2022-2023学年山东省枣庄市市中学区五校联考中考物理五模试卷含解析.pdf

《2022-2023学年山东省枣庄市市中学区五校联考中考物理五模试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年山东省枣庄市市中学区五校联考中考物理五模试卷含解析.pdf（18页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 年中考物理模似试卷 考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用 2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题（本大题 7 小题，每题 3 分，共 21 分）1很多文学作品含有一定的物理道理，反映了文学家对生活的细心观察和用心体会，下面文学名句与物理解释对应正确的是（）A潭清疑水浅，荷动知鱼散“水浅”是由于光的直线传播 B空山不见人，但闻人语响“闻声不见人”是由于声速比

2、光速快 C少小离家老大回，乡音未改鬓毛衰未改的是“音调”D花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴分子的运动导致“花气袭人”2生活中处处有物理，以下说法不正确的是 A用吸盘挂钩挂铲子，是利用大气压强 B把鸡蛋往灶台上一磕，鸡蛋就破了，是利用物体间力的作用是相互的 C运动鞋底上刻有凹凸不平的花纹，是为了减小摩擦 D土豆沉入水盆底部，是由于水的密度小于土豆的密度 3在如图所示的实验电路中，电源电压为 3 伏，闭合开关后，电流表的示数为 0.4A，下列说法错误的是 A灯 L1、L2是串联的 B电流表的量程应选 03A C电压表的量程应选 03V D电压表测的是灯 L1两端的电压 4在水平桌面上，有两个完全相同

3、的圆柱形容器甲和乙，内盛相等质量的同种液体将体积相同、材料不同的两个小球 A 和 B 分别放入容器中，A 球漂浮，B 球悬浮，如图所示两球在两容器中所受的浮力分别为 F甲和 F乙，两容器底部对桌面的压强分别为 p甲和 p乙,则下列关系中正确的是 AF甲F乙p甲p乙 BF甲F乙p甲p乙 CF甲F乙p甲p乙 DF甲F乙p甲p乙 5下列选项中符合安全用电要求的是 A使用试电笔，手应触碰笔尾金属体 B当他人触电时，应用手将其拉离触电位置 C在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭用电器 D把用电器的三脚插头改为两脚插头，接在两孔插座上使用 6拍照用的“自拍神器”给旅行者自拍带来了方便如图所示，与直接拿手机

4、自拍相比，利用自拍杆可以 A增大物距，成像更大 B增大像距，成像更大 C增大取景范围，成像变小 D减小取景范围，成像变小 7电阻1R和2R并联，当通过1R的电流为1I时，则通过干路的电流为（）A1211RRIR B1212RRIR C1112RIRR D12112R RIRR 二、填空题（本大题 7 小题，共 21 分）8太阳能属于_（填“可再生”或“不可再生”）能源。在地球上阳光充足的地方，1m2的面积每年获得的太阳能可达 4.2109J这些能量相当于_g 焦炭完全燃烧放出的热量（焦炭的热值为 3.0107J/kg）。9某台汽油机飞轮的转速为 1800r/min，在 1s 内，汽油机完成了_

5、个工作循环如果汽油机在一段时间内消耗了 500g汽油，若这些汽油完全燃烧，可放出热量_J（q汽油=4.6107J/kg）10某品牌太阳能热水器的光热转换效率为 50%，该太阳能热水器内装有 100kg、温度为 20的水，阳光照射一天后，水温升高到 70，则热水器内的水吸收了_J 的热量，热水器接收_J 太阳能。这些太阳能相当于完全燃烧了_m1的天然气。（已知水的比热容为 4.2101J/（kg），天然气的热值约为 8.4107J/m1）11某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随有害尾气浓度 变化的曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变当有害尾

