2022-2023学年浙江省越崎中学高考考前提分物理仿真卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回 2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用 05 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置 3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符 4作答选择题，必须用 2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用 05 毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效 5如需作图，须用 2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小

2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为鱼饵自动投放器的装置示意图，其下部是一个高度可以调节的竖直细管，上部是四分之一圆弧弯管，管口沿水平方向。竖直细管下端装有原长为 L0的轻质弹簧，弹簧下端与水面平齐，将弹簧压缩并锁定，把鱼饵放在弹簧上。解除锁定当弹簧恢复原长时鱼饵获得速度 v0。不考虑一切摩擦，重力加速度取 g，调节竖直细管的高度，可以改变鱼饵抛出后落水点距管口的水平距离，则该水平距离的最大值为 AL0 B2L0 CL0 D2L0 2、电磁波与机械波具有的共同性质是()A都是横波 B都能传输能量 C都能在真空中传播 D都具有恒定的波速 3、如图所示，a、b 两个带正电的

3、粒子以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场，a 粒子打在B 板的a点，b 粒子打在 B 板的b点，若不计重力，则 Aa 的电荷量一定大于 b 的电荷量 Bb 的质量一定大于 a 的质量 Ca 的比荷一定大于 b 的比荷 Db 的比荷一定大于 a 的比荷 4、如图，一个重为 10 N 的大砝码，用细线悬挂在 O 点，现在用力 F 拉砝码，使悬线偏离竖直方向=60时处于静止状态，此时所用拉力 F 的值不可能为 A5.0 N B5 3N C10 3N D10.0N 5、如图所示，质量为m的小球用两根细线OAOB、连接，细线OA的另一端连接在车厢顶，细线OB的另一端连接于侧壁，细线

4、OA与竖直方向的夹角为37,OB保持水平，重力加速度大小为g，车向左做加速运动，当OB段细线拉力为OA段细线拉力的两倍时，车的加速度大小为（sin370.6,cos370.8）（）Ag B54g C32g D74g 6、两行星A和B各有一颗卫星a和b，卫星的圆轨道接近各自的行星表面，如果两行星质量之比:2:1ABMM，两行星半径之比:1:2ABRR 则两个卫星周期之比ab:TT为（）A1:4 B4:1 C1:2 D2:1 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得

5、 0 分。7、下列关于匀变速运动说法正确的是（）A只有在加速度和速度方向相同时，速度大小才可能增大 B若速度为零，则物体所受合外力可能不能为零 C若物体做匀加速直线运动时，从0t 时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是 1：4：8：13：D若物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大 8、下列关于热力学定律的说法正确的是_。A如果两个系统均与第三个系统处于热平衡状态，这两个系统的温度一定相等 B外界对某系统做正功，该系统的内能一定增加 C可以找到一种材料做成墙壁，冬天供暖时吸收热量温度升高，然后向房间自动释放热量供暖，然后再把热量吸收回去，形成循环供暖，只需要短时间供热后即可停止外界供

6、热 D低温系统可以向高温系统传递热量 E.无论科技如何进步与发展，绝对零度都不可以达到 9、如图所示，一质量为 m 的物块从光滑斜面底端 A 点以某初动能沿斜面开始向上滑，滑到 B 点时动能减半，滑到 C点时动能为零。以过 C 点的水平面为零势能面，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A物块在 A 点处的重力势能为零 B物块在 A、B 两点处速度大小之比为 21 C物块在 AB 段和 BC 段克服重力做的功之比为 11 D物块在 A、B 两点处重力的瞬时功率之比为21 10、如图所示，卫星 a 没有发射停放在地球的赤道上随地球自转；卫星 b 发射成功在地球赤道上空贴着地表做匀速圆周运动；两卫星的

