2022-2023学年云南省腾冲一中高考物理四模试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用 2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、空间某一静电场的电势 在 x 轴上的分布如图所示，图中曲线关于纵轴对称。在 x 轴上取 a、b 两点，下列说法正确的是（）Aa、b 两点的电场强度在 x 轴

2、上的分量都沿 x 轴正向 Ba、b 两点的电场强度在 x 轴上的分量都沿 x 轴负向 Ca、b 两点的电场强度在 x 轴上的分量大小 Ea0 区域都存在向里的磁场，离子仍从 A 点以 v0=32 10 6 m/s 向各个方向均匀发射，求 y 轴上有离子穿出的区域长度和能打到 y 轴的离子占所有离子数的百分比。14（16 分）如图甲所示，两根足够长的平行光滑金属导轨 MN、PQ 被固定在水平面上，导轨间距 L=0.6m，两导轨的左端用导线连接电阻 R1及理想电压表，电阻 r=2 的金属棒垂直于导轨静止在 AB 处；右端用导线连接电阻 R2，已知 R1=2，R2=1，导轨及导线电阻均不计在矩形区域

3、 CDEF 内有竖直向上的磁场，CE=0.2m，磁感应强度随时间的变化如图乙所示在 t=0 时刻开始，对金属棒施加一水平向右的恒力 F，从金属棒开始运动直到离开磁场区域的整个过程中电压表的示数保持不变求：（1）t=0.1s 时电压表的示数；（2）恒力 F 的大小；（3）从 t=0 时刻到金属棒运动出磁场的过程中整个电路产生的热量 Q；15（12 分）如图所示，两根平行粗糙金属导轨固定于绝缘水平面上，导轨左侧间连有阻值为 r 的电阻，两平行导轨间距为 L。一根长度大于 L、质量为 m、接入电路的电阻也为 r 的导体棒垂直导轨放置并接触良好，导体棒初始均处于静止，导体棒与图中虚线有一段距离，虚线右

4、侧存在竖直向上、磁感应强度为 B 的匀强磁场。现给导体棒一个水平向右的恒力，使其从静止开始做匀加速直线运动，进入磁场前加速度大小为 a0，然后进入磁场，运动一段时间后达到一个稳定速度，平行轨道足够长，导体棒与平行导轨间的动摩擦因数处处相等，忽略平行轨道的电阻。求：（1）导体棒最后的稳定速度大小；（2）若导体棒从开始运动到达稳定速度的过程中，通过导轨左侧电阻的电荷量为 q，求此过程中导体棒在磁场中运动的位移。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A B因为在 O 点处电势最大，沿着 x 轴正负方

5、向逐渐减小，电势顺着电场强度的方向减小，所以 a、b 两点的电场强度在 x 轴上的分量方向相反。C在 a 点和 b 点附近分别取很小的一段 d，由图像可知 b 点段对应的电势差大于 a 点段对应的电势差，看作匀强电场=Ed，可知 EaEb，故 C 正确。Dx 轴负方向电场线往左，x 轴正方向电场线往右，所以正电荷沿 x 轴从 a 点移到 b 点过程中，电场力先做负功后做正功。故 D 错误。故选 C。2、B【解析】核反应方程为23411120H+HHe+n，故反应前后质量损失为 1234mmmmm 根据质能方程可得放出的能量为 212342mmEmmcmc 故 B 正确 ACD 错误。故选 B。

6、3、D【解析】A、关掉油门后的下坡过程，汽车的速度不变、动能不变，重力势能减小，则汽车的机械能减小，故 A 错误；B、关掉油门后的下坡过程，坡面对汽车的支持力大小不为零，时间不为零，则冲量不为零，故 B 错误；C、上坡过程中，汽车速度由4mv增至2mv，所用的时间为 t，根据动能定理可得：22112224mmvvPtfsmm，解得2332mmvfstPP，故 C 错误；D、上坡过程中，汽车从静止启动到刚好达到最大速度mv，功率不变，则速度增大、加速度减小，所用时间为1t，则12mvts，解得12mstv，故 D 正确 4、B【解析】A布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，是液体分子无规则热运动

7、的反映，不是组成固体颗粒的分子在做无规则运动，故 A 错误；B液体表面层，分子较为稀疏，分子间距离大于平衡时的距离0r，因此分子间作用力表现为引力，液体表面有收缩趋势，故 B 正确；C扩散现象可以在液体、气体中进行，也能在固体中发生，故 C 错误；D分子间距离为平衡时的距离0r，分子间作用力为零，当分子间距离r大于0r时，分子间作用力表现为引力，此时随着分子间距r的增大分子间作用力做负功，分子势能pE增大，所以当分子间距增大时，分子势能不一定减小，故 D错误；故选 B。5、C【解析】若风场竖直向下，则：1mgFma 2116()23hat 若风场竖直向上，则：2-mg Fma 221(2)2h

8、at 解得 12Fmg 212hgt 则小球第一次从 A 点下落到 B 点的过程中，其机械的改变量为 2 214EFhmg t 故选 C。6、A【解析】根据 38hcTKGM 得38hckTGM，h 的单位为 2J s=N m s=kg g m/s c 的单位是 m/s，G 的单位是 2232N m/kg=kg m/s M 的单位是 kg，T 的单位是 K，代入上式可得 k 的单位是 22kg mJ=K sK 故 A 正确，BCD 错误。故选 A。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不

9、全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BCD【解析】A由图可得，该波的波长为 8m；若波向右传播，则满足 3+8k=v0.1（k=0、1、2）解得 v=30+80k 若波向左传播，则满足 5+8k=v0.1（k=0、1、2）解得 v=50+80k 当 k=0 时 v=50m/s，则则该波沿 x 轴负方向传播，故 A 错误；B若波向左传播，x=4m 处的质点在 t=0.1s 时振动速度方向沿 y 轴负方向，故 B 正确；C若 v=30m/s，则 84ss3015T 则 0.8s=3T，即经过 3 个周期，所以 x=5m 处的质点在 0 时刻起 0.8s 内通过的路程为 1.2m，故 C 正确；

