(文末附答案)高中物理牛顿运动定律考点大全笔记.pdf

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1、(文末附答案文末附答案)高中物理牛顿运动定律考点大全笔记高中物理牛顿运动定律考点大全笔记单选题1、一质量为m=2.0kg 的小物块以一定的初速度冲上一倾角为37足够长的斜面，某同学利用传感器测出了小物块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机作出了小物块上滑过程的v-t图线，如图所示（sin37=0.6，cos37=0.8，g取 10m/s）。则（）2A小物块冲上斜面过程中加速度的大小是5.0m/sB小物块与斜面间的动摩擦因数是0.25C小物块在斜面上滑行的最大位移是8mD小物块在运动的整个过程中，损失的机械能是6.4J2、一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在0时刻撤去力F

2、，其 图像如下图所示。已知物体与水平面间的动摩擦因数为，则力F的大小为（）2AB2mgC3mgD43、如图所示，电梯内有一固定斜面，斜面与电梯右侧墙壁之间放一光滑小球，当电梯以的加速度匀加速上21升时，电梯右侧墙壁对小球弹力为1，当电梯以2的加速度匀减速上升时，电梯右侧墙壁对小球弹力为2，重11力加速度为g，则（）A1:2=3:1B1:2=3:2C1:2=4:3D1:2=5:44、下列有关物体惯性的说法中正确的是（）A同一物体，不管速度大小如何，惯性大小是相同的B力是改变物体惯性的原因C物体只有静止或做匀速直线运动时才有惯性D受力物体的惯性将随着所受力的增大而逐渐消失5、中国高速铁路最高运行时

3、速350km，被誉为中国“新四大发明”之一。几年前一位来中国旅行的瑞典人在网上发了一段视频，高速行驶的列车窗台上，放了一枚直立的硬币，如图所示。在列车行驶的过程中，硬币始终直立在列车窗台上，直到列车转弯的时候，硬币才倒下。这一视频证明了中国高铁极好的稳定性。关于这枚硬币，下列判断正确的是（）A硬币直立过程中，列车一定做匀速直线运动B硬币直立过程中，一定只受重力和支持力，处于平衡状态2C硬币直立过程中，可能受到与列车行驶方向相同的摩擦力作用D列车加速或减速行驶时，硬币都可能受到与列车运动方向相反的摩擦力作用6、小明站在电梯内的体重计上，电梯静止时体重计示数为50kg，若电梯在竖直方向运动过程中，

4、他看到体重计的示数为 45kg 时，取重力加速度g=10m/s。下面说法中正确是（）A电梯可能在加速上升，加速度大小为9m/sB电梯可能在加速上升，加速度大小为1m/sC电梯可能在减速上升，加速度大小为1m/sD电梯可能在减速下降，加速度大小为9m/s7、研究“蹦极”运动时，在运动员身上系好弹性绳并安装传感器，可测得运动员竖直下落的距离及其对应的速度大小。根据传感器收集到的数据，得到如图所示的“速度位移”图像。若空气阻力和弹性绳的重力可以忽略，根据图像信息，下列说法正确的是（）22222A弹性绳原长为15mB当运动员下降10m时，处于超重状态C当运动员下降15m时，运动到最低点D当运动员下降2

5、0m时，其加速度方向竖直向上8、质量为2kg的物体在水平面上沿直线运动，受阻力大小恒定。经某点开始沿运动方向的水平拉力F与运动距离x的关系如图所示，03m物体做匀速直线运动。下列对图示过程的说法正确的是（）3A在=5m处物体加速度大小为3m/s2B07m物体克服阻力做功为28JC07m拉力对物体做功为45JD07m合力对物体做功为68J多选题9、我们经常接触到的一些民谚、俗语，都蕴含着丰富的物理知识，以下理解正确的是（）A“泥鳅黄鳝交朋友，滑头对滑头”泥鳅和黄鳝的表面都比较光滑，摩擦力小B“一只巴掌拍不响”力是物体对物体的作用，一只巴掌要么拍另一只巴掌，要么拍在其他物体上才能产生力的作用，才能

