三维设计新课标高考物理一轮总复习课件第三章.ppt

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1、会计学1三维设计新课标高考物理一轮三维设计新课标高考物理一轮(y ln)总复总复习课件第三章习课件第三章第一页，共74页。第1页/共73页第二页，共74页。记一记记一记 1内容内容 物体加速度的大小跟它受到的物体加速度的大小跟它受到的 成正比、跟它的成正比、跟它的 成反比，加速度的方向成反比，加速度的方向(fngxing)跟跟 的方向的方向(fngxing)相同。相同。2表达式表达式 F 。作用力作用力质量质量(zhling)作用力作用力ma第2页/共73页第三页，共74页。3“五个五个”性质性质(xngzh)同向性同向性公式公式F合合ma是矢量式，任一时刻，是矢量式，任一时刻，F合合与与a

2、瞬时性瞬时性a与与F合合对应同一时刻，即对应同一时刻，即a为某时刻的为某时刻的加速度时，加速度时，F合合为该时刻物体所受为该时刻物体所受 因果性因果性F合合是产生是产生a的原因，物体具有加速度的原因，物体具有加速度是因为物体受到了力是因为物体受到了力同向同向合外力合外力(wil)第3页/共73页第四页，共74页。同一同一性性F合合ma中，中，F合合、m、a对应同一物体对应同一物体或同一系统，各量统一使用或同一系统，各量统一使用 单单位位独立独立性性作用于物体上的每一个力各自产生作用于物体上的每一个力各自产生的加速度都遵从牛顿第二定律的加速度都遵从牛顿第二定律物体的实际加速度等于每个力产生物体的

3、实际加速度等于每个力产生的加速度的矢量和的加速度的矢量和国际国际(guj)4适用适用(shyng)范围范围 (1)牛顿第二定律只适用牛顿第二定律只适用(shyng)于于 (相对地面静止或做匀相对地面静止或做匀速直线运动的参考系速直线运动的参考系)。(2)牛顿第二定律只适用牛顿第二定律只适用(shyng)于于 (相对于分子、原子相对于分子、原子)、低、低速运动速运动(远小于光速远小于光速)的情况。的情况。惯性惯性(gunxng)参考系参考系宏观物体宏观物体第4页/共73页第五页，共74页。试一试试一试1关于牛顿第二定律的下列说法中，正确的是关于牛顿第二定律的下列说法中，正确的是 ()A物体加速度

4、的大小由物体的质量和物体所受合外物体加速度的大小由物体的质量和物体所受合外力的大小决定力的大小决定(judng)，与物体的速度无关，与物体的速度无关B物体加速度的方向只由它所受合外力的方向决定物体加速度的方向只由它所受合外力的方向决定(judng)，与速度方向无关与速度方向无关C物体所受合外力的方向和加速度的方向及速度方物体所受合外力的方向和加速度的方向及速度方向总是相同的向总是相同的D一旦物体所受合外力为零，则物体的加速度立即一旦物体所受合外力为零，则物体的加速度立即为零，其运动也就逐渐停止了为零，其运动也就逐渐停止了第5页/共73页第六页，共74页。解析：对于某个物体，合外力的大小决定了加

5、速度的大解析：对于某个物体，合外力的大小决定了加速度的大小，合外力的方向决定了加速度的方向，而速度的方向小，合外力的方向决定了加速度的方向，而速度的方向与加速度方向无关。根据牛顿第二定律的瞬时性特征，与加速度方向无关。根据牛顿第二定律的瞬时性特征，合外力一旦为零，加速度立即为零，则速度不再发生变合外力一旦为零，加速度立即为零，则速度不再发生变化，以后以此时化，以后以此时(c sh)的速度做匀速直线运动。的速度做匀速直线运动。答案：答案：AB第6页/共73页第七页，共74页。两类动力学问题两类动力学问题(wnt)记一记记一记 1两类动力学问题两类动力学问题(wnt)(1)已知受力情况求物体的已知

6、受力情况求物体的 。(2)已知运动情况求物体的已知运动情况求物体的 。运动运动(yndng)情况情况受力情况受力情况第7页/共73页第八页，共74页。2解决两类基本问题的方法解决两类基本问题的方法 以以 为为“桥梁桥梁”，由，由 和和 列方程求解列方程求解(qi ji)，具体逻辑关系如图：，具体逻辑关系如图：加速度加速度运动学公式运动学公式(gngsh)牛顿牛顿(ni dn)运动定律运动定律第8页/共73页第九页，共74页。试一试试一试2用用40 N的水平力的水平力F拉一个静止在光滑水平面上、质量为拉一个静止在光滑水平面上、质量为20 kg的物体，力的物体，力F作用作用(zuyng)3 s后撤

