 C 错误；D一定质量的理想气体的状态改变时，若温度不变，则其内能不变，故 D 正确；故选 D。2、C【解析】A平抛运动、竖直上抛运动、斜抛运动和自由落体运动都是仅受重力，加速度为 g，

14、方向不变，都是匀变速运动。故A 错误；BC速度增量为 v=g t，故速度增量相同，故 B 错误，C 正确；D做自由落体运动的位移增量为 h12g(t+t)212gt2gt t+12g t2，竖直上抛运动的位移增量为 hv0(t+t)12g(t+t)2vt+12gt2=v0 tgt t12g t2 两者不等，故 D 错误；故选 C。3、C【解析】对导体棒进行受力分析，根据左手定则分析导体棒中的电流方向，根据三角形定则分析求解安培力的大小，从而根据FBIL求解导体棒的电流大小。【详解】导体棒静止，则其受力如图所示：根据左手定则可知，导体棒的电流方向为由 a 到 b，根据平衡条件可知安培力的大小为：

15、sinFBILmg 所以感应电流的大小为：sinmgIBl 故 ABD 错误 C 正确。故选 C。4、D【解析】AB 基态的氢原子吸收12.09eV的能量后会刚好跃迁到3n 能级，大量氢原子跃迁到3n 的能级后最多辐射233C 种频率的光子，所以 AB 均错误；CD 由公式mnhEE以及c，知能级间的能量差越大，辐射出的光子的频率越大，波长就越短，从3n 到1n 能级间的能量差最大，辐射的光波长最短，C 错误，D 正确。故选 D。5、C【解析】A由场强叠加可知 22222184(5)(3)225AqqqkqEkkkllll 方向向左；2222226(3)9BqqqkqEkkkllll 方向向右

16、；则ABEE，选项 A 错误；BC由 A 的计算可知，最左边位于 C 处的+q 与 A 之间的场强向左，CB 之间的场强向右，因沿电场线电势降低，可知 A、B 两点电势均比 C 点电势低，由于ABEE，则由 U=Ed 可知CACBUU，可知 A 点电势高于 B 点，即AB，则电子在 A 点的电势能小于在 B 点的电势能，选项 B 错误，C 正确；D因在 A 点左侧会存在一个合场强为零的位置，则从 A 点到此位置场强逐渐减小，则将一重力不计正点电荷由 A 点静止释放，在到达场强为零的位置的过程中，将做加速度逐渐减小的加速运动，选项 D 错误。故选 C。6、C【解析】根据题意，设物块受到的最大静摩

17、擦力为 f，对物块受力分析（如图所示），若 Fmgsin，则物体有沿斜面向上运动的趋势，f 的方向应沿斜面向下阻碍物体相对运动趋势，有1sinFmgf-；若 Fmgsin，则物体有沿斜面向下的运动趋势，f 的方向沿斜面向上阻碍物体相对运动趋势，有2sinFfmg-；由最大静摩擦力等于滑动摩擦力可知cosfmg-，由可求得 f 的值，而物块的质量 m、斜面的倾角无法求出，故物块对斜面的正压力（cosNmg）也无法求出综上所述，正确答案为 C 【考点定位】静摩擦力及力的平衡 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选

18、对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AB【解析】A若ab、中通以等大同向电流，根据安培定则可知，两条导线在 O 点产生的磁场等大反向，则 O 点的磁感应强度为零，选项 A 正确；B若ab、中通以等大反向电流，假设 a 电流向里，b 中电流向外；根据安培定则以及磁场叠加原理判断得知，两根通电导线在 MN 两点产生的磁感应强度方向均向下且大小相等；同理若假设 a 电流向外，b 中电流向里；根据安培定则以及磁场叠加原理判断得知，两根通电导线在 MN 两点产生的磁感应强度方向均向上且大小相等；故 B 正确；C若ab、中通以大小不等的反向电流，则两电流在ab、之间的连线上各点

19、的磁场方向相同，磁感应强度不可能为零，选项 C 错误；D若ab、中通以大小不等的同向电流，则两电流在ab、连线的延长线上各点的磁场方向相同，则磁感应强度不可能为零，选项 D 错误；故选 AB.8、AD【解析】A由题意，直导线电流恒定，金属环无感应电流，故 A 正确；Bac 边电流由 c 指向 a，由反向电流相互排斥可知 ac 边和长直线相互排斥，故 B 错误；C弯曲部分所在处的磁感应强度大于直线部分，而电流是相同的，故弯曲部分受到的安培力大于直线部分，弯曲部分受到的是引力，直线部分受到的是斥力，故整体受到的安培力的合力向左，故 C 错误；D由于金属环受到的安培力合力向左，故地面对金属环的摩擦力