6、拍响C“鸡蛋碰石头，自不量力”鸡蛋和石头相碰时石头撞击鸡蛋的力大于鸡蛋撞击石头的力D“人心齐，泰山移”如果各个分力的方向一致，则合力的大小等于各个分力的大小之和10、如图甲所示，一水平传送带沿顺时针方向旋转，在传送带左端A处轻放一可视为质点的小物块，小物块从A端到B端的速度时间变化规律如图乙所示，t6 s 时恰好到B点，重力加速度g取 10 m/s2，则（）4A物块与传送带之间的动摩擦因数为0.1BA、B间距离为 16 m，小物块在传送带上留下的痕迹是8 mC若物块质量m1 kg，物块对传送带做的功为8 JD若物块速度刚好到 4 m/s 时，传送带速度立刻变为零，物块不能到达B端11、一质点做

7、匀变速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则此后（）A质点速度的方向总是与该恒力的方向相同B质点单位时间内速度变化量总是不变C质点可能做曲线运动也可能做直线运动D质点加速度的方向不可能总是与该恒力的方向相同12、如图，一辆货车利用跨过光滑定滑轮的轻质不可伸长的缆绳提升一箱货物，已知货箱的质量为m0，货物的质量为m，货车向左做匀速直线运动，在将货物提升到图示的位置时，货箱速度为v，连接货车的缆绳与水平方向夹角为，不计一切摩擦，下列说法正确的是（）5A货车的速度等于vcosB货物处于超重状态C缆绳中的拉力FT小于（m0+m）gD货车的对地面的压力小于货车的重力13、如图所

8、示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速率v1沿顺时针方向运动，传送带右端有一与传送带等高的光滑水平面。物体以恒定的速率v2沿直线向左滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面上，这时速率为v2，则下列说法正确的是（）A若v1v2，则v2=v2C不管v2多大，总有v2=v2D只有v1=v2时，才有v2=v114、如图所示，A、B、C为三个完全相同的物体，当水平力F作用于A上，三物体一起向右匀速运动；某时撤去力F后，三物体仍一起向右运动，设此时A、B间摩擦力为f，B、C间作用力为FN。整个过程三物体无相对滑动，下列判断正确的是（）Af0Bf0CFN0DFN015、广州塔，昵称小蛮腰，总高度达600

9、m，游客乘坐观光电梯大约一分钟就可以到达观光平台若电梯简化成只受重力与绳索拉力，已知电梯在t=0 时由静止开始上升，a-t间关系如图所示则下列相关说法正确的6是（）At=4.5s 时，电梯处于失重状态B5s-55s 时间内，绳索拉力最小Ct=59.5s 时，电梯处于失重状态Dt=60s 时，电梯速度恰好为 016、一质量为M的斜面体静置于水平地面上，左，右两底角分别为45和 30，现有两个质量均为m的相同物块a，b从斜面顶端由静止同时释放，沿左、右两侧面加速下滑，斜面体始终保持不动。下列说法正确的是（）A沿倾角为 45的侧面加速下滑的物块最先到达底端B物块a到达A点的速率大于物块b到达C点的速

10、率C斜面体与地面之间没有摩擦力作用D斜面受到地面的支持力等于斜面和两物块所受重力之和填空题17、方法一：利用牛顿第二定律7先测量物体做自由落体运动的加速度g，再用天平测量物体的_，利用牛顿第二定律可得G_。18、如图所示，一只质量为的小鸟停在圆弧形的树枝上休息，如果小鸟要停在树枝的A、两点，你认为小鸟停在哪一点更轻松_（填“A”或“”）；已知弧形树枝A点位置切线的倾角为，则小鸟停在该位置时对树枝的作用力大小为_（重力加速度为）。19、如图（a）所示，木板OA可绕轴O在竖直平面内转动，用此装置探索物块在方向始终平行于斜面、大小为F8N 的力作用下加速度与斜面倾角的关系。已知物块的质量m1kg，通