7、去，则第后撤去，则第5 s末物体的速末物体的速度和加速度的大小分别是度和加速度的大小分别是()Av6 m/s，a0 Bv10 m/s，a2 m/s2Cv6 m/s，a2 m/s2 Dv10 m/s，a0解析：由牛顿第二定律得：解析：由牛顿第二定律得：Fma，a2 m/s2。3 s末物体速度末物体速度为为vat6 m/s，此后，此后F撤去，撤去，a0，物体做匀速运动，故，物体做匀速运动，故A正确。正确。答案答案:A第9页/共73页第十页，共74页。力学力学(l xu)单位制单位制想一想想一想 如图如图322为甲、乙、丙三人百为甲、乙、丙三人百米比赛冲刺米比赛冲刺(chngc)时的速度大小。试比较

8、三时的速度大小。试比较三人冲刺人冲刺(chngc)速度的大小；由此看出应怎样速度的大小；由此看出应怎样比较物理量的大小？比较物理量的大小？提示：提示：v甲甲11 m/s，v乙乙7 200 dm/min12 m/s，v丙丙36 km/h10 m/s，故，故v乙乙v甲甲v丙。由此可以看出，要比较同一物理丙。由此可以看出，要比较同一物理量的大小，必须统一单位。量的大小，必须统一单位。第10页/共73页第十一页，共74页。记一记记一记 1单位制单位制 由由 和和 组成。组成。2基本单位基本单位 的单位。力学中的基本量有三个，它们分别的单位。力学中的基本量有三个，它们分别(fnbi)是是 、，它们的国际

9、单位分别，它们的国际单位分别(fnbi)是是 、。3导出单位导出单位 由由 根据物理关系推导出的其他物理量的单位。根据物理关系推导出的其他物理量的单位。基本基本(jbn)单位单位导出单位导出单位基本基本(jbn)量量质量质量时间时间长度长度千克千克秒秒米米基本量基本量第11页/共73页第十二页，共74页。4国际单位制中的七个基本国际单位制中的七个基本(jbn)物理量和基本物理量和基本(jbn)单位单位物理量名称物理量名称(mngchng)物理量符号物理量符号 单位名称单位名称(mngchng)单位符号单位符号长度长度(chngd)质量质量时间时间电流电流热力学温度热力学温度物质的量物质的量发光

10、强度发光强度lmtITnIV米米千克千克秒秒安安培培开开尔文尔文摩摩尔尔坎坎德拉德拉mkgsAKmolcd第12页/共73页第十三页，共74页。试一试试一试3关于单位关于单位(dnwi)制，下列说法中正确的是制，下列说法中正确的是 ()Akg、m/s、N是导出单位是导出单位(dnwi)Bkg、m、C是基本单位是基本单位(dnwi)C在国际单位在国际单位(dnwi)制中，时间的基本单位制中，时间的基本单位(dnwi)是是sD在国际单位在国际单位(dnwi)制中，力的单位制中，力的单位(dnwi)是根据牛顿第二是根据牛顿第二定律定定律定义的义的解析：在力学中选定解析：在力学中选定m(长度单位长度单

11、位(dnwi)、kg(质量单位质量单位(dnwi)、s(时间单位时间单位(dnwi)作为基本单位作为基本单位(dnwi)，可以导出其他物理，可以导出其他物理量的单位量的单位(dnwi)，力的单位，力的单位(dnwi)(N)是根据牛顿第二定律是根据牛顿第二定律Fma导出的，故导出的，故C、D正确。正确。答案：答案：CD第13页/共73页第十四页，共74页。瞬时瞬时(shn sh)加加速度问题速度问题1.一般一般(ybn)思路思路 2两种模型两种模型 (1)刚性绳刚性绳(或接触面或接触面)：一种不发生明显形变就能产生弹力的物体，：一种不发生明显形变就能产生弹力的物体，剪断剪断(或脱离或脱离)后，弹

12、力立即改变或消失，不需要后，弹力立即改变或消失，不需要(xyo)形变恢复时间，形变恢复时间，一般题目中所给的细线、轻杆和接触面在不加特殊说明时，均可按此一般题目中所给的细线、轻杆和接触面在不加特殊说明时，均可按此模型处理。模型处理。(2)弹簧弹簧(或橡皮绳或橡皮绳)：当弹簧的两端与物体相连：当弹簧的两端与物体相连(即两端为固定端即两端为固定端)时，由于物体有惯性，弹簧的长度不会发生突变，所以在瞬时问题中，时，由于物体有惯性，弹簧的长度不会发生突变，所以在瞬时问题中，其弹力的大小认为是不变的，即此时弹簧的弹力不突变。其弹力的大小认为是不变的，即此时弹簧的弹力不突变。第14页/共73页第十五页，共

