2023届炮车中学高三六校第一次联考物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、正在海上行驶的-艘帆船，行驶方向如图所示，海风吹来的方向与船行驶的方向夹角为53，升起风帆，调整风帆的角度，使海风垂直吹在帆面上，若海风吹在帆面上的风力大小为 500 N

2、，则沿船行驶方向获得的推力大小为sin530.8,cos530.6 A300 N B375 N C400 N D450 N 2、双星系统中两个星球 A、B 的质量都是 m，相距 L，它们正围绕两者连线上某一点做匀速圆周运动。实际观测该系统的周期 T 要小于按照力学理论计算出的周期理论值 T0，且01（）Tk kT，于是有一人猜测这可能是受到了一颗未发现的星球 C 的影响，并认为 C 位于 A、B 的连线正中间，相对 A、B 静止，则 A、B 组成的双星系统周期理论值 T0 及 C 的质量分别为（）A222LGm，214kmk B322LGm，214kmk C322GmL，214kmk D322

3、LGm，2214kmk 3、2019 年“山东舰正式服役，标志着我国进入双航母时代。如图，“山东舰正在沿直线航行，其质量为 m，发动机的输出功率恒为 P，所受阻力恒为 f，某时刻速度为 v1、加速度为 a1，一段时间 t 后速度变为 v2（v2v1），在这段时间内位移为 s。下列关系式正确的是（）A11Pfamvm B1Pfv C122vvst D22211122Ptmvmv 4、如图所示，真空中位于 x 轴上的两个等量正点电荷的位置关于坐标原点 O 对称，规定电场强度沿 x 轴正方向为正，无穷远处电势为 0。下列描述 x 轴上的电场强度 E 或电势随位置 x 的变化规律正确的是（）A B C

4、 D 5、如图所示，电源 E，导线，导电细软绳 ab、cd，以及导体棒 bc 构成闭合回路，导电细软绳 ab、cd 的 a 端和 d 端固定不动，加上恰当的磁场后，当导体棒保持静止时，闭合回路中 abcd 所在平面与过 ad 的竖直平面成 30，已知 ad 和bc 等长且都在水平面内，导体棒 bc 中的电流 I=2A，导体棒的长度 L=0.5m，导体棒的质量 m=0.5kg，g 取 10m/s2，关于磁场的最小值和方向，说法正确的是（）A5 33T，竖直向上 B5 33T，竖直向下 C2.5T，由 b 指向 a D2.5T，由 a 指向 b 6、在如图所示的电路中，理想变压器的原、副线圈的匝数

5、比为12:3:1nn，电阻122RR，电流表和电压表均为理想交流电表，若电流表的示数为 2A，电压表的示数为 30V，则电阻1R的阻值为（）A45 B55 C65 D75 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、下列说法中正确的是（）A布朗微粒越大，受力面积越大，所以布朗运动越激烈 B在两个分子从无限远的地方不断靠近的过程中，它们的分子力先增大后减小再增大 C在两个分子从无限远的地方不断靠近的过程中，它们的分子势能先增大后减小 D两个系统达到热平衡

6、时，它们的分子平均动能一定相同 E.外界对封闭的理想气体做正功，气体的内能可能减少 8、下列说法正确的是（）A布朗运动的激烈程度跟温度有关，但布朗运动不是热运动 B机械能不可能全部转化为内能，内能也无法全部用来做功从而转化成机械能 C一定质量的理想气体保持体积不变，单位体积内分子数不变，但温度升高，单位时间内撞击单位面积上的分子数增多 D相对湿度定义为空气中水蒸气的压强与水的饱和气压之比 E.雨伞伞面上有许多细小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用 9、如图所示，圆心在 O 点、半径为 R 的圆弧轨道 abc 竖直固定在水平桌面上，Oc 与 Oa 的夹角为 60，轨道最低点 a与桌面相切一轻

7、绳两端分别系着质量为 m1和 m2的小球（均可视为质点），挂在圆弧轨道边缘 c 的两边，开始时，m1在 c 点从静止释放设轻绳足够长，不计一切摩擦则()A在 m1下滑过程中，两球速度大小始终相等 Bm1在由 c 下滑到 a 的过程中重力的功率逐渐增大 C若 m1恰好能沿圆弧下滑到 a 点，则 m1=2m2 D若 m1=4m2，则 m1下滑到 a 点速度大小为2g3vR 10、如图所示，电源为恒流源，即无论电路中的电阻如何变化，流入电路的总电流 I0始终保持恒定，理想电压表 V 与理想电流表 A 的示数分别为 U、I，当变阻器 R0的滑动触头向下滑动时，理想电压表 V 与理想电流表 A 的示数变

