2019高中物理 第四章 电磁感应 6 互感和自感分层训练 新人教版选修3-2.doc

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1、16 6 互感和自感互感和自感A 级 抓基础1关于线圈中的自感电动势的大小，下列说法正确的是( )A跟通过线圈的电流大小有关B跟线圈中的电流变化大小有关C跟线圈中的磁通量大小有关D跟线圈中的电流变化快慢有关解析：自感电动势也是电磁感应定律的一种特殊情况，磁通量通过自身时，也要产生阻碍其变化的感应电流根据自感电动势En可知，选项 D 正确I t答案：D2(多选)关于自感现象，下列说法中正确的是( )A感应电流不定和原电流方向相反B线圈中产生的自感电动势较大，则其自感系数一定较大C对于同一线圈，当电流变化较快时，线圈中的自感系数也较大D对于同一线圈，当电流变化较快时，线圈中的自感电动势较大解析：自

2、感电流总是阻碍原电流的变化当线圈中的电流减小时，自感电动势方向与原电流方向相同；当线圈中的电流增大时，自感电动势方向与原电流方向相反，故 A 正确线圈的自感系数由线圈本身的因素决定，故 B 错误自感电动势的大小跟导体中电流变化的快慢有关，即：EL，故 C 错误，D 正确I t答案：AD3(多选)如图所示的电路中，A1和 A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略不计，下列说法中正确的是( )A合上开关 S 接通电路时，A2先亮 A1后亮，最后一样亮B合上开关 S 接通电路时，A1和 A2始终一样亮C断开开关 S 切断电路时，A2立即熄灭，A1过一会熄灭2D断开开关 S 切断电路时，A1和 A2

3、都要过一会才熄灭解析：S 闭合接通电路时，A2支路中的电流立即达到最大，A2先亮；由于线圈的自感作用，A1支路电流增加的慢，A1后亮A1中的电流稳定后，线圈的阻碍作用消失，A1与 A2并联，亮度一样，故 A 正确，B 不正确；S 断开时，L和 A1、A2组成串联的闭合回路，A1和 A2亮度一样，由于L中产生自感电动势阻碍L中原电流的消失，使 A1和 A2过一会才熄灭，故 D 选项正确答案：AD4(多选)如图所示，闭合电路中的螺线管可自由伸缩，螺线管有一定的长度，这时灯泡具有一定的亮度，若将一软铁棒从螺线管左边迅速插入螺线管内，则将看到( )A灯泡变暗 B灯泡变亮C螺线管缩短 D螺线管伸长解析：

4、当软铁棒插入螺线管中，穿过螺线管的磁通量增加，故产生反向的自感电动势，这样电流减小，灯泡变暗，每匝线圈间同向电流作用力减小，故螺线管伸长答案：AD5如图所示，L为自感系数较大的线圈，电路稳定后小灯泡正常发光，当断开电路的瞬间会有( )A灯泡立刻熄灭B灯泡慢慢熄灭C闪亮一下后再慢慢熄灭D闪亮一下后突然熄灭解析：当电路断开时，由于通过线圈的电流从有到无，线圈将产生自感电动势，但由于线圈与灯泡不能构成闭合回路，因此灯泡立刻熄灭答案：A6如图所示是测定自感系数很大的线圈L直流电阻的电路，L两端并联一只电压表，用来测量自感线圈的直流电压，在测量完毕后，将电路解体时应( )3A先断开 S1 B先断开 S2

5、C先拆除电流表 D先拆除电阻R解析：S1断开瞬间，L中产生很大的自感电动势，若此时 S2闭合，则可能将电压表烧坏，故应先断开 S2.答案：BB 级 提能力7在制作精密电阻时，为了消除使用过程中由于电流变化而引起的自感现象，采用双线并绕的方法，如图所示其道理是( )A当电路中的电流变化时，两股导线产生的自感电动势相互抵消B当电路中的电流变化时，两股导线产生的感应电流相互抵消C当电路中的电流变化时，两股导线中原电流的磁通量相互抵消D以上说法都不对解析：由于采用双线并绕的方法，当电流通过时，两股导线中的电流方向是相反的，不管电流怎样变化，任何时刻两股电流总是等大反向的，所产生的磁通量也是等大反向的，