11、过 DIS 实验，得到如图（b）所示的加速度与斜面倾角的关系图线。若物块与木板间的动摩擦因数为0.2，假定物块与木板间的最大静摩擦力始终等于滑动摩擦力，g取 10m/s。图（b）中图线与纵坐标交点a0为_，图（b）中图线与轴交点坐标分别为1和2，木板处于该两个角度时的摩擦力指向和物块的运状态为_。220、如图所示，质量为2kg的货箱放在质量为8kg的平板小车上，货箱与小车之间的动摩擦因数为0.4，小车在水平推力F作用下沿光滑水平地面运动。若水平推力1=5N，货箱静止在小车上，此时货箱的加速度大小为_ms2；若水平推力2=50N，货箱在小车上滑动，此时货箱的加速度大小为_ms2；取重力加速度=1

12、0ms2，小车水平。821、小明同学学习了牛顿运动定律后，自制了一个简易加速度计。如图，在轻杆的上端装有转轴，固定于竖直放置的标有角度的木板上的O点，轻杆下端固定一个小球，杆可在竖直面内自由转动。他利用这个加速度计来测量校车的加速度，测量时他应让板面竖直且与校车的运动方向_（选填“垂直”或“平行”），已知重力加速度大小为g，当轻杆与竖直方向的夹角为时，校车的加速度大小为_。22、轻质活塞将一定质量的气体封闭在薄壁气缸内，活塞横截面积为S，气缸质量为m。开始时活塞处于气缸正中间，现用竖直向上的力提活塞使得气缸被提离地面，如图所示。当气缸内气体的压强为_时，气缸将获得最大加速度，气缸的最大加速度为

13、_。（外界大气压强为0）23、如图所示，质量为 3kg 的一只长方体形空铁箱在水平拉力F作用下沿水平面向右匀加速运动，铁箱与水平面间的动摩擦因数1为 0.2。此时有一个质量为 1kg 的物块静止在空铁箱内壁上，如图所示，物块与铁箱内壁间的动摩擦因数为2为 0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块对铁箱压力的大小为_N，水平拉力F的大小为_。924、在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上，传感器和计算机相连，经计算机处理后得到如图所示的压力F随时 间t变化的图象，则该同学是完成一次_（选填“下蹲”或“起立”）的动作，该过程中 最大加速度为_ m/s。（g取 l0m/s）2

14、2解答题25、如图甲所示，一倾角为37的固定粗糙斜面上有一滑块，滑块在沿斜面向下的拉力F作用下，从A点由静止开始下滑，拉力F随滑块沿斜面下滑的位移s的变化关系如图乙所示。已知A、B两点间距离为 2m，滑块质量为 2kg，滑块与斜面的动摩擦因数为0.5，重力加速度大小取10m/s2，sin37=0.6，求：（1）当拉力为 5N 时，滑块的加速度大小；（2）滑块从A运动到B经历的时间。26、用一原长为20cm、劲度系数为400N/m轻质弹簧水平拉动一质量为10kg的木箱，当弹簧伸长到30cm时10（在弹性限度内），木箱在水平地面上匀速滑动，求此时（1）这个弹簧的弹力大小和木箱与地面之间的动摩擦因数

15、；（2）若将拉力增大到60N，木箱做匀加速直线运动，求加速度的大小。27、2022 年 2 月 8 日，我国选手谷爱凌在第24 届冬季奥林匹克运动会女子自由式滑雪大跳台比赛中获得冠军参赛滑道简图如图所示，为同一竖直平面内的滑雪比赛滑道，运动员从a点自静止出发，沿滑道滑至d点飞出，然后做出空翻、抓板等动作其中段和段的倾角均为=37，段长1=110m，水平段长2=12m，坡高=9m设滑板与滑道之间的动摩擦因数为=0.4，不考虑转弯b和c处的能量损失，运动员连同滑板整体可视为质点，其总质量=60kg忽略空气阻力，g取10m/s2（1）运动员从a到b所用的时间；（2）运动员到达c点时的速度大小；28、

16、一质量为m=1kg 的物块原来静止在水平地面上，物块与地面之间的动摩擦因数为=0.2，现在施加给物块一个水平方向的恒力F，使物块开始做匀加速直线运动，要求在 5s 内前进 25m，则施加的水平恒力F为多大？（重力加速度g取 10m/s）29、一质量为m=1kg 的物块原来静止在水平地面上，物块与地面之间的动摩擦因数为=0.2，现在施加给物块一个水平方向的恒力F，使物块开始做匀加速直线运动，要求在 5s 内前进 25m，则施加的水平恒力F为多大？（重力加速度g取 10m/s）221130、如图所示，倾角=37的斜面固定在水平地面上，斜面底端固定一挡板P，上端装有光滑定滑轮，E、F是斜面上两点，P