6、气浓度 增大时，气敏电阻 R的阻值将_，电流表的示数将_，电压表的示数将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）12如图所示的电路中，电源电压为 4.5V，且恒定不变，电压表的量程为 03V，电流表的量程为 00.6A，定值电阻 R1的阻值为 5，滑动变阻器的最大阻值为 50。闭合开关 S，移动滑片 P，则滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围为_，电流表的示数变化范围为_A。13如图 1 的电路中，电源电压不变，灯泡 RL的阻值小于变阻器 R2的最大阻值，且 R1的阻值是灯泡电阻 RL的两倍，灯泡电阻不随温度发生变化。现只闭合 S2，滑动变阻器滑片 P 从 a端滑到 b端的过程中，变阻器 R2的电

7、功率与它两端电压的关系图线如图，滑动变阻器滑片到达 b端时，R2的功率为此时电路总功率的 80%，则此时 RL:R2=_；若同时闭合 S1、S2、S3，电路消耗的最小总功率为_W。14如图所示，木块在手的压力作用下沿墙面竖直向下做匀速直线运动，此时撤去手的压力的同时重力也消失，木块将_，原因是_。三、作图题（共 7 分）15如图传动装置甲是由电机带动的逆时针转动的主动轮，乙是从动轮重 20N皮带与轮子之间无打滑现象，轮子与皮带 A处的摩擦力大小为 8N，请在皮带 A处作出这个力和乙轮受到的重力的示意图（_）16重 20 牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出物体受到的支持力 F 17

8、如图所示，给电磁铁 M 通电，发现弹簧开始被压缩，过一会儿，条形磁铁和弹簧重新处于静止此时把滑动变阻器的滑片 P向 B端滑动，弹簧的长度逐渐变短请用笔画线代替导线，把电路连接完整(导线不能交叉，弹簧在其弹性限度内)四、实验题（本大题共 5 小题，共 20 分）18在探究“滑轮组机械效率”时，小强利用两组滑轮组进行了 4 次测量，用一个动滑轮和一个定滑轮测得前 3 组数据，用两个动滑轮和两个定滑轮测得第 4 组数据，如下表：实验次数 物重 G物/N 动滑轮重 G动/N 钩码上升的高度 h/m 动力 F/N 动力作用点移动的距离 s/m 滑轮组的机械效率/%1 1 0.5 0.1 0.7 0.3

9、47.6 2 2 0.5 0.1 1.1 0.3 60.6 3 4 0.5 0.1 2 0.3 4 4 1 0.1 0.5 50.0（1）根据表中前 3 次实验数据，画出甲图中滑轮组的绕绳方法在实验中，测量绳端拉力 F 时，应尽量_匀速向上拉动弹簧测力计，读出乙图中弹簧测力计的示数为_N，第 3 次实验时滑轮组的机械效率为_ 由表中第_组数据可知，同一滑轮组的机械效率与物重有关由表中第 3、4 组数据可知，滑轮组的机械效率与摩擦和_有关，请计算出第 3 组实验中克服摩擦所做的额外功_J 19在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中。（1）小明的三次实验情况分别如图中的甲、乙、丙所示。实

10、验时，用弹簧测力计拉木块在水平木板（或毛巾）上做匀速直线运动，根据_知识可知，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。（2）小明在探究“滑动摩擦力的大小与压力的关系”时，利用图中甲、乙两组数据比较得出：“压力越大，滑动摩擦力就越大”的结论。你认为他这样对比这两组数据就得出这样的结论对吗？_。你的理由是：_。（3）从图中乙、丙两组数据比较，你能得出的结论是：_。20（2016阜新卷）小明同学在“研究杠杆平衡条件”实验中：（1）实验时应先调节杠杆在_位置平衡若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向_调（填“左”或“右”）（2）杠杆平衡后，小明在图乙所示的 A位置挂上 3个钩码，为了使杠杆在水平位置平

11、衡，这时应在 B位置挂上_个钩码（3）下表是该组某同学在实验中记录杠杆平衡的部分数据：实验次数 F1（N）l1(cm)F2(N)l2(cm)1 2 5 10 2 3 10 2 15 3 2 30 3 上表中空格处所缺的数据是：_，_；（4）分析上表中的实验数据可以得出的结论是_ 21小明做探究电流与电阻关系的实验 如图甲所示，用笔划线代替导线，将电流表的两根引线接入电路 闭合开关后，向右移动滑动变阻器的滑片，直至电压表示数如图乙所示，其值为_ V 此过程中，电流表示数_（选填“变大”、“变小”）更换不同阻值的定值电阻，进一步实验，并将实验数据记录在表格中：次数 R/I/A 1 5 0.3 2