8、化量分别为 U、I，下列说法中正确的有（）AU 变小，I 变大 BU 变大，I 变小 CUI=R1 DUI=R0+R3 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系。实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接。(1)实验要求电表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接_；(2)某次测量电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为_A；(3)该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图丙所示，根据图像可知小灯泡的电阻随电压增大而_（选填“增大”、“减小”

9、或“不变”）。将该小灯泡直接与电动势为 3V、内阻为 5 的电源组成闭合回路，小灯泡的实际功率约为_W（保留二位有效数字）。12（12 分）在“探究物体质量一定时加速度与力的关系”实验中，小明同学做了如图甲所示的实验改进，在调节桌面水平后，添加了用力传感器来测细线中的拉力 (1)关于该实验的操作，下列说法正确的是_ A必须用天平测出砂和砂桶的质量 B一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量 C应当先释放小车，再接通电源 D需要改变砂和砂桶的总质量，打出多条纸带 E.实验中需要将小车轨道适当倾斜以平衡摩擦力 F.实验中小车应从靠近打点计时器位置静止释放(2)实验得到如图乙所示的纸带，已知打点计

10、时器使用的交流电源的频率为 50Hz，相邻两计数点之间还有四个点未画出，由图中的数据可知，打下 B 点时，小车运动的速率是_m/s小车运动的加速度大小是_m/s2.（计算结果保留三位有效数字）(3)由实验得到小车的加速度 a 与力传感器示数 F 的关系如图丙所示则小车与轨道的滑动摩擦力 Ff=_N.四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，一定质量的理想气体在状态 A 时压强为 p0，经历从状态 ABCA 的过程。则气体在状态C 时压强为_；从状态 C 到状态 A 的过程中，气体的内能增加 U

11、，则气体_（填“吸收”或“放出”）的热量为_。14（16 分）质量为10kgM 的卡板静止在光滑水平面上，质量为30kgm 的小孩以02m/sv 的水平速度跳上木板的 A 端，站稳后小孩又以20.25m/sa 的加速度匀加速跑向木板的 B 端并离开木板，离开后木板恰好静止，求：(1)小孩在木板上站稳时的速度大小；(2)木板的长度。15（12 分）一竖直放置、内壁光滑且导热良好的圆柱形气缸内封闭有可视为理想气体的 O2，被活塞分隔成 A、B 两部分，气缸的横截面积为 S，达到平衡时，两部分气体的体积相等，如图（a）所示，此时 A 部分气体的压强为 p0；将气缸缓慢顺时针旋转，当转过 90使气缸水

12、平再次达到平衡时，A、B 两部分气体的体积之比为 12，如图（b）所示。已知外界温度不变，重力加速度大小为 g，求：(1)活塞的质量 m；(2)继续顺时针转动气缸，当气缸从水平再转过角度 时，如图（c）所示，A、B 两部分气体的体积之比为 13，则sin 的值是多少?参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】对垂直作用于帆面上的风力进行分解，分解成沿船行驶方向和垂直于行驶方向的力，沿行驶方向的分力1cos53300NFF。A.300 N 与上述计算结果1300NF 相符，故 A 正确；B.375

13、N 与上述计算结果1300NF 不相符，故 B 错误；C.400 N 与上述计算结果1300NF 不相符，故 C 错误；D.450 N 与上述计算结果1300NF 不相符，故 D 错误；2、D【解析】两星的角速度相同，根据万有引力充当向心力知：22122MmGmrmrL 可得 r1=r2 两星绕连线的中点转动，则有：2222042mLGmLT 所以 3022LTGm 由于 C 的存在，双星的向心力由两个力的合力提供，则 2222242()2mMmLGGmLLT 又 0TkT 解式得 2214kMmk 可知 D 正确，ABC 错误。故选 D。3、A【解析】A由牛顿第二定律，则有 1111PfFf