13、74页。例例1(2013吉林模拟吉林模拟)在动摩擦因数在动摩擦因数0.2的水平面上有一个质量为的水平面上有一个质量为m2 kg的小的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成45角的不可伸长的轻绳一端相连，如图角的不可伸长的轻绳一端相连，如图323所示，此时小球处于静止所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力平衡状态，且水平面对小球的弹力(tnl)恰好为零。当剪断轻绳的瞬间，恰好为零。当剪断轻绳的瞬间，取取g10 m/s2，以下说法正确的是，以下说法正确的是 ()A此时轻弹簧的弹力此时轻弹簧的弹力(tnl)大小为大小为20 NB小球的加速度大小为小球的加

14、速度大小为8 m/s2，方向向左，方向向左C若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10 m/s2，方向向右方向向右D若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度为若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度为0图图323第15页/共73页第十六页，共74页。审题指导审题指导 剪断轻绳时，弹簧的弹力剪断轻绳时，弹簧的弹力(tnl)不能瞬不能瞬间发生变化。剪断弹簧时，绳上的拉力在瞬间发生变化。间发生变化。剪断弹簧时，绳上的拉力在瞬间发生变化。尝试解题尝试解题 因为未剪断轻绳时水平面对小球的弹力因为未剪断轻绳时水平面对小球的弹力(tnl)为零，小球在绳没有断时受到轻绳的

15、拉力为零，小球在绳没有断时受到轻绳的拉力FT和弹簧和弹簧的弹力的弹力(tnl)F作用而处于平衡状态。依据平衡条件得：作用而处于平衡状态。依据平衡条件得：竖直方向有竖直方向有FTcos mg，水平方向有，水平方向有FTsin F。解得。解得轻弹簧的弹力轻弹簧的弹力(tnl)为为Fmgtan第16页/共73页第十七页，共74页。答案答案(d n)ABD第17页/共73页第十八页，共74页。在求解瞬时性问题时应注意：在求解瞬时性问题时应注意：(1)物体的受力情况和运动情况是时刻对应的，当外界因素发物体的受力情况和运动情况是时刻对应的，当外界因素发生变化时，需要重新生变化时，需要重新(chngxn)进

16、行受力分析和运动分析。进行受力分析和运动分析。(2)加速度可以随着力的突变而突变，而速度的变化需要一个加速度可以随着力的突变而突变，而速度的变化需要一个过程的积累，不会发生突变。过程的积累，不会发生突变。第18页/共73页第十九页，共74页。动力学的两类基本动力学的两类基本(jbn)问题分问题分析析 1.物体运动性质的判断方法物体运动性质的判断方法 (1)明确物体的初始运动状态明确物体的初始运动状态(v0)。(2)明确物体的受力情况明确物体的受力情况(F合合)。(3)根据物体做各种性质运动的条件即可判定根据物体做各种性质运动的条件即可判定(pndng)物体物体的运动情况、加速度变化情况及速度变

17、化情况。的运动情况、加速度变化情况及速度变化情况。2两类动力学问题的解题步骤两类动力学问题的解题步骤 (1)明确研究对象。根据问题的需要和解题的方便，选出被明确研究对象。根据问题的需要和解题的方便，选出被研究的物体。研究对象可以是某个物体，也可以是几个物体构研究的物体。研究对象可以是某个物体，也可以是几个物体构成的系统。成的系统。第19页/共73页第二十页，共74页。(2)进行受力分析和运动状态分析，画好受力分析图、情景示意进行受力分析和运动状态分析，画好受力分析图、情景示意图，明确物体的运动性质和运动过程。图，明确物体的运动性质和运动过程。(3)选取正方向或建立坐标系，通常以加速度的方向为正

18、方向或选取正方向或建立坐标系，通常以加速度的方向为正方向或以加速度方向为某一坐标轴的正方向。以加速度方向为某一坐标轴的正方向。(4)确定合外力确定合外力F合，注意合，注意F合与合与a同向。若物体只受两个共点力作同向。若物体只受两个共点力作用用(zuyng)，常用合成法；若物体受到，常用合成法；若物体受到3个或个或3个以上不在同一直线个以上不在同一直线上的力的作用上的力的作用(zuyng)，一般用正交分解法。，一般用正交分解法。第20页/共73页第二十一页，共74页。例例2如图如图324所示，质量所示，质量m2 kg的物体静止于水平地面的物体静止于水平地面(dmin)的的A处，处，A、B间距间距