17、、E间距离1=0.7m，E、F间距离2=9m。轻绳跨过滑轮连接质量=4kg的平板B和质量=3kg的重物C，质量A=1kg且可看成质点的小物块A置于长=3.2m的平板B上端，初始时A、F沿斜面方向距离0=2m，当小物块A在EF区间运动时对其施加一个沿斜面向下大小=10N的恒力。已知小物块 A、平板B之间动摩擦因数1=0.75，平板B与斜面之间的动摩擦因数2=0.25，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37=0.6，cos37=0.8，平板B与挡板P碰撞后不反弹。取=10m/s2。整个装置初始状态保持静止，现将轻绳剪断，求：（1）小物块 A 在轻绳剪断的瞬间所受摩擦力的大小；（2）小物块 A 由

18、静止运动到挡板P所用的时间。31、我国“神舟十二号”飞船于 2021 年 9 月 17 号返回地面。“神舟”飞船的返回可分为以下四个阶段：制动减速阶段、自由滑行阶段、再入大气层阶段、回收着陆阶段。其中回收着陆阶段是在距地面约10km 时开始。它先打开伞舱盖，然后依次拉开引导伞、减速伞、牵顶伞和主降落伞，其中减速伞可把返回舱的速度从200m/s 减至 6070m/s。设主降落伞把返回舱的速度由60m/s 减至 5m/s 的过程耗时 55s，在距地面 1 米左右时，4 台反推发动机点火，使返回舱以3m/s 的速度软着陆，从而保证航天员着陆时的安全。假设返回舱在回收着陆阶段的运动是竖直向下的匀变速直

19、线运动，燃烧的燃料质量忽略不计地面重力加速度=10m/s2。求：（1）返回舱的速度由 60m/s 减至 5m/s 的过程中，质量为 60kg 的航天员对飞船的作用力；（2）平均每个反推发动机对返回舱的作用力是返回舱重力的多少。32、如图甲所示，水平地面上有一足够长的木板C，质量为m3=2kg。木板 C 上静置一物块 B，质量为m2=1 kg。12现有一质量为m1=2 kg 的物块 A 以v0=5 m/s 的速度从左端滑上木板C，木板 C 与地面间的动摩擦因数为3=0.2,物块 A 与木板 C 间的动摩擦因数为1=0.4。物块 A 滑行一段距离后与物块 B 发生弹性正碰，碰撞时间极短。从物块 A

20、 滑上木板 C 开始计时，木板 C 的速度随时间t变化的关系如图乙所示，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块 A、B 大小可忽略。取g=10 m/s，求：（1）木板 C 刚开始运动时的加速度大小；（2）物块 B 与木板 C 间的动摩擦因数2；（3）物块 A、B 间的最终距离。2实验题33、教材列出的木一木动摩擦因数为0.30，实验小组采用如图甲所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数。实验中，木块在重锤的拉动下，沿水平长木板做匀加速运动。（1）实验所用重锤质量 150g 左右，下列供选择的木块质量最合适的是_；A20g B260g C500g D600g（2）关于实验操作和注意事项，下列说法正确的

21、有_；A实验中先释放木块，后接通电源13B调整定滑轮高度，使细线与板面平行C必须满足细线对木块拉力与重锤重力大小近似相等D木块释放位置到滑轮距离正常应在0.6m 左右（3）实验得到的一根纸带如图乙所示，从某个清晰的点开始，每5 个打点取一个计数点，依次标出0、l、2、3、4、5、6，测得点O与点 3、点 6 间的距离分别为 19.90cm、54.20cm，计时器打点周期为 0.02s，则木块加速度a=_m/s(保留两位有效数字)；2（4）实验测得=0.33，大于教材列表中的标值，请写出两个可能的原因：_，_。34、2020 年 12 月 8 日，中尼两国联合宣布珠穆朗玛峰的最新高程为8848.