14、vPfammmvm 故 A 正确；B当航母达到最大速度时，F=f，此时 1mPPfvv 故 B 错误；C航母的运动不是匀加速运动，则时间 t 内的位移 122vvst 故 C 错误；D由动能定理可得 22211122Ptfsmvmv 故 D 错误。故选 A。4、A【解析】AB由点电荷在真空中某点形成的电场强度公式2QEkr和电场叠加原理可知，沿 x 轴方向，A 点，电场强度为负，逐渐变大，A 点O 点，电场强度为正，逐渐减小，O 点B 点，电场强度为负，逐渐变大，B 点，电场强度为正，逐渐减小，故 A 正确，B 错误。CD无穷远处电势为零，根据等量同种正电荷的电场线分布图，分析知，等量同种正电

15、荷电场中的电势不会为负值，且 O 点处电势大于零，故 CD 错误。故选 A。5、C【解析】对导体棒受力分析，受到重力，绳子的拉力和安培力，拉力和安培力的合力竖直向上，根据三角形定则知，安培力方向与拉力方向垂直时，安培力最小，根据左手定则可知，磁场的方向沿 ba 所在直线，由 b 指向 a，磁感应强度最小，则根据共点力平衡可知 mgsin30=BIL，解得 B=2.5T，故 C 正确，A、B、D 错误；故选 C。6、B【解析】原、副线圈两端的电压之比 112231UnUn 已知230VU 故 12390VUU 则通过1R的电流 110122UUIRR 副线圈的电流 222UIR 又因为1221I

16、nIn，所以通过原线圈的电流 2121nIIn 流过电流表的电流 01III 即 1222122UnUIRnR 解得 227.5R 12255RR 故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BDE【解析】颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈；根据分子力和分子距离的图像和分子势能和分子之间距离图像，分析分子力和分子势能随 r 的变化情况；两个系统达到热平衡时，温度相同；根据热力学第一定律判断。【详解】A布朗运动微粒越大，受力面积越大，液体分子从

17、各个方向对悬浮粒子撞击作用的越趋于平衡，所以布朗运动越不剧烈，故 A 错误；B在两个分子从无限远的地方不断靠近的过程中，它们的分子力先增大后减小再增大，如图所示：故 B 正确；C在两个分子从无限远的地方不断靠近的过程中，它们的分子势能先减小后增大，如图所示：故 C 错误；D温度是分子平均动能的标志，两个系统达到热平衡时，温度相同，它们的分子平均动能一定相同，故 D 正确；E根据热力学第一定律：UQW 外界对封闭的理想气体做正功0W，但气体和外界的热交换不明确，气体的内能可能减少，故 E 正确。故选 BDE。8、ACE【解析】A布朗运动反映的是分子热运动，但布朗运动本身不是热运动，选项 A 正确

18、；B机械能可能全部转化为内能，内能无法全部用来做功从而转化成机械能，选项 B 错误；C一定质量的理想气体保持体积不变，单位体积内分子数不变，温度升高，分子的平均动能变大，单位时间内撞击单位面积上的分子数增多，选项 C 正确；D相对湿度定义为空气中水蒸气的实际压强与该温度下水蒸气的饱和气压之比，D 错误；E雨伞伞面上有许多细小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用，使水不能渗过小孔，选项 E 正确；故选 ACE.9、CD【解析】Am1由 C 点下滑到 a 点的过程中，沿绳子方向的速度是一样的，在 m1滑下去一段过程以后，此时的绳子与圆的切线是不重合，而是类似于圆的一根弦线而存在，所以此时两个物体

19、的速度必然不相同的，故 A 错误；B重力的功率就是 P=mgv，这里的 v 是指竖直的分速度，一开始 m1是由静止释放的，所以 m1一开始的竖直速度也必然为零，最后运动到 A 点的时候，由于此时的切线是水平的，所以此时的竖直速度也是零，但是在这个 c 到 a 的过程当中是肯定有竖直分速度的，所以相当于竖直速度是从无到有再到无的一个过程，也就是一个先变大后变小的过程，所以这里重力功率 mgv 也是先增大后减小的过程，故 B 错误；C若 m1恰好能沿圆弧轨道下滑到 a 点，此时两小球速度均为零，根据动能定理得：m1gR（1-cos60）=m2gR，解得：m1=2m2 选项 C 正确；D若 m1=4