12、10 0.2 3 15 0.1 分析表格数据可知第_次实验存在问题，判断的依据是_，需要补充的实验步骤是：将滑动变阻器的滑片向_调节 22 小红同学在做“测量小灯泡的额定功率”实验时，连接的实物电路图如图甲所示 其中小灯泡的额定电压为 2.5V，额定功率小于 1W (1)小红连接的电路图有一根导线连接错误，请你在图中用“”标出这根错接的导线，并画出正确的连接导线(不能与其他导线交叉)（_）(2)小红正确连接好电路后，闭合开关，发现电压表和电流表均有读数，但小灯泡不亮，检查发现所有电学元件均完好，请你判断灯泡不亮的原因是_(3)调整好电路之后，再闭合开关，发现电压表示数为 2.7V，那么，小红的

13、下一步操作应该是_(4)如果测得通过小灯泡的电流随电压变化的关系如图乙若把这样的两只灯泡串联接在 4V 的电源上，则此时每只灯泡的电阻为_,每只灯泡的实际功率为_W(5)结合图乙的信息思考，能否利用正确连接好的图甲电路来探究电流与电压的关系并说明理由：_ 五、计算题（本大题共 2 小题，共 13 分）23如图甲所示电路中，灯泡 L 额定电压为 6V，滑动变阻器 R上标有“40 1A”字样，电流表量程为 03A当 S闭合时，移动滑片 P，使滑动变阻器接入电路的电阻为总电阻的14时，灯泡 L 正常发光 灯泡 UI的图像如图所示 求：（1）灯泡正常发光时的电阻和电源电压；（2）用定值电阻 R0替换此

14、灯泡，保证在移动滑动变阻器滑片过程中电压表示数的最大值都会出现 4V求 R0的取值范围 24 如图所示，水平地面上有一个扫地机器人，某次机器人开始扫地 1min 后遇到障碍原地旋转 20s，然后继续扫地 2min，总行驶路程为 36m 已知机器人行进中受地面的摩擦阻力大小恒为 10N，忽略灰尘质量、毛刷支撑以及气流的影响 求：（1）机器人在本次清扫工作中牵引力所做的功；（2）若机器人某段时间以 0.5m/s 的速度做匀速直线运动，计算机器人该段时间内牵引力的功率 六、综合能力题（本大题共 3 小题，共 18 分）25如图甲是某饮水器的原理图。饮水器的容器内有密封绝缘的电热丝 R1（是一个定值电

15、阻）和热敏电阻 Rx，只要水面到达如图所示的位置，接触开关 S1就会导通。继电器开关 S2的作用是当饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路。若分别把电热丝R1和热敏电阻Rx单独接入某电源电路中，它们的电流随电压的变化曲线是图乙中 A、B、C 中的两条。可知 R1的阻值是_，饮水器的正常加热功率是_W。为了使继电器开关 S2在饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路，热敏电阻 Rx应选择图乙中的_（选填图象中的字母）。在使用过程中，发现饮水器内的水实际加热到 90就自动切断了加热电路，为了使水能在加热至沸腾后才能自动切断加热电路，可将滑动变阻 R2的滑片向_调节。已知该饮水器装有 10kg

16、 水，在实际使用中发现，当只有饮水器接入电路中时，它将水从 20加热到 100的过程中，电能表的转盘转了 3000 转，则该饮水器加热过程中的热效率是_（保留小数点后一位）。（电能表参数“2500revs/kWh”，水的比热容为 4.2103J/（kg）26阅读短文，并回答问题 第四代电光源LED 光源 如图甲是时下较为流行的 LED 手电筒和 LED 吸顶灯，它的主要部分是高亮度白色发光二极管，这种发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、耗电少，寿命长、易控制、免维护、安全环保等优点，是继白炽灯、卤素灯和节能荧光灯后新兴的第四代电光源，是极具发展前途的新光源LED 的发光原理与白