19、L20 m，用大小为，用大小为30 N，沿水平方向的，沿水平方向的外力拉此物体，经外力拉此物体，经t02 s拉至拉至B处。处。(已知已知cos 370.8，sin 370.6，取，取g10 m/s2)(1)求物体与地面求物体与地面(dmin)间的动摩擦因数；间的动摩擦因数；(2)用大小为用大小为30 N，与水平方向成，与水平方向成37的力斜向上拉此物体，使物的力斜向上拉此物体，使物体从体从A处由静止开始运动并能到达处由静止开始运动并能到达B处，求该力作用的最短时间处，求该力作用的最短时间t。图图324第21页/共73页第二十二页，共74页。审题指导审题指导 物体在拉力作用下做匀加速直线运物体在

20、拉力作用下做匀加速直线运动，撤去拉力后做匀减速直线运动，当物体到动，撤去拉力后做匀减速直线运动，当物体到B点速度点速度恰好为零，则拉力的作用时间最短。恰好为零，则拉力的作用时间最短。尝试解题尝试解题 (1)沿水平方向施加外力后，物体做沿水平方向施加外力后，物体做匀加速直线运动。根据运动学公式有匀加速直线运动。根据运动学公式有L at02 代入数据代入数据(shj)解得解得a10 m/s2 由牛顿第二定律知由牛顿第二定律知FFfma 解得解得Ff10 N第22页/共73页第二十三页，共74页。第23页/共73页第二十四页，共74页。答案答案(d n)(1)0.5(2)1.03 s第24页/共73

21、页第二十五页，共74页。解决两类动力学问题两个关键点解决两类动力学问题两个关键点 (1)把握把握“两个分析两个分析”“一个桥梁一个桥梁”两个分析：物体的受力分析和物体的运动过程两个分析：物体的受力分析和物体的运动过程(guchng)分析。分析。一个桥梁：物体运动的加速度是联系运动和力的桥梁。一个桥梁：物体运动的加速度是联系运动和力的桥梁。(2)寻找多过程寻找多过程(guchng)运动问题中各过程运动问题中各过程(guchng)间的相互联系。如第一个过程间的相互联系。如第一个过程(guchng)的末速度就是下一的末速度就是下一个过程个过程(guchng)的初速度，画图找出各过程的初速度，画图找出

22、各过程(guchng)间间的位移联系。的位移联系。第25页/共73页第二十六页，共74页。牛顿牛顿(ni dn)第二定律与图象的第二定律与图象的综合问题综合问题 1.常见的两类动力学图象问题常见的两类动力学图象问题 (1)已知物体在某一过程中所受的合力已知物体在某一过程中所受的合力(或某个或某个(mu)力力)随时间的变化图线，要求分析物体的运动情况。随时间的变化图线，要求分析物体的运动情况。(2)已知物体在某一过程中速度、加速度随时间的变化已知物体在某一过程中速度、加速度随时间的变化图线，要求分析物体的受力情况。图线，要求分析物体的受力情况。第26页/共73页第二十七页，共74页。2解决图象综

23、合问题的关键解决图象综合问题的关键 (1)分清图象的类别：即分清横、纵坐标所代表的物理量，明分清图象的类别：即分清横、纵坐标所代表的物理量，明确其物理意义，掌握物理图象所反映的物理过程，会分析临界点。确其物理意义，掌握物理图象所反映的物理过程，会分析临界点。(2)注意图线中的一些特殊点所表示的物理意义：图线与横、注意图线中的一些特殊点所表示的物理意义：图线与横、纵坐标的交点，图线的转折点，两图线的交点等。纵坐标的交点，图线的转折点，两图线的交点等。(3)明确能从图象中获得哪些信息：把图象与具体的题意、情明确能从图象中获得哪些信息：把图象与具体的题意、情境结合起来，再结合斜率、特殊点、面积等的物

24、理意义，确定境结合起来，再结合斜率、特殊点、面积等的物理意义，确定(qudng)从图象中反馈出来的有用信息，这些信息往往是解题的从图象中反馈出来的有用信息，这些信息往往是解题的突破口或关键点。突破口或关键点。第27页/共73页第二十八页，共74页。例例3如图如图325甲所示，水平地面上轻弹簧左端固定，甲所示，水平地面上轻弹簧左端固定，右端通过滑块压缩右端通过滑块压缩0.4 m锁定。锁定。t0时解除锁定释放滑块。计算时解除锁定释放滑块。计算机通过滑块上的速度传感器描绘出滑块的速度图象机通过滑块上的速度传感器描绘出滑块的速度图象(t xin)如如图乙所示，其中图乙所示，其中Oab段为曲线，段为曲线