20、m2，设 m1下滑到 a 点速度大小为 v，则 22121211160-=(cos30)22m gRcosm gRmvm v（）解得 2g3vR 故 D 正确。故选 CD。10、AC【解析】AB当变阻器 R0的滑动触头向下滑动时，R0阻值减小，电路总电阻 R 减小，则由 U=I0R 可知，电压表 U 读数变小；R2上电压不变，则 R1上电压减小，电流变小，则 R3支路电流变大，即 I 变大；选项 A 正确，B 错误；CD由电路可知 0201UI RIIR 即 0202001111-=(+)-UI RI RIIIURRR 则 1=URI 选项 C 正确，D 错误。故选 AC。三、实验题：本题共

21、2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.44 增大 0.44(0.43-0.46 均对)【解析】(1)1滑动变阻器的滑片滑动过程中，电流表的示数从零开始这渐增大，滑动变阻器采用分压接法，实物电路图如图所示：(2)2由图示电路图可知，电流表量程为 0.6A，由图示电流表可知，其分度值为 0.02A，示数为 0.44A；(3)3根据图像可知小灯泡的电阻随电压增大而增大。4在灯泡 U-I 图象坐标系内作出电源的 U-I 图象如图所示：由图示图象可知，灯泡两端电压 U=1.3V，通过灯泡的电流 I=0.34A，灯泡功率 P=UI=1.30.340.44W

22、12、DEF 0.721 2.40 1.0 【解析】(1)1 AB对小车的拉力是通过力传感器得到的，故无需测量沙和沙桶的质量，也不需要满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量，故 AB 错误；C使用打点计时器，应先接通电源，在释放小车，故 C 错误；D探究物体质量一定时加速度与力的关系，要改变沙和沙桶的总质量，打出多条纸带，故 D 正确；E由于实验要求研究小车的合外力与加速度的关系，需要排除与轨道的滑动摩擦力的影响，所以实验中需要将长木板倾斜，以平衡摩擦力，故 E 正确；F在释放小车前，小车应尽量靠近打点计时器，以能在纸带上打出更多的点，有利于实验数据的处理和误差的减小，故 F 正确；(2)2相邻

23、两计数点之间还有四个点未画出，相邻两计数点间的时间间隔为0.1sT，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，打下B点时，小车运动的速率是：0.18010.0360m/s0.721m/s22 0.1BACxvT 3根据2xaT 可得：2220.28810.0961 2m/s2.40m/s44 0.01BDOBxxaT(3)4根据牛顿第二定律可知：2fFFma 解得：1.0NfF 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、p0 吸收 002Up V 【解析】1根据理想气体状态方程 pVCT 可得 C

24、TVp 所以 V-T 图中过原点的直线表示等压变化，即气体从 C 到 A 过程是等压变化，CA0ppp 23气体从状态 C 到状态 A 的过程中，温度升高内能增加U，体积增加，外界对气体做功 0002WpVp V 根据热力学第一定律 UQW 得气体吸收的热量 002QUWUp V 14、(1)1.5m/s(2)2m【解析】(1)设小孩在木板上站稳时的速度大小为v，对小孩和长木板构成的系统，由动量守恒定律得 0()mvmM v 代入数据，解得 1.5m/sv (2)设小孩跳离木板时的速度大小为1v，对小孩和长术板构成的系统，由动量守恒定律可知 1()mM vmv 设小孩与长木板之间水平方向的作用

25、力大小为 F，由牛顿第二定律得 Fma 设小孩位移大小为1x，由动能定理得 22111122Fxmvmv 设木板位移大小为2x，由动能定理得 22102FxMv 设木板长度为l，则有 12=xlx 联立以上各式并代入数据，解得 2ml 15、(1)0P Sg；(2)23【解析】（1）气体做等温变化，在（a）状态，对活塞受力分析可得 11AB=mgP S P S 所以 B1A10mgmgpppss 又因为二者体积相同 A1B1VVV 在（b）状态，此时 A 处体积为 A223VV B 处体积为 B243VV 对 A 部分气体，由玻意耳定律得 023p VpV 同理，对 B 部分气体，由玻意耳定律得 043mgpVpVS 联立解得0p Smg（2）由题意知 A312VV，B332VV 对 A 部分气体，有 0A312p VpV 对 B 部分气体，有 0332BmgpVpVS 解得3043Bpp。活塞处于静止状态，有 B3A3sinp Smgp S 解得2sin3。