17、炽灯先发热后发光的原理截然不同，是直接把电能转换成光能的器件，因而其发光效率较高，是新一代固体冷光源，将逐步取代传统光源图乙是LED 的元件实物及符号 由于二极管具有单向导电性，使用时必须将它的正极与电源正极相连，二极管才能处于导通状态，否则处于截止状态 利用图丙所示电路可以研究发光二极管的工作特性：把一个额定电压为 3V 的 LED 接入电源电压恒为 4.5V 的电路，闭合开关 S，LED 即处于导通状态，调节变阻器滑片，改变 LED 两端的电压和电路中电流，记录多组电压、电流数据，可以得到电压表与电流表示数关系，如丁所示 LED 灯主要由半导体材料制成；它之所以节能，被称为冷光源，是因为电

18、热转换损耗的能量较白炽灯_（高/低）；在图丙中，闭合 S，调节滑动变阻器，使 LED 正常发光；断开 S，改变电源的正负极后再闭合 S，LED_（能/不能）发光在图丙中，闭合 S，调节滑动变阻器，使 LED正常发光；断开 S，改变电源的正负极后再闭合 S，LED 不能发光；此时两电表的示数为_。A4.5V 20mA B3V 20mA C4.5V 0mA D3V 0mA 27电热膜是一种新型的电热器件，如图所示是一种常见的电热膜电热膜是在绝缘的聚酯薄膜表面，经过特殊工艺加工形成的一条条薄的导电墨线，导电墨线两端与金属导线相连，形成网状结构，其内部结构如图所示电热膜通电工作时没有发红、炽热现象产生

19、，所以电热膜本身温度并不太高，不易氧化，使用寿命长在制造电热膜时，会出现不同区域导电墨线厚度不均匀的现象导电墨线电阻随温度变化的关系如图所示，这种温度特性的优点是，它不会因厚度不均匀而出现严重发热不均、局部过热的现象，这是电热丝所不具备的，它保证了电热膜各处的温度均匀 电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过_方式增加空气内能的；如图所示电热膜电路，导电墨线的连接方式是_联，正常工作时金属导线中 A、B 处电流分别为 IA和 IB，则 IA_ IB（填“”、“=”或“”）某根导电墨线的局部导电材料脱落，如图 C 部分，这根导电墨线的电阻_（选填“变大”、“变小”或“不变”）电热膜不会因厚度不

20、均而出现局部过热的现象，原因是电热丝电阻随温度的升高而_，温度高时发热功率_（选填“增大”、“减小”或“不变”）参考答案 一、单项选择题（本大题 7 小题，每题 3 分，共 21 分）1、D【解析】试题分析：潭清疑水浅，是由于光从水中射入空气中，在水面处发生光的折射而产生的现象，故 A 错误；声波遇到障碍物或小孔后通过散射继续传播的现象叫做波的衍射，“空山不见人，但闻人语响”是声波的衍射现象，故 B 错误；古诗“少小离家老大回，乡音无改鬓毛衰”中的“乡音无改”是指音色未变，故 C 错误；天气突然变暖，空气温度升高，花朵分泌的芳香油分子在空中做无规则运动的速度加快，分子的扩散加快，从而使人可以闻

21、到浓浓的花香，故 D 正确；故应选 D【考点定位】光现象；声现象；分子动理论 2、C【解析】A、塑料吸盘能够吸在墙壁上，利用的是大气压强，故 A 正确；B、把鸡蛋往灶台上一碰，鸡蛋给灶台施加力，因为力的作用是相互的，灶台也给鸡蛋施力，鸡蛋便破了，故 B 正确；C、运动鞋底上刻有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力故 C 错误；D、根据浮沉条件，土豆在水中下沉，是因为土豆的密度大于水的密度，故 D 正确 3、B【解析】由图知，两灯泡 L1、L2串联，电流表测量电路中电流，电压表测量灯 L1两端的电压，故 AD 正确；因为串联电路中电流处处相等，且电流表的示数为 0