22、86 米。在此次珠峰高程测量中，采用的一种方法是通过航空重力仪测量重力加速度，从而间接测量海拔高度。我校“诚勤立达”兴趣小组受此启发设计了如下实验来测量渝北校区所在地的重力加速度大小。已知sin53=0.8、cos53=0.6、sin37=0.6、cos37=0.8，实验步骤如下：a.如图 1 所示，选择合适高度的垫块，使长木板的倾角为53；b.在长木板上某处自由释放小物块，测量小物块距长木板底端的距离和小物块在长木板上的运动时间；c.改变释放位置，得到多组、数据，作出 图像，据此求得小物块下滑的加速度为4.90m/s2；d.调节垫块，改变长木板的倾角，重复上述步骤。14回答下列问题：(1)当

23、长木板的倾角为37时，作出的图像如图 2 所示，则此时小物块下滑的加速度=_ms2；（保留 3 位小数）(2)小物块与长木板之间的动摩擦因数=_；(3)依据上述数据，可知我校渝北校区所在地的重力加速度=_ms2；（保留 3 位有效数字）(4)某同学认为：图像中图线与时间轴围成的面积表示小物块在时间内的位移大小。该观点是否正确？()A正确 B错误 C无法判断35、某同学查阅资料后获知当地的重力加速度为9.8m/s，他利用打点计时器测量做自由落体运动的砝码的加速度，获得了如下的纸带，纸带上相邻计数点间还有 4 个点未画出，交流电的频率为 50 Hz。通过计算，可知：（1）砝码的加速度a=_；（2）

24、实验发现测量值总小于实际值，该同学认为是阻力造成的影响，若实验操作无误，可知阻力与砝码重力的比值为_。236、小明在课本上查到“木木”的动摩擦因数为0.3，打算对这个数据进行检验，设计了以下实验：(1)如图所示，将质量为M的待测木块放在水平放置的长木板上，通过跨过滑轮的细绳与沙桶相连，增加沙桶中15沙的质量，直到轻推木块，木块恰能做匀速直线运动，若此时沙桶及沙的总质量为m，则动摩擦因数=_。(2)由于找不到天平，小明进行了如下实验步骤：取下沙桶，在木板上固定打点计时器，将纸带一端系在木块上，并穿过打点计时器；将木板不带滑轮的一端垫高，直到轻推木块，木块能做匀速直线运动；挂上沙桶（沙桶及沙的总质

25、量保持不变），接通电源，待打点稳定后释放木块，得到如图纸带（相邻两计数点间还有 1 个点未画出）。已知打点计时器的频率为50Hz，根据纸带数据，可求得木块运动的加速度a=_m/s2。（保留 2 位有效数字）。(3)若当地的重力加速度大小为9.8m/s，则可求得=_（保留 2 位有效数字）。37、图甲所示为某实验小组同时测量A、B 两个箱子质量的装置图，其中D 为铁架台，E 为固定在铁架台上的轻质定滑轮（质量和摩擦可忽略），F 为光电门，C 为固定在 A 上、宽度为d的细遮光条（质量不计），此外该实验小组还准备了砝码一套（总质量m0=0.5kg）和刻度尺等，请在以下实验步骤中按要求作答。2（1）

26、在铁架台上标记一位置O，并测得该位置与光电门之间的高度差h。（2）取出质量为m的砝码放在 A 中，剩余砝码都放在B 中，让 A 从位置O由静止开始下降。（3）记录下遮光条通过光电门的时间t，根据所测数据可计算出A 下落到F处的速度v=_，下落过程中的加速度大小a=_。（用d、t、h表示）（4）改变m重复（2）（3）步骤，得到多组m及a的数据，作出a-m图象如图乙所示。可得A 的质量16mA=_kg，B 的质量mB=_kg。（重力加速度g取 9.8m/s2）17(文末附答案)高中物理牛顿运动定律_025 参考答案1、答案：B解析：A由小物块上滑过程的速度-时间图线，可得小物块冲上斜面过程中，加速