25、，bc段为直线，倾斜直线段为直线，倾斜直线Od是是t0时的速度图线的切线，已知滑块质量时的速度图线的切线，已知滑块质量m2.0 kg，取，取g10 m/s2。求：。求：图图325(1)滑块与地面间的动摩擦滑块与地面间的动摩擦(mc)因数；因数；(2)弹簧的劲度系数。弹簧的劲度系数。第28页/共73页第二十九页，共74页。审题指导审题指导(zhdo)第一步：抓关键点第一步：抓关键点 关键关键点点Od是是t0时时的速度的速度(sd)图图线线的切的切线线Od的斜率的斜率(xil)表示表示t0时时滑滑块块的的加速度加速度bc段段为为直直线线bc段滑段滑块块受滑受滑动动摩擦力作用做匀减摩擦力作用做匀减速

26、运速运动动 第二步：找突破口第二步：找突破口 要求滑块与地面间的动摩擦因数，只要由图象求出滑块匀减速运动要求滑块与地面间的动摩擦因数，只要由图象求出滑块匀减速运动的加速度，再由牛顿第二定律列方程即可。要求的加速度，再由牛顿第二定律列方程即可。要求 弹簧的劲度系数，则应利用牛顿第二定律对滑块在弹簧的劲度系数，则应利用牛顿第二定律对滑块在t0时刻列时刻列方程求解。方程求解。获取信息获取信息第29页/共73页第三十页，共74页。答案答案(d n)(d n)(1)0.5(1)0.5(2)175 N/m(2)175 N/m 尝试尝试(chngsh)(chngsh)解题解题 第30页/共73页第三十一页，

27、共74页。数图结合解决物理问题数图结合解决物理问题 物理公式与物理图象的结合是中学物理的重要题型，物理公式与物理图象的结合是中学物理的重要题型，也是近年高考的热点，特别是也是近年高考的热点，特别是vt图象在考题中出现率图象在考题中出现率极高。对于已知图象求解相关物理量的问题，往往是结极高。对于已知图象求解相关物理量的问题，往往是结合物理过程从分析图象的横、纵轴所对应的物理量的函合物理过程从分析图象的横、纵轴所对应的物理量的函数入手，分析图线的斜率、截距所代表的物理意义得出数入手，分析图线的斜率、截距所代表的物理意义得出所求结果。解决这类问题的核心所求结果。解决这类问题的核心(hxn)是分析图象

28、，是分析图象，我们应特别关注我们应特别关注vt图中的斜率图中的斜率(加速度加速度)和力的图线与和力的图线与运动的对应关系。运动的对应关系。第31页/共73页第三十二页，共74页。模型概述模型概述 物体在传送带上运动的情形统称为传送带模型。物体在传送带上运动的情形统称为传送带模型。因物体与传送带间的动摩擦因数、斜面倾角、传送因物体与传送带间的动摩擦因数、斜面倾角、传送带速度、传送方向、滑块初速度的大小和方向的不同，带速度、传送方向、滑块初速度的大小和方向的不同，传送带问题往往存在多种可能，因此对传送带问题做出传送带问题往往存在多种可能，因此对传送带问题做出准确准确(zhnqu)的动力学过程分析，

29、是解决此类问题的的动力学过程分析，是解决此类问题的关键。关键。超链超链接接第32页/共73页第三十三页，共74页。下面下面(xi mian)介绍两种常见的传送带模型介绍两种常见的传送带模型 1水平传送带模型水平传送带模型(1)可能可能(knng)一直加速一直加速(2)可能可能(knng)先加速后匀速先加速后匀速情景情景(qngjng)1滑块可能的运动情况滑块可能的运动情况图示图示项项目目第33页/共73页第三十四页，共74页。(1)传送带较短时，滑块一直减速达传送带较短时，滑块一直减速达到左端到左端(2)传送带较长时，滑块还要被传送传送带较长时，滑块还要被传送带传回右端。其中带传回右端。其中v

30、0v返回返回(fnhu)时速度为时速度为v，当，当v0v时，可能一直时，可能一直(yzh)减速，也减速，也可能先减速再匀速可能先减速再匀速(2)v0g，当物体速度变小，空气阻力变小，加速，当物体速度变小，空气阻力变小，加速度变小；物体到达度变小；物体到达(dod)最高点时，空气阻力为零，加速度为最高点时，空气阻力为零，加速度为重力加速度，不为零，故重力加速度，不为零，故C正确。正确。答案：答案：C第49页/共73页第五十页，共74页。5.如图如图3211所示，传送带保持所示，传送带保持v01 m/s的速度运动，现将一质量的速度运动，现将一质量m0.5 kg的物体从传送带左端放上，的物体从传送带