22、.4A，所以电流表的量程应为 00.6A，故 B 错误；因为电源电压为 3V，所以电压表的量程为 03V，故 C 正确。4、C【解析】试题分析：由图可知 V甲排V乙排，由可知 F甲F乙；因甲乙容器相等，V甲排V乙排，所以甲中液体深度比乙中液体深度小，由可知 p甲p乙故选 C【考点定位】压力和压强的计算 5、A【解析】A使用试电笔时，手一定要接触笔尾金属体，这样才能正确辨别火线和零线，故 A 正确；B发现有人触电时，应立即切断电源再施救，不能用手将人拉离触电位置，故 B 错误；C未断开电源开关，用电器上有电，生活用水是导体，若用湿布擦拭用电器，容易发生触电事故，故 C 错误；D把用电器的三脚插头

23、改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故 D 错误。6、C【解析】使用自拍杆与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以增大物距，根据凸透镜成像规律“物远相近像变小”，物距增大，像变小，增大取景范围故 C 正确为答案 7、B【解析】解决此题的关键是知道并联电路各支路电压相等,干路的电流等于各支路电流之和,结合欧姆定律可以求解.【详解】ABCD当通过1R的电流为1I时,根据欧姆定律变形公式:11UIRI R 因电阻1R和2R并联,所以2R两端的电压也是11I R,根据公式UIR,可以知道:1122I RIR 所以通过干路的电流:1112121122I R

24、RRIIIIIRR 二、填空题（本大题 7 小题，共 21 分）8、可再生 1.4105 【解析】太阳能可以源源不断地从自然界获得，所以属于可再生能源；由 Qmq可得焦炭的质量：m=974.2 10 J3.0 10 J/kgQq140kg1.4105g。9、15 2.3l07 【解析】对于四冲程汽油机，一个工作循环飞轮转 2 圈，完成四个工作冲程，做功 1 次，活塞往复 2 次所以若汽油机的飞轮转速为1800r/min，则1s内，飞轮转30圈，共完成15个工作循环；500g汽油完全燃烧产生的热量是：Q放=mq=500g4.6l07 J/kg=2.3l07 J=0.5kg4.6l07 J/kg=

25、2.3l07 J 10、2.1107 4.2107 0.5 【解析】（1）水吸收的热量：Q吸=cm t=4.2101J/（kg）100kg（70-20）=2.1107J；（2）由=Q吸/E得热水器接收的太阳能：E=Q吸/E=2.1107J/50%=4.2107J；（1）由题知 Q放=E=4.2107J，由 Q放=Vq得需要天然气的体积：V=Q放/q=4.2107J/（8.4107Jm1）=0.5m1。11、变小 变大 变大【解析】由甲电路图可知，R与R0 串联，电压表R两端的电压，电流表测电路中的电流，由图乙可知，当有害尾气浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，电路的总电阻变小，由I=U/R可知，

26、电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由U=IR可知，定值电阻R0 两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小 12、2.510 0.30.6 【解析】由电路图可知，定值电阻 R1与滑动变阻器 R2串联，电流表测量串联电路中的电流，电压表测量滑动变阻器 R2两端的电压；由电流表的量程可知，电路中的电流不能超过 0.6A，则有 I=24.5V5R0.6A，解得 R22.5。由电压表的量程可知，滑动变阻器 R2两端的电压不能超过 3V，则有 U2224.5V5RR3V，解得 R210，故滑动变阻器 R2接入电路中的电阻值变化范围为：2.5

27、10；当 R2=2.5时，电路中的电流为 I大=4.5V52.5=0.6A；当 R2=10 时，电路中的电流为 I小=4.5V5+10=0.3A，故电流表的示数变化范围为：0.30.6A。13、1:4 15W 【解析】只闭合 S2时，电路中只有灯泡与滑动变阻器串联。当滑片到达 b端时，R2的功率为此时电路总功率的 80%，则灯泡功率为电路总功率的 20%，即此时灯泡功率 PL与滑动变阻器功率 P2之比为 PL:P2=20%:80%=1:4。因此时灯泡与滑动变阻器串联电流相等，且由 P=I2R得 R=2PI，所以L2RR=L222PIPI=L2PP=14；由图像知，滑片 P 从 a端滑到 b端的