27、度大小为8=8.0m/s11=A 错误；B对小物块进行受力分析，根据牛顿第二定律有sin37+f=1N cos37=0又f=N代入数据解得=0.25B 正确；C由小物块上滑过程的速度-时间图线可得，小物块沿斜面向上运动的位移08=1=4m22=C 错误；D小物块在运动的整个过程中，损失的机械能是=2f=2cos37 =2 0.25 20 0.8 4=32J18D 错误。故选 B。2、答案：C解析：设加速阶段加速度大小为a1，减速阶段加速度大小为a2，由牛顿第二定律可得 =1=2由图像可知1=22则=3故选 C。3、答案：A解析：设斜面对物体的弹力为N，N与竖直方向的夹角为，对于加速上升过程，竖

28、直方向1cos =12N水平方向N1sin=1解得1931=tan2对于减速上升过程，竖直方向1cos=22 N水平方向N2sin=2解得12=tan2因此1=32故 BCD 错误 A 正确。故选 A。4、答案：A解析：A惯性只与物体的质量有关，则同一物体，不管速度大小如何，惯性大小是相同的，选项A 正确；B力是改变物体运动状态的原因，物体的惯性是不变的，选项B 错误；C物体惯性只与质量有关，在任何状态下都均有惯性，选项C 错误；D物体的惯性与受力的大小无关，选项D 错误。故选 A。205、答案：C解析：A硬币直立过程中，硬币与列车间可能存在一定的摩擦力，列车做匀速直线运动时可以直立，列车在做

29、加速度较小的加速运动时，所需要的摩擦力也会较小，也能使硬币处于直立的状态，故A 错误；B硬币直立的过程，也可能处于加速运动状态，故不一定处于平衡状态，故B 错误；C硬币直立过程中，可能受到与列车行驶方向相同的摩擦力作用，故C 正确；D列车加速时，硬币受到的摩擦力与列车的运动方向相同，列车减速行驶时，硬币受到摩擦力与列车运动方向相反，故 D 错误。故选 C。6、答案：C解析：体重计示数减小，即小明对体重计的压力减小，即电梯处于失重状态，所以电梯的加速度方向向下，大小为 50 10 45 10=m/s2=1m/s250=2所以可能在以 1m/s 的加速减速上升或加速下降，故C 正确，ABD 错误。

30、故选 C。7、答案：D解析：A15m 时速度最大，此时加速度为零，所受合外力为零，弹力等于重力，弹性绳处于伸长状态，所以原长小于 15m，A 错误；21B当运动员下降 10m 时，速度向下并且逐渐增大，加速度竖直向下，处于失重状态，B 错误；C当运动员下降 15m 时，速度最大，运动员继续向下运动，没有运动到最低点，C 错误；D当运动员下降 20m 时，运动员向下减速运动，其加速度方向竖直向上，D 正确。故选 D。8、答案：B解析：A03m物体做匀速直线运动，水平拉力与阻力等大反向，由题图可知物体受到的阻力为4N。在=5m处物体受到的拉力为10 4 2)N=7N4=(4+物体的加速度为 7 4

31、=m/s2=1.5m/s22=故 A 错误；B07m物体克服阻力做功为f=4 7J=28J故 B 正确；C 图线与坐标轴所围面积表示拉力所做的功，则07m拉力对物体做功为4+10 4)J=40J2=(3 4+故 C 错误；D07m合力对物体做功为22合=W f=12J故 D 错误。故选 B。9、答案：ABD解析：A泥鳅与黄鳝表面比较光滑，二者之间的动摩擦因数比较小，则二者之间摩擦力较小，故A 正确；B物体之间的作用是相互的，“一只巴掌拍不响”说明力是物体对物体的作用，故B 正确；C鸡蛋与石头相碰时，根据牛顿第三定律可知，石头撞击鸡蛋的力的大小等于鸡蛋撞击石头的力，故C 错误；D“人心齐，泰山移

32、”反映了如果各个分力方向一致，合力的大小等于各个分力大小之和，故D 正确。故选 ABD。10、答案：AB解析：A由图乙可知，物块加速过程的加速度大小4=m/s2=1m/s24=由牛顿第二定律可知ag联立解得0.1故 A 正确；23B由于 4 s 后物块与传送带的速度相同，故传送带速度为4 m/s，A、B间距离(2+6)4m=16m2=小物块在传送带上留下的痕迹是442l44 m故 B 正确；m8mC物块对传送带的摩擦力大小为mg，加速过程传送带的位移为16 m，则物块对传送带所做的功为Wmgx0.111016 J16 J故 C 错误；D物块速度刚好到 4 m/s 时，传送带速度立刻变为零，物块