31、左端放上，设物体与传送带间动摩擦设物体与传送带间动摩擦(mc)因数因数0.1，传送带两端，传送带两端水平距离水平距离x2.5 m，则物体从左端运动到右端所经历的，则物体从左端运动到右端所经历的时间为时间为(g10 m/s2)()图图3211第50页/共73页第五十一页，共74页。答案答案(d n)：C第51页/共73页第五十二页，共74页。6.(2013南宁联考南宁联考)质量为质量为2 kg的物体的物体静止在足够大的水平面上，物体静止在足够大的水平面上，物体与地面间的动摩擦因数为与地面间的动摩擦因数为0.2，最，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等。从为相等。从t0

32、时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力化的水平拉力F的作用，的作用，F随时间随时间t的变化规律如图的变化规律如图3212所示。所示。重力加速度重力加速度g取取10 m/s2。(1)分别计算分别计算(j sun)2 s末、末、4 s末、末、6 s末物体的速度大小；末物体的速度大小；(2)画出物体在画出物体在06 s内的内的vt图线。图线。图图3212第52页/共73页第五十三页，共74页。解析：解析：(1)在在02 s内，由牛顿第二定律得内，由牛顿第二定律得F1mgma1，解得，解得a12 m/s2，所以，所以，2 s末物体的速度大小末物

33、体的速度大小(dxio)为为v1a1t14 m/s；在在24 s内，内，F2mg，物体做匀速直线运动，物体做匀速直线运动，4 s末物体末物体的速度大小的速度大小(dxio)为为v2v14 m/s；在在46 s内，物体的加速度大小内，物体的加速度大小(dxio)a3a12 m/s2，所以，所以，6 s末物体的速度大小末物体的速度大小(dxio)为为v3v2v3t38 m/s。(2)在在02 s内，物体做初速度为零的匀加速直线运动，内，物体做初速度为零的匀加速直线运动，第53页/共73页第五十四页，共74页。对应的对应的vt图象是一条经过原点的倾斜线段；在图象是一条经过原点的倾斜线段；在24 s内

34、，物体做匀内，物体做匀速直线运动，对应的速直线运动，对应的vt图象是一条平行于时间轴的水平图象是一条平行于时间轴的水平(shupng)线段；在线段；在46 s内，物体做匀加速直线运动，对应的内，物体做匀加速直线运动，对应的vt图象是一条图象是一条倾斜线段。画出的倾斜线段。画出的vt图象如图所示。图象如图所示。答案答案(d n)：(1)4 m/s4 m/s8 m/s(2)见解析见解析第54页/共73页第五十五页，共74页。1.如图如图1所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行面上滑行(huxng)一段距离后停止，物体与斜面和水一段距离后停止，物体与斜面和水平面

35、间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接。图平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接。图2中中v、a、Ff和和s分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程。图分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程。图2中正确的是中正确的是 ()图图1图图2第55页/共73页第五十六页，共74页。解析：物体在斜面上受重力、支持力、摩擦力作用解析：物体在斜面上受重力、支持力、摩擦力作用(zuyng)，其摩擦力大小，其摩擦力大小Ff1mgcos，物体沿斜面由静止滑下，做，物体沿斜面由静止滑下，做初速度为零的匀加速直线运动。到达水平面后受重力、支持力初速度为零的匀加速直线运动。到达水平面后受重

36、力、支持力和摩擦力作用和摩擦力作用(zuyng)做匀减速直线运动，直至减速为零，做匀减速直线运动，直至减速为零，其摩擦力大小变为其摩擦力大小变为Ff2mg。物体运动的。物体运动的vt图象应如图甲图象应如图甲所示，所示，A错误。物体在两段运动过程中的加速度大小不变，错误。物体在两段运动过程中的加速度大小不变，B错误。因摩擦力错误。因摩擦力Ff1Ff2，所以，所以C正确。物体做匀加速直线运正确。物体做匀加速直线运动时，路程动时，路程s随时间随时间t增加得越来越快增加得越来越快(st图象的斜率变大图象的斜率变大)，物体做匀减速直线运动时，路程物体做匀减速直线运动时，路程s随时间随时间t增加得越来越慢

37、增加得越来越慢(st图象的斜率变小图象的斜率变小)，所以物体运动的，所以物体运动的st图象如图乙所示，图象如图乙所示，D错错误。误。答案：答案：C第56页/共73页第五十七页，共74页。2(2011上海高考上海高考)受水平受水平(shupng)外力外力F作用的物作用的物体，在粗糙水平体，在粗糙水平(shupng)面上做直线运动，其面上做直线运动，其vt图线如图图线如图3所示，则所示，则 ()A在在0t1秒内，外力秒内，外力F大小不断增大大小不断增大B在在t1时刻，外力时刻，外力F为零为零C在在t1t2秒内，外力秒内，外力F大小可能不断减小大小可能不断减小D在在t1t2秒内，外力秒内，外力F大小