28、过程中 R2的最大功率为 5W，由串联电路特点和欧姆定律可得，电路中电流：L2=UIRR，由 P=I2R可得 R2的的电功率为2P=22I R=22L2URRR=222L2U RRR=2222LL22L224U RRR RRR R=222L2L24U RRRR R，当 R2=RL时，P2有最大值，所以2P最大=22L24U RR R=2L4UR=5W，即有：2L20WUR。由图甲知，当同时闭合 S1、S2、S3时，R1、R2并联。当滑片在 b端时，滑动变阻器阻值最大，电路的总电阻最大，电源电压一定，由2UPR知，此时电路消耗总功率最小。因 R1=2RL，R2=4RL，所以P最小=21212UR

29、 RRR=2LLLL2424URRRR=2L34UR=320W4=15W。14、一直竖直向下匀速运动下去；撤去手的压力，则木块不再受墙壁的支持力和摩擦力，若重力也消失，根据牛顿第一定律可知，不受力的木块将保持匀速直线运动。【解析】根据题意知道，木块在手的压力作用下沿墙面竖直向下做匀速直线运动，此时若撤去手的压力，则木块不再受墙壁的支持力和摩擦力，若重力也消失，则木块将不受力，由牛顿第一定律知道，物体将保持外力消失瞬间的方向和速度做匀速直线运动，即一直竖直向下匀速运动下去。三、作图题（共 7 分）15、【解析】A点位置在与主动轮接触的皮带上,轮子带着传送带运动,故传送带相对轮子有向左运动的趋势,

30、可以知道此处静摩擦力方向向右，作用点在 A点;重力的方向竖直向下，作用点在乙轮的重心，如图所示：16、【解析】先画出标度表示力的大小，物体静止在水平面上，处于平衡状态，所以受到的重力和地面的支持力是一对平衡力，两者大小相等，所以支持力等于重力等于 20N，支持力的方向与重力方向相反，竖直向上，由此可以用力的图示法表示出物体受到的支持力如下图所示：17、【解析】弹簧的长度逐渐变短，说明磁铁受到的斥力变大，故螺旋管的上端为 S 极，根据安培定则可知，电磁铁的上端应接电源的正极；把滑动变阻器的滑片 P 向 B 端滑动，弹簧的长度逐渐变短，说明此时的电流变大，故应接滑动变阻器的 B接线柱，如下图所示：

31、四、实验题（本大题共 5 小题，共 20 分）18、竖直 2.6N 3.7%2、2、3 动滑轮重 2.25 【解析】（2）由前 3 组实验数据知，s=3h，所以滑轮组由 3 段绳子承担物重，因此应从动滑轮绕起，如图所示：（2）实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，这样才能准确测出拉力的值；由图知，测力计的分度值为 22N，所以其示数为 26N；拉力所做的功为：W=Fs=2N23m=26J；拉力做功的功率为：P=W/t=26J/2s=26W；第 3 次实验，滑轮组的机械效率为：=W有/W总=Gh/Fs=4N22m/2N23m222%37%；（3）由表中第 2、2、3 组数据可知，同一滑轮组的机械

32、效率与物重有关；（4）由表中第 3、4 组数据可知，物重相同，动滑轮重力不同，机械效率不同，由此可得，滑轮组的机械效率与摩擦和动滑轮重有关根据表中第 3 组数据可知，有用功：W有=Gh=4N22m=24J；克服动滑轮做的功：W动=G动h=25N22m=225J；总功：W总=Fs=2N23m=26J；19、二力平衡 不对 没有控制接触面的粗糙程度相同 接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大 【解析】（1）用弹簧测力计匀速拉动木块时，木块做匀速直线运动受到的力是平衡力，由二力平衡知道，此时摩擦力的大小等于弹簧测力计对木块拉力的大小；（2）甲乙两图压力大小和接触面的粗糙程度都不相同，因此无