10、D若波速为 110m/s，则 110Hz13.75Hz8vf 发生干涉，频率相等，故 D 正确。故选 BCD。【点睛】根据两个时刻的波形，分析时间与周期的关系或波传播距离与波长的关系是关键，要抓住波的周期性得到周期或波传播速度的通项，从而得到周期或波速的特殊值 8、ABC【解析】AB根据圆周运动的规律可得：a 点与 c 点在相等时间内转过的弧长是相等的，所以二者的线速度大小相等；b 点与 d点在相等时间内转过的角度是相等的，所以二者角速度大小相等；AB 正确 CD设 a 点的线速度大小为 v，则 c 点的线速度大小为 v，c、b、d 三点的角速度大小均为2vr；据向心加速度公式：22vaRR可

11、得，a 点的向心加速度大小为2vr，c 点的向心加速度大小为22vr，b 点的向心加速度大小为：222()24vvrrrr，d 点的向心加速度大小为：2224()42vvrrrr故 C 正确，D 错误 9、AC【解析】CD原线圈电压有效值 U1=220V，根据原副线圈匝数比为 2:1 可知次级电压为 U2=110V，则电压表的读数为 110V，选项 C 正确，D 错误；AB根据变压器输入功率等于输出功率，即 221 1UU IR 解得 I1=1.00A，选项 A 正确，B 错误；故选 AC.10、AD【解析】A飞船在轨道上，万有引力提供向心力 22(4)4MmvGmRR 在月球表面，万有引力等

12、于重力得 02MmGmgR 解得 02g Rv 故 A 正确；B在圆轨道实施变轨成椭圆轨道在远地点是做逐渐靠近圆心的运动，要实现这个运动必须万有引力大于飞船所需向心力，所以应给飞船减速，减小所需的向心力，动能减小，故 B 错误；C飞船在轨道上做椭圆运动，根据开普勒第二定律可知：在进月点速度大于远月点速度，所以飞船在 A 点的线速度大于在 B 点的线速度，机械能不变，故 C 错误；D根据 2024mgmRT 解得 0=2RTg 故 D 正确。故选 AD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D C 【解析】(1)1增大 角，P1P2

13、距离适当大一些，选用较厚的玻璃砖都可以提高精度，OP2距离小一些不会提高精度，ABC 错误，D 正确。故选 D；(2)2直接根据图中的光路分析可得，P1P2间的距离对于 y 无影响，ABD 错误，C 正确；故选 C。12、ABomm x;Ax;BAoAABBx m xm xm x;【解析】（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒，故有 mAv0=mAv1+mBv2，在碰撞过程中动能守恒，故有222012111222AABm vm vm v，解得10ABABmmvmmm，要碰后 a 的速度 v10，即 mA-mB0，mAmB；（2）由于频闪照相的频率固定，因此只需要测量小球的水平位移，在步骤中，需

14、要在照片中直接测量的物理量有 x0、xA、xB；（3）验证的方程为 mAx0mAxAmBxB 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)0.1m；(2)3200m2；(3)33m20；50%。【解析】(1)根据洛伦兹力提供向心力有 20vqvBmR 代入数据解得 R=0.1m；(2)如图 1 所示：根据几何关系可知，速度最大的离子在磁场中运动的圆心在 y 轴上的 B（0，120m）点，离子从 C 点垂直穿过 y 轴，所有离子均垂直穿过 y 轴，即速度偏向角相等，AC 连线应该是磁场的边界，满足题意的矩形如图

15、 1 所示，根据几何关系可得矩形长为 3 mcos10OA 宽为 R-Rcos120m 则面积为 23m200S (3)根据洛伦兹力提供向心力有 20vqvBmR 解得 3m20R 临界 1，根据图 2 可得 与 x 轴成 30角射入的离子打在 y 轴上的 B 点，AB 为直径，所以 B 点位 y 轴上有离子经过的最高点，根据几何知识可得 OB=320m；临界 2：根据图 2 可得，沿着 x 轴负方向射入磁场中的离子与 y 轴相切与 C 点，所以 C 点为 y 轴有离子打到的最低点，根据几何知识有 OC=320m 所以 y 轴上 B 点至 C 点之间的区域有离子穿过，且长度为 33m20BC

16、根据图 3 可得，沿着 x 轴正方向逆时针转到 x 轴负方向的离子均可打在 y 轴上，故打在 y 轴上的离子占所有离子数的 50%。14、（1）1.3V（2）1.27N（3）1.19J【解析】试题分析：（1）在 112s 内，CDEF 产生的电动势为定值：在 11s 时电压表的示数为：（2）设此时的总电流为 I,则路端电压为：由题意知:此时的安培力为：解得：F=127N（3）112s 内的热量为：由功能关系知导体棒运动过程中产生的热量为：总热量为：考点:法拉第电磁感应定律、焦耳定律、功能关系 15、（1）vm=0222ma rB L（2）x=2qrBL【解析】（1）设水平恒力为 F，导体棒到达图中虚线处速度为 v，在进入磁场前，由牛顿运动定律有：F-mg=ma0 导体棒进入磁场后，导体棒最后的稳定速度设为 vm，由平衡条件有：F-mg-222mB L vr=0 联立上面各式，得：vm=0222ma rB L（2）导体棒从进入磁场到达稳定速度的过程中，运动的位移设为 x，由法拉第电磁感应定律有：BLxEtt 2EIr q=It 联立解得：x=2qrBL