2022-2023学年广东惠州光正实验学校高三第二次联考物理试卷含解析.pdf

《2022-2023学年广东惠州光正实验学校高三第二次联考物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年广东惠州光正实验学校高三第二次联考物理试卷含解析.pdf（16页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，一两端封闭的玻璃管在竖直平面内倾斜放置，与水平面间的夹角为，一段水银柱将管内一定质量气体分割成两

2、部分。在下列各种情况中，能使管中水银柱相对玻璃管向 a 端移动的情况是（）A降低环境温度 B在竖直平面内以 b 点为轴逆时针缓慢转动玻璃管 C保持 角不变，使玻璃管减速上升 D使玻璃管垂直纸面向外做加速运动 2、在平直公路上行驶的a车和b车，其位移-时间图象分别为图中直线a和曲线b，已知 b 车的加速度恒定且等于22m/s3st，时，直线a和曲线b刚好相切，则（）Aa车做匀速运动且其速度为8m/s3av B0t 时，a车和b车的距离09mx C3st 时，a车和b车相遇，但此时速度不等 D1st 时，b 车的速度为 10m/s 3、如图所示，质量为 M 的小车的表面由光滑水平面和光滑斜面连接而

3、成，其上放一质量为 m 的球，球与水平面的接触点为 a，与斜面的接触点为 b，斜面倾角为。当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时，下列说法正确的是（）A若小车匀速运动，则球对斜面上 b 点的压力大小为 mgcos B若小车匀速运动，则球对水平面上 a 点的压力大小为 mgsin C若小车向左以加速度 gtan 加速运动，则球对水平面上 a 点无压力 D若小车向左以加速度 gtan 加速运动，则小车对地面的压力小于（M+m）g 4、某静电场在 x 轴上各点的电势 随坐标 x 的分布图像如图所示。x 轴上 A、O、B 三点的电势分别为 A、O、B，电场强度沿 x 轴方向的分量大小分别为 EAx、E

4、Ox、EBx，电子在 A、O、B 三点的电势能分别为 WA、WO、WB。下列判断中正确的是（）AOBA BEOxEBxEAx CWOWBWA DWO-WAWO-WB 5、如图所示，为某运动员(可视为质点)参加跳板跳水比赛时，其竖直方向的速度随时间变化的 vt 图象以他离开跳板时为计时起点，不计空气阻力。则下说法中正确的是（）At3时刻达到最高点 Bt2时刻的位移最大 Ct1时刻的加速度为负 D在 t1t2时间内重力做功 WG小于 t2t3时间内克服阻力做功 Wf 6、如图所示，大小可以忽略的小球沿固定斜面向上运动，依次经 a、b、c、d 到达最高点 e.已知 ab=bd=6m,bc=1m,小球

5、从 a 到 c 和从 c 到 d 所用的时间都是 2s,设小球经 b、c 时的速度分别为 vb、va,则下列结论错误的是()Ade=3m B3m/scv C从 d 到 e 所用时间为 4s D10m/sbv 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，虚线框内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为 B，磁场区域上下宽度为 l；质量为 m、边长为 l的正方形线圈 abcd 平面保持竖直，ab 边保持水平的从距离磁场上边缘一定高处由静止下落，以速

6、度 v 进入磁场，经一段时间又以相同的速度 v 穿出磁场，重力加速为 g。下列判断正确的是（）A线圈的电阻2 2B l vRmg B进入磁场前线圈下落的高度22vhg C穿过磁场的过程中线圈电阻产生的热量2Qmgl D线圈穿过磁场所用时间ltv 8、如图所示，A、B 两滑块质量分别为 2kg 和 4kg，用一轻绳将两滑块相连后分别置于两等高的水平面上，并用手按着两滑块不动。第一次是将一轻质动滑轮置于轻绳上，然后将一质量为 4kg 的钩码 C 挂于动滑轮上，只释放 A 而按着B 不动；第二次是将钩码 C 取走，换作竖直向下的 40N 的恒力作用于动滑轮上，只释放 B 而按着 A 不动。重力加速度