33、法研究摩擦力大小和压力大小的关系；要研究摩擦力和压力大小的关系，必须控制接触面的粗糙程度相同，把乙图中的毛巾面换成木板面；（3）乙、丙两图实验中木块对接触面的粗糙程度不变，乙图中压力大，所以研究的是摩擦力大小与压力大小的关系，能够得出在接触面的粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力越大的结论。20、水平 左 4 1 20 F1 l1F2 l2(动力动力臂阻力阻力臂)【解析】试题分析：（1）为了便于直接从杠杆上读出力臂的大小，所以应调节杠杆水平平衡；调节杠杆平衡时，应把平衡螺母向着较高的一侧来拧，故应向左拧；（2）由杠杆的平衡条件可知，A 位置 3 个钩码，力臂为 4，故 B 位置力臂为 3，应挂 4

34、 个钩码；（3）根据杠杆的平衡条件：F1l1=F2l2可得：1，20；（4）实验结论为：F1l1F2l2（动力动力臂阻力阻力臂）【考点定位】杠杆的平衡条件 21、见解析所示 1.5 变大 2 定值电阻两端电压改变了（或者定值电阻两端电压不是 1.5V）左 【解析】(1)将电流表“”的导线与开关的左接线柱相连，“0.6”接线柱与定值电阻左侧接线柱相连，电路图如图所示：(2)由图示电压表可知，其量程为 03V，分度值为 0.1V，示数为 1.5V；当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻减小，电源电压不变，所以电流增大；(3)在研究电流与电阻关系时，要保持电阻两端电压一定根据实验

35、数据可以看出：第一组、第三组实验中，电阻两端电压都相等为 1.5V；而第二组实验中，电阻两端电压为 0.2A102V，所以第二组实验操作错误；纠正的方法是：向左调节滑动变阻器滑片，使电阻两端电压仍为 1.5V，记录此时的电流【点睛】（1）将电流表接入电路时，应使其与定值电阻串联，还要注意电流的方向；（2）读取电压表示数时，先要明确电压表选择的量程和对应的分度值；滑动变阻器滑片移动时，接入电路的电阻发生变化，所以电路电流相应发生变化；（3）探究电流与电阻的关系，需要保持电阻两端电压一定 22、灯泡实际功率太小不足以使灯泡发光 向左调节滑动变阻器滑片，使电压表的示数为 2.5V 10 0.4 不能

36、，因为灯泡电阻受温度影响，不是定值，电阻随温度升高而增大 【解析】（1）由图甲知道，电压表与电流表串联然后与灯泡并联，电压表应并联在灯泡两端，电压表连接错误，修改后的电路图如下图所示：（2）闭合开关时，滑动变阻器阻值全部接入电路，所以，电压表和电流表均有读数，即电路不存在断路，灯泡也没有短路，但小灯泡不亮，可能的原因是：电路电阻太大，通过灯泡的电流太小，灯泡实际功率太小不足以使灯泡发光造成的；（3）闭合开关，电压表示数为 2.7V，即大于灯泡额定电压，若要测灯泡额定功率，则根据串联电路的分压原理知道，应向左移动滑片，增大变阻器分得电压，以减小灯泡两端电压，直到电压表示数等于灯泡额定电压 2.5

37、V；（4）当把这样的两只灯泡串联接在 4v 的电源上时，则每只灯泡两端的电压是 2V，由图乙知道，此时电路的电流是 0.2A，所以，每只灯泡的电阻是：2V100.2AURI，每只灯泡的实际功率是：2V 0.20.4WPUIA；（5）探究电流与电压的关系应控制电阻阻值不变，由图乙知道，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，即灯泡电阻不是定值，所以，不能采用图甲电路探究电流与电压的关系 五、计算题（本大题共 2 小题，共 13 分）23、（1）10（2）12V（3）420【解析】(1)灯泡 L 额定电压为 6V，根据图乙可知，正常发光时通过灯泡的电流是 0.6A，所以此时灯泡的电阻为6V100.6