33、将做减速运动，且加速度与加速过程的加速度大小相同，则减速过程的位移为8 m，则物块可以到达B端，故 D 错误。故选 AB。11、答案：BC解析：A若该恒力方向与质点原运动方向不共线，则质点做曲线运动，质点速度方向时刻与恒力方向不同，A 错误；B加速度为单位时间内的速度变化量，因为施加的力为恒力，原来作用在质点上的力不发生改变，所以质点的合外力不变、加速度不变，即质点单位时间内速度变化量总是不变，B 正确；C若该恒力方向与质点原运动方向不共线，则质点做曲线运动，若该恒力方向与质点原运动方向共线，则质点做直线运动，C 正确；D根据牛顿第二定律，质点加速度方向与其原受合外力方向相同，若施加的恒力与质

34、点原所受合外力方向相同，则与质点加速度方向相同，则此时质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同，D 错误。24故选 BC。12、答案：BD解析：A把货车速度分解到绳子方向，分速度与货箱速度相等，则=1cos即cos1=故 A 错误；B货车匀速行驶，在减小，因此货箱的速度在增大，故货物在做加速运动处于超重状态，故B 正确；C因为货物和货箱处于超重状态所以FT大于（m0+m）g，故 C 错误；D货车受到绳子的拉力，故货车对地面的压力小于重力，故D 正确。故选 BD。13、答案：AB解析：由于传送带足够长，物体先减速向左滑行，直到速度减为零，此过程设物体对地位移大小为x，加速度大小为a，则22=2然后

35、在滑动摩擦力的作用下向右运动，分两种情况：若v1v2，物体向右运动时一直加速，当v2=v2时（向右加速到v2可以看成是向左由v2减速到 0 的逆过程，25位移大小还是等于x），恰好离开传送带。若v1v2，物体向右运动时先加速，当速度增大到与传送带的速度相等时，位移大小1222=0244故斜面受到地面向左的摩擦力作用，故C 错误；D.以斜面和物块整体为研究对象，将两物块的加速度分别分解，两物块在竖直方向均有竖直向下的加速度分量，即两物块处于失重状态，则斜面受到地面的支持力小于斜面和两物块所受重力之和，故D 错误。故选 AB。2817、答案：质量mmg解析：略18、答案：B解析：1停在树枝的A点要

36、避免滑落，需抓牢树枝，故小鸟停在B点更轻松。2小鸟停在该B点时由平衡条件可得，树枝对小鸟的作用力竖直向上，大小等于mg，由牛顿第三定律可知，小鸟对树枝的作用力大小为mg。19、答案：6m/s静止状态解析：12当斜面倾角为1时，摩擦力沿斜面向下且加速度为零；当斜面倾角为2时，摩擦力沿斜面向上且加速度为零；当斜面倾角在1和2之间时，物块处于静止状态。=0时，木板水平放置，由牛顿第二定律 =0292又=联立解得0=6m/s2由图可知，当斜面倾角为1时，摩擦力沿斜面向下且加速度为零；当斜面倾角为2时，摩擦力沿斜面向上且加速度为零；当斜面倾角在1和2之间时，物块处于静止状态。20、答案：0.5 4解析：

37、1水平推力1=5N，货箱静止在小车上，两者一起做匀加速直线运动，有1=(+)1解得1=0.5m/s22水平推力2=50N，货箱在小车上滑动，则货箱受滑动摩擦力加速运动，有=2可得2=4m/s221、答案：平行gtan解析：12由加速度原理知，小车加速度在水平方向，则板面与校车运动方向平行，当轻杆与竖直方向的夹角为时，受力分析如图30由平衡条件知，小球不上下移动，即竖直方向合力为0，则有=tan由牛顿第二定律知=解得=tan022、答案：202 解析：1气缸中封闭气体的初始气压为1=0当气缸将获得最大加速度时，气体体积膨胀到出口处，等温膨胀，根据理想气体状态方程11=22解得101=222=当气