7、 g10m/s2，不计一切摩擦，则下列说法中正确的是（）A第一次操作过程中，滑块 A 和钩码 C 加速度大小相同 B第一次操作过程中，滑块 A 的加速度为220m/s3 C第二次操作过程中，绳张力大小为 20N D第二次操作过程中，滑块 B 的加速度为 10m/s2 9、如图所示，质量为 M 的长木板 A 静止在光滑的水平面上，有一质量为 m 的小滑块 B 以初速度 v0从左侧滑上木板，且恰能滑离木板，滑块与木板间动摩擦因数为 下列说法中正确的是 A若只增大 v0，则滑块滑离木板过程中系统产生的热量增加 B若只增大 M，则滑块滑离木板过程中木板所受到的冲量减少 C若只减小 m，则滑块滑离木板时

8、木板获得的速度减少 D若只减小，则滑块滑离木板过程中滑块对地的位移减小 10、如图，质量为 M、长度为 L 的长木板静止在光滑水平面上，质量为 m 的小铁块以水平初 速度 v0从木板左端向右滑动，恰好不会从木板右端滑出。下列情况中，铁块仍不会从木板右端滑出的是（）A仅增大 m B仅增大 M C仅将 m 和 L 增大为原来的两倍 D仅将 M 和 L 增大为原来的两倍 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍。某同学利用这一事实测盘电压表的内阻（半偏法）。实验室提供的器材如下：

9、待测电压表 V（量程 3V内阻约为 3000），电阻箱 R0（最大组值为 99999.9），滑动变阻器 R1（最大阻值 100，额定电流 2A）。电源 E（电动势 6V，内阻不计），开关两个，导线若干。（1）虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分。将电路图补充完整_。（2）将这种方法测出的电压表内阻记为 Rv则 Rv=_。与电压表内阻的真实值 Rv相比，Rv_Rv（选填“=”或“）12（12 分）某实验小组用如图所示的装置，做验证机械能守恒定律的实验。当地重力加速度为g：(1)电磁铁通过铁夹固定在铁架台上，给电磁铁通电，小球被吸在电磁铁下方（光电门的正上方）。电磁铁断电，小球由静

10、止释放，测得小球通过光电门所用时间为t，测得小球直径为d，电磁铁下表面到光电门的距离为()h hd，根据测得数值，得到表达式_（用已知和测得的物理量表示）在误差允许的范围内成立，则机械能守恒定律得到验证；(2)若保持电磁铁位置不变，改变光电门的位置，重复上述实验，得到多组h及小球通过光电门的时间t，为了能通过图像直观地得到实验结果，需要作出h_（填“t”“2t”“1t”或“21t”）图像，当图像是一条过原点的倾斜直线时，且在误差允许的范围内，斜率等于_（用已知和测得的物理量表示），则机械能守恒定律得到验证；(3)下列措施可以减小实验误差的是_。A选用直径较小，质量较大的小球 B选用直径较大，质

11、量较大的小球 C电磁铁下表面到光电门的距离适当大些 D尽量让小球球心通过光电门 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，竖直放置的 U 型管内装有水银，右管封闭了一段长 L=20cm 的空气柱，此时左右两侧的水银面高度差 h1=6cm，现从管的开口端慢慢倒入水银，最终左管水银面比右管水银面高 h2=4cm，整个过程温度不变，外界大气压 p0=76cmHg。求(1)右管封闭空气柱的最终长度 L；(2)加入的水银柱长度 x。14（16 分）由某种材料制成的直角三角形棱镜，折射率 n1=2，AC

12、边长为 L，C=90，B=30，AB 面水平放置。另有一半径为2L，圆心角90的扇形玻璃砖紧贴 AC 边放置，圆心 O 在 AC 中点处，折射率 n2=2，如图所示。有一束宽为 d 的平行光垂直 AB 面射入棱镜，并能全部从 AC 面垂直射出。求：()从 AB 面入射的平行光束宽度 d 的最大值；()光从 OC 面垂直射入扇形玻璃砖后，从圆弧面直接射出的区域所对应的圆心角。15（12 分）如图所示，带等量异种电荷的两平行金属板竖直放置（M 板带正电，N 板带负电），板间距为 d=80cm，板长为 L，板间电压为 U=100V。两极板上边缘连线的中点处有一用水平轻质绝缘细线拴接的完全相同的小球