38、AURI额额额;U滑=I额R额=I额14R总=0.6A4014=6V；所以 U电=U额+U滑=6V+6V=12V;(2)当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，R0取得最大阻值 Rmax，此时 UR0=4V，UR=U总-UR0=12V-4V=8V,R=40，max0max8V2404V1RRRURUR，Rmax=20；当通过滑动变阻器接入电路阻值减小，并且满足干路电流不超过 1A 时，R0取得最小阻值 Rmin，此时 UR0=4V，UR=8V，I=1A；所以 Rmin=04V41ARUI;所以 R0的取值范围是 420 24、（1）0.18m/s（2）5W【解析】（1）机器人在本次清扫工作中的所用时

39、间：t=160s+20s+260s=200s，机器人在本次清扫工作中的平均速度：v=st=36m200s=0.18m/s；（2）因为机器人做匀速直线运动时，所受的摩擦阻力和牵引力是一对平衡力，所以牵引力：F牵=f=10N，机器人该段时间内牵引力的功率：P=Fv1=10N0.5m/s5W.六、综合能力题（本大题共 3 小题，共 18 分）25、10 4840 C 左 77.8%【解析】（1）因为 R1是定值电阻，则通过 R1的电流与它两端电压成正比，其 IU图象为过原点的倾斜直线，所以图像中 B为定值电阻 R1的电流随电压的变化曲线；结合欧姆定律，取图像中点（10V，1.0A）可得，R1的阻值为

40、 R1UI10V1A10，其正常工作时的功率为 P2UR2220V10（）4840W。（2）为了使饮水器在水加热至沸腾后能自动切断加热电路，则应使继电器开关 S2断开，应减弱电磁铁的磁性，根据影响电磁铁磁性强弱的因素可知应减小控制电路中的电流，由欧姆定律可知此时热敏电阻的阻值应变大，即热敏电阻Rx的阻值应随温度升高而变大，图乙中 C 曲线反映了电阻的阻值随温度升高（两端电压越高，电流越大，产生热量越多，温度就越高）而变大的特性，故选 C；若要饮水器内的水加热到 90还能继续加热，即继电器开关 S2仍然是闭合的，需要增强电磁铁的磁性，应增大此时控制电路中的电流，由欧姆定律可知应减小控制电路的总电

41、阻，而温度为 90时热敏电阻的阻值是一定的，所以应减小滑动变阻器 R2的阻值，即 R2的滑片向左调节。（3）水吸收的热量为 Q吸c水mt4.2103J/（kg）10kg（10020）3.36106J。电能表转盘转 3000r 饮水器消耗的电能为 W2500r/3000rkW h1.2kWh1.23.6106J4.32106J。则饮水器的热效率为 QW吸663.36 10 J4.32 10 J=77.8%。26、低 不能 C 【解析】（1）根据题意知，LED灯直接把电能转换成光能的器件，因而其发光效率较高，转移为内能的部分少，即电热转换损耗的能量较白炽灯低；（2）在图丙中，闭合 S，调节滑动变阻

42、器，使 LED正常发光，由于二极管具有单向导电性，断开 S，改变电源的正负极后再闭合 S，LED 不会有电流通过，故不能发光。（3）在图丙中，闭合 S，调节滑动变阻器，使 LED正常发光；断开 S，改变电源的正负极后再闭合 S，LED 不能发光，即 LED 没有电流通过，所以电流表示数为 0mA，此时电压表通过滑动变阻器能够测量电源电压，所以电压表示数为 1.5V。故选 C。27、热传递 并联 变大 增大 减小 【解析】（1）改变物体内能的方式有现种：做功和热传递；电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过热传递方式增加空气内能的；（2）由图示可知，导电墨线的连接方式为并联，且 A、B 两点所处的位置不同，通过 B 点的电流大于通过 A 点的电流；（3）脱落的地方的截面积变小了，所以电阻变大；（4）电热膜电热丝电阻随温度的升高而增大，温度高时发热功率减小，所以不会因厚度不均而出现局部过热的现象