7、质量相等。认为重力近似等于万有引力。下列说法正确的是（）Aa 做匀速圆周运动的周期等于地球同步卫星的周期 Bb 做匀速圆周运动的向心加速度等于重力加速度 g Ca、b 做匀速圆周运动所需的向心力大小相等 Da、b 做匀速圆周运动的线速度大小相等，都等于第一宇宙速度 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）在“用油膜法估测分子大小”的实验中，用移液管量取 0.25mL 油酸，倒入标注 250mL 的容量瓶中，再加入酒精后得到 250m 的溶液。然后用滴管吸取这种溶液，向小量筒中滴入 100 滴溶液，溶液的液面达到量筒中 1mL

8、 的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水浅盘中滴下 2 滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图所示。坐标格的正方形大小为 2cm2cm，由图可以估算出油膜的面积是_cm2（结果保留两位有效数字），由此估算出油酸分子的直径是_m（结果保留一位有效数字）。12（12 分）图甲为“验证动量守恒定律”的实验装置，轨道由斜槽和水平槽组成，A、B 两小球大小相同，质量 mA=20.0g、mB=10.0g。实验步骤如下：a.固定轨道，使水平槽末端的切线水平，将记录纸铺在水平地面上，并记下水平槽末端重垂线所指的位置 O；b.让 A 球从斜槽 C

9、处由静止释放，落到记录纸上留下痕迹，重复操作多次；c.把 B 球放在水平槽末端，A 球仍从 C 处静止释放后与 B 球正碰，A、B 分别落到记录纸上，留下各自的痕迹，重复操作多次；d.确定三个落点各自的平均位置 P、M、N，用刻度尺测出它们到 O 点的距离分别为 xOP、xOM、xON；（1）确定 P、M、N 三点时，可用圆规画一个尽可能小的圆，把所有有效落点圈在里面，圆心即为落点的平均位置，这样做可以减小_（填“系统”或“偶然”）误差；（2）如图乙，xOM、xOP读数分别为 10.20cm、30.65cm，xON读数为_cm；（3）数据处理时，小球离开水平槽末端的速度大小可用水平射程 x 表

10、示，由小球质量及(2)中数据可算出碰前系统总的 mx 值是_kgm（保留 3 位有效数字），把该值与系统碰撞后的值进行比较，就可验证动量是否守恒。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图甲所示，某人站在力传感器上，从直立静止起，做“下蹲-起跳”动作，图中的“”表示人的重心。图乙是由力传感器画出的 Ft 图线。图乙中 14 各点对应着图甲中 14 四个状态和时刻。取重力加速度 g=10m/s2。请根据这两个图所给出的信息，求：（1）此人的质量。（2）此人 1s 内的最大加速度，并以向上为正，画出此人

11、在 1s 内的大致 at 图像。（3）在 Ft 图像上找出此人在下蹲阶段什么时刻达到最大速度？简单说明必要理由。14（16 分）如图所示，连通器中盛有密度为 的部分液体，两活塞与液面的距离均为 l，其中密封了压强为 p0的空气，现将右活塞固定，要使容器内的液面之差为 l，求左活塞需要上升的距离 x 15（12分）如图所示，一足够长的水平传送带以速度v=2m/s匀速运动，质量为 m1=1kg的小物块P和质量为m2=1.5kg的小物块 Q 由通过定滑轮的轻绳连接，轻绳足够长且不可伸长某时刻物块 P 从传送带左端以速度 v0=4m/s 冲上传送带，P 与定滑轮间的绳子水平已知物块 P 与传送带间的动

12、摩擦因数=0.5，重力加速度为 g=10m/s2，不计滑轮的质量与摩擦，整个运动过程中物块 Q 都没有上升到定滑轮处求：(1)物块 P 刚冲上传送带时的加速度大小；(2)物块 P 刚冲上传送带到右方最远处的过程中，PQ 系统机械能的改变量；(3)若传送带以不同的速度 v（0 vv0）匀速运动，当 v 取多大时物块 P 向右冲到最远处时，P 与传送带间产生的摩擦生热最小？其最小值为多大？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】设弹簧恢复原长时弹簧上端距离圆弧弯管口的竖直距离为 h，根据动能定理有m