13、A 和 B组成的装置 Q，在外力作用下 Q 处于静止状态，该装置中两球之间有一处于压缩状态的绝缘轻质小弹簧（球与弹簧不拴接），左边 A 球带正电，电荷量为 q=410-5C，右边 B 球不带电，两球质量均为 m=1.010-3kg，某时刻装置 Q 中细线突然断裂，A、B 两球立即同时获得大小相等、方向相反的速度（弹簧恢复原长）。若 A、B 之间弹簧被压缩时所具有的弹性能为 1.010-3J，小球 A、B 均可视为质点，Q 装置中弹簧的长度不计，小球带电不影响板间匀强电场，不计空气阻力，取 g=10m/s2。求：(1)为使小球不与金属板相碰，金属板长度 L 应满足什么条件？(2)当小球 B 飞离

14、电场恰好不与金属板相碰时，小球 A 飞离电场时的动能是多大？(3)从两小球弹开进入电场开始，到两小球间水平距离为 30cm 时，小球 A 的电势能增加了多少？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.假定两段空气柱的体积不变，即 V1，V2不变，初始温度为 T，当温度降低 T 时，空气柱 1 的压强由 p1减至 p1，p1=p1p1，空气柱 2 的压强由 p2减至 p2，p2=p2p2，由查理定律得：11ppTT，22ppTT，因为 p2=p1+hp1，所以 p1 p2，即水银柱应向 b 移动

15、。故 A 错误；B.在竖直平面内以 b 点为轴逆时针缓慢转动玻璃管，使 角变大，若水银柱相对玻璃管不动，则增大了水银柱对下部气体的压力，水银柱向 b 端移动，故 B 错误；C.玻璃管竖直向上减速运动，加速度向下，水银柱失重，若水银柱相对玻璃管不动，水银柱对下部气体压力减小，水银柱向 a 端移动，故 C 正确；D.使玻璃管垂直纸面向外做加速运动不会影响水银柱竖直方向上的受力，水银柱的位置不变，故 D 错误。2、B【解析】Aa 车图像是倾斜直线，所以该车作匀速直线运动，该车速度为 822m/s3xvt 故 A 错误；C3ts时，直线a和曲线b刚好相切，则 b 车此时速度为2m/s，故 C 错误；B

16、由0vvat得，b 车的初速度为 02238m/svvat b 车在第一秒内位移为 220118 12 17m22xv tat 则0t 时，a车和b车的距离 0729mx 故 B 正确；D1st 时，b 车的速度为82 16m/sv ，故 D 错误。故选 B。3、C【解析】AB小车和球一起匀速运动时，小球受到竖直向下的重力和水平面对小球竖直向上的支持力，二力平衡，所以小球对b 点无压力，根据牛顿第三定律可知小球对 a 点的压力大小为 mg，AB 错误；C若小车向左以加速度 gtan 加速运动，假设小球对 a 点无压力，根据牛顿第二定律 tanmgma 解得 tanag 假设成立，所以小球对 a

17、 点无压力，C 正确；D对小车和球构成的系统整体受力分析可知，系统在竖直方向上加速度为 0，竖直方向受到重力和支持力，二者等大反向，根据牛顿第三定律可知小车对地面的压力等于（M+m）g，D 错误。故选 C。4、D【解析】A由图知电势高低关系为OBA，A 错误；B根据图像切线斜率的大小等于电场强度沿x轴方向的分量大小，所以OxBxAxEEE，B 错误；C电子带负电，根据电势能公式：pEqe 分析得知POPBPAEEE，C 错误；D由图知，OA间电势差大于OB间电势差，即有：OAOB 电子带负电，则根据电势能公式：pEq 得：POPAPOPBEEEE，D 正确。故选 D。5、D【解析】A运动员起跳