20、向右，故金属环对地面的摩擦力向左，D 正确；故选 AD。9、AD【解析】A两光束射到 O点时的入射角都等于在玻璃砖底边的折射角，根据光路可逆性可知，从 O点射出时折射角都等于射入玻璃砖底边时的入射角，而在玻璃砖底边两光束平行射入，入射角相等，所以从 O点射出时折射角相同，两光束重合，则从 O点射出的一定是一束复色光，故 A 正确；B令光在底边的入射角为 i，折射角为 r，根据折射定律有 sinsininr 所以 sin1sinirnn 根据几何知识可知，光在 O点的入射角为 r，无论怎样增大入射角度，光在 O点的入射角都小于光发生全反射的临界角，所以 a、b 光不会在 O点发生全反射，故 B

21、错误；C根据光路图可知，玻璃砖对 a 光的折射率小于 b 光的折射率，则 a 光的波长大于 b 光的波长，由于条纹间距为 lxd 所以 a 光的条纹间距大于 b 光的条纹间距，故 C 错误；D由于 a 光的频率小于 b 光的频率，根据光电效应方程 0kEhWeU 可知 a、b 光分别照射同一光电管发生光电效应时，a 光的截止电压比 b 光的截止电压低，故 D 正确。故选：AD。10、AC【解析】AB、把所有沙子看成一个整体，对整体受力分析，由水平方向合力为零可得，砂子稳定时，砂堆底面受到地面的摩擦力一定为零，与形状无关，故 A 正确，B 错误；C、取斜面上的一粒质量为 m 的沙子，若沙子恰好平

22、衡，倾角最大，沙子受力平衡，对沙子受力分析，根据平衡条件得：mgsin=mgcos 解得：tan=所以 max=arctan，故 C 正确，D 错误 故选 AC 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3.202-3.205 5.015 偏小 【解析】（1）解决本题的关键明确：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读 （2）游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读（3）由电路图，根据电表内阻的影响确定误差情况【详解】（1）螺旋测微器的固定刻度为 3.0mm，可动刻度为 20.50.01m

23、m=0.205mm，所以最终读数为3.0mm+0.205mm=3.205mm（2）20 分度的游标卡尺，精确度是 0.05mm，游标卡尺的主尺读数为 50mm，游标尺上第 3 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为 30.05mm=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm（3）由欧姆定律得，电阻阻值 R=U/I，由于电压表的分流作用使电流测量值偏大，则电阻测量值偏小【点睛】考查螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺不需要估读、螺旋测微器需要估读掌握由欧姆定律分析电路的误差的方法 12、b D 01112gIRRIIr 1.

24、46V1.49V 0.800.860 【解析】（1）1上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表 G 串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表。将电流表 A1和定值电阻 R0串联可改装成一个量程为 3110()3 10(10990)V=3VggUIRR 的电压表；则（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是 b；2因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小。滑动变阻器应选 D；若选择大电阻，则在变阻器滑片调节的大部分范围内，电流表 A2读数太小，电流表 A1读数变化不明显。3根据电路可知：E=U+Ir=I1（Rg1+R0）+（I1+I2）

25、r；（2）45根据欧姆定律和串联的知识得，电源两端电压 U=I1（990+10）=1000I1 根据图象与纵轴的交点得电动势 E=1.47mA1000=1.47V；由图可知当电流为 0.45A 时，电压为 1.1V，则由闭合电路欧姆定律可知 1.471.10.820.45r 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)meB；（2）eBdm；（3）33eBdm【解析】(1)电子在磁场区域运动周期为 2 mTeB 通过磁场区域的时间为 t10090360T2meB (2)由几何知识得 rd，又 rmveB 解得

26、 veBdm 通过电场的时间 t22dv，代入数据解得 t22meB 电子离开电场后做匀速直线运动到达 M 点 12114122dyyd，又 y1y2d 解得 y113d 故221123eUtdmd 代入数据解得 U2283eB dm (3)电子恰好打在下极板右边缘 磁场中 rmveB 电场中水平方向12dvt 竖直方向 r212eUtmd 由上述三式代入数据解得 v33eBdm 14、（1）2m/s；（2）0.64m【解析】（1）在斜面上，对 A 分析，根据牛顿第二定律有 11sincosAAAm am gm g 又 211 112La t 则滑块在斜面底端的速度 11 110m/sva t

27、 在水平桌面上，对 A 分析，斜面底部到滑块的距离 121cos0.9msLL 设碰前瞬间 A 的速度为2v，根据动能定理有 2221211122AAAm vm vm gs 得 22m/sv （2）设碰撞后 A 返回的距离为2s，以水平向右为正方向222.4 10 ms，根据动量守恒定律有 3AABBAm vm vm v 根据动能定理有 222102AAAm vm gs 碰后 B 做平抛运动，则有 212hgt，Bxv t 联立解得滑块 B 的落地点距桌面右端的水平距离为 0.64mx 15、（1）mBLvRr；（2）mg-22mB L vRr ；（3）21()2pmRmghEmvRr【解析】（1）细杆切割磁感线，产生动生电动势：E=BLvm I=ERr 可得 I=mBLvRr（2）细杆向下运动 h 时，mg=F+BIL 可得 F=mg-22mB L vRr（3）由能量守恒定律得 mgh=EP+212mmv+Q总 Q=RRrQ总 可得电阻 R 上产生的焦耳热：Q=21()2pmRmghEmvRr