38、可能先减小后增大大小可能先减小后增大图图3第57页/共73页第五十八页，共74页。解析：解析：vt图象的斜率表示加速度，在图象的斜率表示加速度，在0t1秒内，物体做加速度秒内，物体做加速度减小的加速运动减小的加速运动(ji s yn dn)，由牛顿第二定律得：，由牛顿第二定律得：FFfma，所以外力，所以外力F大小不断减小，选项大小不断减小，选项A错误；在错误；在t1时刻，加速时刻，加速度为零，外力度为零，外力F大小等于摩擦力大小等于摩擦力Ff的大小，选项的大小，选项B错误；在错误；在t1t2秒内，物体做加速度增大的减速运动，由牛顿第二定律得：秒内，物体做加速度增大的减速运动，由牛顿第二定律得

39、：FfFma，所以外力，所以外力F可能不断减小，选项可能不断减小，选项C正确；若物体静止前，正确；若物体静止前，外力外力F已减至零，则此后，外力已减至零，则此后，外力F必再反向增大，选项必再反向增大，选项D正确。正确。答案：答案：CD第58页/共73页第五十九页，共74页。3.如图如图4所示，放在光滑面上的木块受到两个所示，放在光滑面上的木块受到两个水平力水平力F1与与F2的作用而静止不动，现保的作用而静止不动，现保持持F1大小和方向不变，大小和方向不变，F2方向不变，使方向不变，使F2随时间均匀减小到零，再随时间均匀减小到零，再均匀增加到原来的大小，在这个均匀增加到原来的大小，在这个(zh

40、ge)过程中用过程中用a表示木块的加速度，表示木块的加速度，v表示木块运动的速度，能正确描述木块运动情况的图象是图表示木块运动的速度，能正确描述木块运动情况的图象是图5中的中的()图图4图图5第59页/共73页第六十页，共74页。解析：取水平向右为正方向，由牛顿第二定律得：解析：取水平向右为正方向，由牛顿第二定律得：F1F2ma，木块的加速度随木块的加速度随F2的均匀减小而均匀增大，后又随的均匀减小而均匀增大，后又随F2的均匀增大而的均匀增大而同方向均匀减小，故同方向均匀减小，故A正确，正确，B错误错误(cuw)；因木块的加速度方向；因木块的加速度方向不变，故木块的速度一直增大，但不是均匀增大

41、，所以不变，故木块的速度一直增大，但不是均匀增大，所以C、D均错误均错误(cuw)。答案：答案：A第60页/共73页第六十一页，共74页。4细绳拴一个质量为细绳拴一个质量为m的小球，小球用的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡弹簧不粘连，平衡(pnghng)时细绳与竖直方向时细绳与竖直方向的夹角为的夹角为53，如图，如图6所示，以下说法正所示，以下说法正确的是确的是(已知已知cos 530.6，sin 530.8)()图图6第61页/共73页第六十二页，共74页。答案答案(d n):D第62页/共73页第六十三页，共74页。5(2012豫

42、南九校联考豫南九校联考)用一水平力用一水平力F拉静拉静止在水平面上的物体，在止在水平面上的物体，在F从从0开始逐开始逐渐增大的过程中，加速度渐增大的过程中，加速度(sd)a随外力随外力F变变化的图象如图化的图象如图7所示，所示，g10 m/s2，则可以计算出，则可以计算出()A物体与水平面间的最大静摩擦力物体与水平面间的最大静摩擦力BF等于等于14 N时物体的速度时物体的速度(sd)C物体与水平面间的动摩擦因数物体与水平面间的动摩擦因数D物体的质量物体的质量图图7第63页/共73页第六十四页，共74页。解析：由解析：由aF图象可知图象可知(k zh)，拉力在，拉力在7 N之前加速度之前加速度都

43、是都是0，因此可知，因此可知(k zh)最大静摩擦力为最大静摩擦力为7 N，选项，选项A正正确；再由图象可知确；再由图象可知(k zh)，当，当F7 N时，加速度为时，加速度为0.5 m/s2，当，当F14 N时，加速度为时，加速度为4 m/s2，即，即F1mgma1，F2mgma2可求得动摩擦因数及物体的质量，可求得动摩擦因数及物体的质量，选项选项C、D正确；物体运动为变加速运动，不能算出拉力正确；物体运动为变加速运动，不能算出拉力为为14 N时的速度，选项时的速度，选项B错误。错误。答案：答案：ACD第64页/共73页第六十五页，共74页。6.如图如图8所示，质量为所示，质量为10 kg的