18、时的速度方向向上，可知，t1时刻达到最高点，故 A 错误。B在 0-t2时间内，v-t 图象为直线，加速度不变，所以在 0-t2时间内人在空中，t1时刻达到最高点，t1-t2时间内下落，t2时刻开始进入水面，t3时刻达到水中最深处，t3时刻的位移最大，故 B 错误。C根据速度图象的斜率表示加速度，知 t1时刻的加速度为正，故 C 错误。D在 t1-t3时间内，根据动能定理知 1213230GGfWWW 即 122323GfGWWW 所以在 t1t2时间内重力做功 WG12小于 t2t3时间内克服阻力做功 Wf23，故 D 正确。故选 D。6、A【解析】B.由题，小球从 a 到 c 和从 c 到

19、 d 所用的时间都是 2s，根据推论得知，c 点的速度等于 ad 间的平均速度，则有 123m/s22 2caccdvt 选项 B 不符合题意；D.ac 间中点时刻的瞬时速度为 173.5m/s2acvt cd 中间时刻的瞬时速度 25m/s2.5m/s2cdvt 故物体的加速度 2210.5m/svvat 由 vb2vc22abc 得，vb10m/s 故 D 不符合题意 A.设 c 点到最高点的距离为 s，则：2239m22 0.5cvsa 则 de=s-cd=9-5m=4m故 A 符合题意 C.设 d 到 e 的时间为 T，则 de=12aT2，解得 T=4s故 C 不符合题意 二、多项选

20、择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABC【解析】A由题意可知，线圈进入磁场和穿出磁场时速度相等，说明线圈在穿过磁场的过程中做匀速直线运动，则 2 2B l vmgFBIlR安 2 2B l vRmg 所以 A 正确；B线圈在进入磁场前做自由落体运动，有动能定理得 212mghmv 进入磁场前线圈下落的高度为 22vhg 所以 B 正确；C线圈在穿过磁场的过程中克服安培力做功转化为焦耳热，又安培力与重力平衡，则穿过磁场的过程中线圈电阻产生的热量为 22Q

21、mglmgl 所以 C 正确；D根据线圈在穿过磁场过程中做匀速运动，可得穿过磁场的时间为 2ltv 所以 D 错误。故选 ABC。8、BC【解析】A第一次操作过程中，因 AC 移动的位移之比为 2：1，则滑块 A 和钩码 C 加速度大小之比为 2：1，选项 A 错误；B第一种方式：只释放 A 而 B 按着不动，设绳子拉力为 T1，C 的加速度为 a1，对 A 根据牛顿第二定律可得 T1=mAaA 对 C 根据牛顿第二定律可得 mCg-2T1=mCa1 根据题意可得 aA=2a1 联立解得 220m/s3Aa 选项 B 正确；C第二种方式：只释放 B 而 A 按着不动，换作竖直向下的 40N 的

22、恒力作用于动滑轮上，则绳张力大小为 20N，选项 C 正确；D对 B 受力分析，根据牛顿第二定律可得 T2=mBaB 根据题意可得 T2=20N 联立解得 aB=5m/s2 故 D 错误。故选 BC。9、BCD【解析】A滑块滑离木板过程中系统产生的热量等于滑动摩擦力与相对位移的乘积=QfLmgL相相 因为相对位移没变，所以产生热量不变，故 A 错误；B由极限法，当 M 很大时，长木板运动的位移 xM会很小，滑块的位移等于 xM+L 很小，对滑块根据动能定理：22101122Mmg xLmvmv 可知滑块滑离木板时的速度 v1很大，把长木板和小滑块看成一个系统，满足动量守恒 01mvmvMv 可

23、知长木板的动量变化比较小，所以若只增大 M，则滑块滑离木板过程中木板所受到的冲量减少，故 B 正确；C采用极限法：当 m 很小时，摩擦力也很小，m 的动量变化很小，把长木板和小滑块看成一个系统，满足动量守恒，那么长木板的动量变化也很小，故 C 正确；D当 很小时，摩擦力也很小，长木板运动的位移 xM会很小，滑块的位移等于 xM+L 也会很小，故 D 正确 故选 BCD 10、ACD【解析】由动量守恒和能量关系可知 0()mvmM v 22011()22mg xmvmM v 联立解得 202(1)vxmgM A仅增大 m，则x 不变，即物块仍恰好从木板右端滑出，选项 A 正确；B仅增大 M，则x