13、gh=，鱼饵离开管口后做平抛运动，竖直方向有 hL0=gt2，鱼饵被平抛的水平距离 x=vt，联立解得，所以调节竖直细管的高度时，鱼饵被投放的最远距离为L0，选项 A 正确。2、B【解析】试题分析：电磁波是横波，机械波有横波也有纵波，故 A 错误两种波都能传输能量，故 B 正确电磁波能在真空中传播，而机械波不能在真空中传播，故 C 错误两种波的波速都与介质的性质有关，波速并不恒定，只有真空中电磁波的速度才恒定 考点：考查了电磁波与机械波 3、C【解析】设任一粒子的速度为 v，电量为 q，质量为 m，加速度为 a，运动的时间为 t，则加速度为：qEam 时间为：xtv 偏转量为：22122qEy

14、attm 因为两个粒子的初速度相等，则tx，则得 a 粒子的运动时间短，则 a 的加速度大，a 粒子的比荷 qm就一定大，但 a、b 的电荷量和质量无法确定大小关系，故 C 正确，ABD 错误。4、A【解析】ABCD以物体为研究对象，根据图解法可知，当拉力 F 与细线垂直时最小 根据平衡条件得 F 的最小值为：Fmin=Gsin60=5 3N，当拉力水平向右时，拉力 F=Gtan60=10 3N；所用拉力 F 的值不可能为A，B、C、D 都有可能，故A 正确，BCD 错误.5、D【解析】设OA段细线的拉力为F，则 cos37Fmg 2sin37FFma 求得74ag，选项 D 正确，ABC 错

15、误。故选 D。6、A【解析】卫星做圆周运动时，万有引力提供圆周运动的向心力，有 2224MmGmRRT 得 32RTGM 所以两卫星运行周期之比为 33111 824aabbbaTRMTRM 故 A 正确、BCD 错误。故选 A。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BCD【解析】A对于匀变速直线运动，由0vvat得，只有在加速度和速度方向相同时，速度大小才增大；对于曲线运动，加速度方向和速度方向的之间夹角大于0小于90时，速度大小也增大，故 A

16、 错误；B做竖直上抛运动的物体，到达最高点时，速度为零，但它所受的合外力为自身重力，不为零，故 B 正确；C物体做匀加速直线运动时，从0t 时刻开始连续相等时间内位移之差为一恒量，即为 2xaT 而 1：4：8：13：位移之差分别是 3、5，故从0t 时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是 1：4：8：13：，故 C 正确；D由vat 得，物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大，故 D 正确。故选 BCD。8、ADE【解析】A如果两个系统均与第三个系统处于热平衡状态，这两个系统的温度一定相等，A 正确；B外界做正功，有可能同时放热，内能的变化不确定，B 错误；C根据热力学第二定律，

17、题中所述的问题不可能实现，选项 C 错误；D低温系统向高温系统传递热量是可以实现的，前提是要引起其他变化，D 正确；E绝对零度不可以达到，E 正确 故选 ADE。9、CD【解析】A物块上滑过程中只有重力做功，机械能守恒，在 C 点机械能为零，在 A 点有动能，重力势能不为零且为负值，故A 错误；B设物块的初动能为 Ek，2k12AEmv，在 B 点有 k2B1122Emv 解得:2:1ABvv 故 B 错误；C根据动能定理可得 k12ABBCWWE 故 C 正确；D物块在 A、B 两点处重力的瞬时功率之比等于瞬时速度之比即2:1，故D 正确。故选CD。10、AB【解析】Aa 在赤道上随地球自转

18、而做圆周运动，所以 a 做匀速圆周运动的周期等于地球同步卫星的周期，A 正确；B对卫星 b 重力近似等于万有引力，万有引力全部用来充当公转的向心力 2MmGmgR 所以向心加速度等于重力加速度 g，B 正确；C两卫星受到地球的万有引力相等。卫星 a 万有引力的一部分充当自转的向心力，即 2MmGFmgR向赤 卫星 b 万有引力全部用来充当公转的向心力，因此 a、b 做匀速圆周运动所需的向心力大小不相等，C 错误；Da 做匀速圆周运动的周期等于地球同步卫星的周期，根据2 rvT可知 avv同 万有引力提供向心力 22MmvGmrr 解得线速度表达式 GMvr 因为 brRr同 所以 b 卫星的速