44、物体拴在一的物体拴在一个被水平拉伸的轻质弹簧一端，弹簧个被水平拉伸的轻质弹簧一端，弹簧的拉力为的拉力为5 N时，物体处于静止状态。时，物体处于静止状态。若小车以若小车以1 m/s2的加速度水平向右运动，则的加速度水平向右运动，则(取取g10 m/s2)()A物体相对小车仍然静止物体相对小车仍然静止B物体受到的摩擦力增大物体受到的摩擦力增大(zn d)C物体受到的摩擦力大小不变物体受到的摩擦力大小不变D物体受到的弹簧拉力增大物体受到的弹簧拉力增大(zn d)图图8第65页/共73页第六十六页，共74页。解析：由于弹簧处于解析：由于弹簧处于(chy)拉伸状态，物体处于拉伸状态，物体处于(chy)静

45、止状静止状态，可见小车对物体提供水平向左的静摩擦力，大小为态，可见小车对物体提供水平向左的静摩擦力，大小为5 N，且，且物体和小车间的最大静摩擦力物体和小车间的最大静摩擦力Ffm5 N；若小车以；若小车以1 m/s2的加速的加速度向右匀加速运动，则弹簧还处于度向右匀加速运动，则弹簧还处于(chy)拉伸状态，其弹力不拉伸状态，其弹力不变，仍为变，仍为5 N，由牛顿第二定律可知：，由牛顿第二定律可知：FFfma，Ff5 NFfm，则物体相对小车仍静止，弹力不变，摩擦力的大小也，则物体相对小车仍静止，弹力不变，摩擦力的大小也不变，选项不变，选项A、C正确。正确。答案：答案：AC第66页/共73页第六

46、十七页，共74页。7(2012常州质检常州质检)某运动员做跳伞某运动员做跳伞(tio sn)训练，他从悬停训练，他从悬停在空在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落。他打开降落伞后的速度图线如图伞做减速下落。他打开降落伞后的速度图线如图9甲所示。降甲所示。降落伞用落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37，如图乙。已知人的质量为，如图乙。已知人的质量为50 kg，降落伞质量也为，降落伞质量也为50 kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力，不计人所受的

47、阻力，打开伞后伞所受阻力Ff与速度与速度v成正比，成正比，即即Ffkv(g取取10 m/s2，sin 530.8，cos 530.6)。求：。求：第67页/共73页第六十八页，共74页。(1)打开降落伞前人下落的距离为多大？打开降落伞前人下落的距离为多大？(2)求阻力系数求阻力系数k和打开伞瞬间的加速度和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？的大小和方向？(3)悬绳能够承受的拉力悬绳能够承受的拉力(ll)至少为多少？至少为多少？图图9第68页/共73页第六十九页，共74页。第69页/共73页第七十页，共74页。答案：答案：(1)20 m(2)200 Ns/m30 m/s2竖直竖直(sh zh)向上

48、向上(3)312.5 N第70页/共73页第七十一页，共74页。8如图如图10甲所示，固定光滑细杆与水平地面成一定倾角，甲所示，固定光滑细杆与水平地面成一定倾角，在杆上套有一个光滑小环在杆上套有一个光滑小环(xio hun)，小环，小环(xio hun)在沿杆方向在沿杆方向向上的推力向上的推力F作用下向上运动。作用下向上运动。02 s内推力的大小为内推力的大小为5.0 N,24 s内推力的大小变为内推力的大小变为5.5 N，小环，小环(xio hun)运动的速度随时间变化运动的速度随时间变化的规律如图的规律如图10乙所示，重力加速度乙所示，重力加速度g取取10 m/s2。求：。求：图图10(1

49、)小环小环(xio hun)在加速运动时的加速度在加速运动时的加速度a的大小；的大小；(2)小环小环(xio hun)的质量的质量m；(3)细杆与水平地面之间的夹角细杆与水平地面之间的夹角。第71页/共73页第七十二页，共74页。答案答案(d n)：(1)0.5 m/s2(2)1 kg(3)30第72页/共73页第七十三页，共74页。内容(nirng)总结会计学。2用40 N的水平(shupng)力F拉一个静止在光滑水平(shupng)面上、质量为。(1)把握“两个分析”“一个桥梁”。(2)寻找多过程运动问题中各过程间的相互联系。(2)求工件从P点运动到Q点所用的时间。A两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为。4(2012江苏高考)将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受。4细绳拴一个质量为m的小球，小球用。(3)细杆与水平(shupng)地面之间的夹角第七十四页，共74页。