24、 变大，即物块能从木板右端滑出，选项 B 错误；C将 m 增大为原来的两倍，则x 不变，而 L 增大为原来的两倍，物块不能从木板右端滑出，选项 C 正确；D仅将 M 增大为原来的两倍，则x 变大，但是不会增加到原来的 2 倍，而 L 增加到原来的 2 倍，可知木块不会从木板上滑出，选项 D 正确；故选 ACD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R0 【解析】（1）1待测电压表电阻（3000 欧姆）远大于滑动变阻器 R1的电阻值（100 欧姆），故滑动变阻器 R1采用分压式接法；电路图如图所示：（2）23根据设计的电路进行的实验

25、步骤是：移动滑动变阻器的滑片，以保证通电后电压表所在的支路分压最小；闭合开关 s1、s2，调节 R1，使电压表的指针满偏；保持滑动电阻器滑片位置不变，断开 s2，调节电阻箱 R0，使电压表的指针半偏；读取电阻箱所示的电阻值，此即为测得的电压表内阻；电压表串联电阻箱后认为电压不变，而实际该支路电压变大，则电阻箱分压大于计算值，则会引起测量值的偏大，故RvRv 12、21()2dght 21t 22dg ACD 【解析】(1)1由机械能守恒有 21()2dmghmt 故要验证的表达式为21()2dght。(2)23由21()2dght得 2212dhg t 即为了直观地得到实验结果，应作21ht图

26、像，在误差允许的范围内图像的斜率为22dg，则机械能守恒定律得到验证。(3)4 AB为了减少实验误差，应选用质量大、体积小的小球，选项 A 正确，选项 B 错误；CD电磁铁下表面到光电门的距离适当大些可以减小长度及速度测量的误差，尽量让小球球心通过光电门，减小因小球遮光长度不是直径引起的误差，选项 C、D 正确。故填 ACD。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）17.5m；（2）15cm【解析】(1)初态气体的压强 10170cmHgppgh 初态气体的体积 120VLSS 末态气体的压强 20280

27、cmHgppgh 末态气体的体积 2VL S 根据玻意耳定律得 1122pVp V 解得 17.5cmL(2)加入的水银柱长为 122()xhhLL 解得 15cmx 14、(1)L (2)45【解析】解：(I)在三角形棱镜中，设全反射临界角为 C1，则有：111SinCn 解得：C1=30 如图，从 D 点射入的光线，在 BC 面反射到 A 点，则从 B、D 间垂直射入的光都能垂直射到 AC 面 由几何关系，有：1BDABL2，即宽度为 dL(II)设扇形玻璃砖全反射角为 C2，且知：221SinCn 解得：C2=45 如图，当=45时，从 OC 面垂直射入扇形玻璃砖的光线恰不能从圆弧面直接

28、射出 故所求圆心角：45 15、(1)L0.8m；(2)8.510-2J；(3)510-4J【解析】(1)两小球与弹簧系统机械能守恒，弹簧的弹性势能，转化为两个小球的动能 2122Emv 小球获得的初速度 01m/sEvm A 球带正电，A 球在水平方向做匀减速运动，B 球不带电，B 在水平方向做匀速运动，所以是 B 先碰到极板。B 向右做平抛运动，由02dv t得飞行时间 00.4s2dtv 竖直方向的位移 210.8m2ygt 为使小球不与金属板相碰，金属板的长度应满足 L0.8m。(2)水平方向：A 球向左做匀减速运动，加速度 25m/sqUamd A 球飞离电场时的水平速度 01m/sxvvat 竖直方向：A 球向下做自由落体运动，竖直速度 4m/syvgt A 球离开电场时的动能 2223118.5 10 J22KAxyEmvm vv(3)两小球进入电场后，竖直方向都做自由落体运动，因此两小球在运动的过程中始终位于同一水平线上。当两球间的距离为 x=30cm 时 20012xv tv tat 整理得 20.80.120tt 解得 0.2st或0.60.4ts（不合理，舍去）此时，A 球水平位移 2010.1m2Axv tat 根据功能关系可知，A 球增加的电势能等于克服电场力做功，即 45 10 JAAUEqExqxd