19、度等于第一宇宙速度 bavvv同 D 错误。故选 AB。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.4102 810-10 【解析】12 滴溶液中含有纯油酸的体积-50.252=mL=2 10 mL2.50100V 观察油膜，大于或等于半格的算一格，小于半格的舍弃，数出小方格个数为 60，乘以小方格面积 2cm2cm=4cm2，可估算出油膜面积为 S=604cm2=2.4102cm2 2把油膜视为单分子油膜，油膜厚度为分子直径，由 V=dS 得出油酸分子的直径 d=810-10m 12、偶然 40.80（40.7840.2）6.13

20、10-3 【解析】（1）1确定 P、M、N 三点时，可用圆规画一个尽可能小的圆，把所有有效落点圈在里面，圆心即为落点的平均位置，这样做可以减小偶然误差；（2）2由图可知，xON读数为 40.80cm；（3）3碰前系统总的 mx 值是 0.02kg0.3065m=6.1310-3kgm 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）60kg（2）（3）0.43s0.47s【解析】(1)此人状态 1 处于静止状态，对应图乙中 1 点 F1=600N，可知此人质量为：m=60kg；(2)由图可知：图乙中 2 点 F2

21、=1800N 最大，由：Fmgma，有：2max18006002060Fmgamm/s2，1s 内的 a-t 图像如图 (3)下蹲阶段先加速后减速，支持力与重力平衡时速度最大，由 a-t 图像可读出速度最大时刻约为 0.45（0.43-0.47 之间都算对）14、2004346PlglPgl【解析】右侧发生等温变化，初态：压强 P1P0，体积：V1lS 末态：压强 P2，体积：22lVlS（）根据玻意耳定律可得：P1V1P2V2 即：P0lSP2 2llS（）左侧发生等温变化，初态：压强 P3P0，体积：V3lS 末态：压强 P4，体积：32lVlxS（）根据玻意耳定律可得：P3V3P4V4

22、即：P0lSP4 2llxS（）活塞上升 x 后，根据平衡可得：P4+glP2 联立可得左活塞需要上升的距离：2004346PlglxPgl 15、(1)8m/s2 (2)1.25JE (3)4m/s3v，min10J3Q【解析】（1）物块 P 刚冲上传送带时，设 PQ 的加速度为1a，轻绳的拉力为1F 因 P 的初速度大于传送带的速度，则 P 相对传送带向右运动，故 P 受到向左的摩擦力作用 对 P 由牛顿第二定律得 111 1Fm gm a 对 Q 受力分析可知，在竖直方向受向下的重力和向上的拉力作用 由牛顿第二定律得 2121m gFm a 联立解得 218m/sa （2）P 先减速到与

23、传送带速度相同，设位移为1x，则 222201142m=0.75m22 8vvxa 共速后，由于摩擦力12515fm gNm gN 故 P 不可能随传送带一起匀速运动，继续向右减速，摩擦力方向水平向右 设此时的加速度为2a，轻绳的拉力为2F 对 P 由牛顿第二定律得 2112Fm gm a 对 Q 由牛顿第二定律得 2222m gFm a 联立解得 224m/sa 设减速到 0 位移为2x，则 22222m=0.5m22 4vxa PQ 系统机械能的改变量等于摩擦力对 P 做的功 1121.25JEm gxm gx （3）第一个减速过程，所用时间 01148vvvta P 运动的位移为 201116216vvvxt 皮带运动的位移为 22148vvxvt 第二个减速过程，所用时间 224vvta P 运动的位移为 201228vvxt 皮带运动的位移为 2224vxvt 则整个过程产生的热量 21121215 381616vvQm g xxm g xx 当4/3vm s时，min10J3Q