6、故总磁通量等于零，在该线圈中不会产生电磁感应现象，因此消除了自感，选项 A、B 错误，只有 C 正确答案：C8图中电感线圈L的直流电阻为RL，小灯泡的电阻为R，小量程电流表 G1、G2的内阻不计，当开关 S 闭合且稳定后，电流表 G1、G2的指针均偏向右侧(电流表的零刻度在表盘的中央)，则当开关 S 断开时，下列说法中正确的是( )AG1、G2的指针都立即回到零点BG1缓慢回到零点，G2立即左偏，然后缓慢回到零点CG1立即回到零点，G2缓慢回到零点DG1立即回到零点，G2缓慢回到零点4解析：S 闭合且稳定时，通过电流表 G1、G2两条支路的电流均由左向右断开 S，L中产生自感电动势，由“增反减

7、同”可知，自感电动势E自的方向一定与原电流方向相同，等效电路如图所示显然，断开 S 后，在E自的作用下，回路中将继续形成沿顺时针方向的电流，这时流经电流表 G2支路的电流方向变为由右向左由于这段时间内E自是逐渐减小的，故电流也是逐渐减小的答案：B9(多选)如图所示的电路中，灯泡 LA、LB电阻相同，自感线圈L的电阻跟灯泡相差不大先接通 S，使电路达到稳定，再断开 S.对于电流随时间变化的图象，下列正确的是( )解析：S 接通时，流过线圈的电流发生变化，线圈中会产生自感电动势，阻碍电流的变化，经过一段时间后，自感作用消失，电路达到稳定，流过灯泡 LA的电流如选项 B 所示；S 接通且电路稳定时，

8、流过灯泡 LB的电流大于流过灯泡 LA的电流，方向是从左到右，当 S断开时，线圈L产生自感电动势，并与灯泡 LB组成回路，产生自感电流，使流过灯泡 LB的电流反向，并突然减小，从断开前流过线圈的电流大小开始逐渐减小到零，选项 D 正确答案：BD10如图所示的电路，线圈L的电阻不计，则( )AS 闭合瞬间，A板带正电，B板带负电BS 保持闭合，A板带正电，B板带负电CS 断开瞬间，A板带正电，B板带负电D由于线圈电阻不计电容器被短路，上述三种情况下两板都不带电解析：S 闭合瞬间，由于通过电感线圈的电流为零，电容器被充电，A板带正电，B板带负电；S 保持闭合，电容器被短路，不带电；S 断开瞬间，线

9、圈产生自感电动势，给电容器充电根据电流方向判断，A板带负电，B板带正电5答案：A11如图所示，设电源的电动势为E10 V，内阻不计，L与R的电阻值均为 5 ，两灯泡的电阻值为RS10 .(1)求断开 S 的瞬间，灯泡 L1两端的电压；(2)画出断开 S 前后一段时间内通过 L1的电流随时间的变化规律解析：(1)电路稳定工作时，由于a、b两点的电势相等导线ab上无电流通过，因此通过L的电流为：IL A1 A，E 2R10 10流过 L1的电流为IS A0.5 A，E 2RS10 20断开S的瞬间，由于线圈要想维持IL不变，而与 L1组成闭合回路，因此通过 L1的最大电流为 1 A，所以此时 L1两端的电压UILRS10 V(正常工作时为 5 V)(2)断开S前，流过 L1的电流为 0.5 A 不变，而断开 S 的瞬间，通过 L1的电流突变为1 A，而方向也发生变化，然后渐渐减小到零，所以它的图象如图所示(t0为断开 S 的时刻)注：从 t0开始，电流持续的时间实际上一般是很短的