38、缸内气体的压强为20时，气缸将获得最大加速度。2此时，气缸受重力，内外气压的压力差，向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律31(0 2)=解得0 2=0气缸的最大加速度为=2。23、答案：20 88解析：1物块和铁箱保持静止，则一起向右匀加速，设加速度为a，铁箱对物块的支持力为N，对物块受力分析，竖直方向根据平衡条件2=水平方向，根据牛顿第二定律=联立解得=20ms2，=20N根据牛顿第三定律可知，物块对铁箱压力的大小为20N。2把物块和铁箱看成整体，水平方向，根据牛顿第二定律 1(+)=(+)代入数据解得=88N24、答案：起立 632解析：1 对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，

39、有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，起立过程开始加速起立，加速度向上，处于超重状态，后减速上升，加速度向下，处于失重状态，根据图像，可知是先超重，后失重，则是起立动作2当压力最大时，加速度最大，根据牛顿第三定律，压力大小等于支持力，对于该同学根据1.6 =解得=6m/s225、答案：（1）1=4.5m/s2；（2）=12s解析：（1）滑块从A点由静止开始下滑，受重力mg、弹力N、摩擦力f和外力1，设 01m 过程滑块加速度为1，根据牛顿第二定律得sin+1 f=1，N c

40、os=0且f=N联立解得1=4.5m/s2（2）设 12m 过程，滑块的加速度为2，则sin+2 cos=23311根据运动学公式有21=11，=1121122=2+222代入数据解得，滑块从A运动到B经历的时间11s12=1+2=26、答案：（1）40N，0.4；（2）2m/s2解析：（1）弹簧原长为x0=20cm=0.2m伸长后长度为x=30cm=0.3m根据胡克定律得=400 (0.3 0.2)N=40N木箱匀速运动，受力平衡，则有=40NN=100N则动摩擦因数为40=0.4N100=（2）木箱做匀加速直线运动时，根据牛顿第二定律可得341 =代入数据解得=2m/s227、答案：（1）

41、8.9s；（2）23m/s解析：（1）在ab段的加速度为根据运动公式解得a=2.8m/s2t=8.9s（2）到达b点时的速度=25m/s从b到c由动能定理解得vc=23m/s28、答案：4Nsin cos=11=22-12=2212235解析：由位移公式可得1=22由牛顿第二定律可得 =联立解得水平拉力大小为F=4N29、答案：4N解析：由位移公式可得1=22由牛顿第二定律可得 =联立解得水平拉力大小为F=4N30、答案：（1）2N；（2）2.05s解析：（1）轻绳剪断的瞬间，设A、B相对静止一起向下做匀加速运动，由牛顿第二定律得(+)sin37 2(+)cos37=(+)36解得=4m/s2

42、设B对A的静摩擦力大小为f，对A受力分析，由牛顿第二定律得sin37 fBA=解得fBA=2NA、B间的最大静摩擦力fmax=1cos=6Nf0，可得 0解得 500g当木块的质量M越小时，滑动摩擦力越小，整体的加速度越大，在纸带上打的点越少，则在计算加速度时误差较大，综上分析可知，木块质量最合适的是260g，故 B 符合题意，ACD 不符合题意；故选 B。（2）2A实验时应先接通电源，再释放纸带，故A 错误；B为保证木块所受的拉力为细线的拉力，则应调整定滑轮的高度使细线与木板平行，故B 正确；43C根据实验原理 =(+)可知不必满足细线对木块拉力与重锤重力大小近似相等，故C 错误；D假设木板

43、光滑，对整体受力分析，根据牛顿第二定律有=(+)将（1）问中的m=150g，M=260g 代入上式，可得加速度 4m/s为减少误差，计算方便，一般在纸带上是每隔5 个点取一个计数点，即时间间隔=5 0.02s=0.1s，通常是取 5 至 6 个计数点，则总时间为0.5s 到 0.6s，取最开始的计数点是从初速度为0 开始的，根据位移时间公式有1=22取t=0.5s 计算可得=0.50m取t=0.6s 计算可得=0.72m故为提高纸带利用效率，减少实验误差，木块释放位置到滑轮距离正常应在0.6m 左右，故 D 正确。故选 BD。（3）3由题知，每隔 5 个点取一个计数点，则时间间隔=5 0.02

44、s=0.1s，根据=2可得加速度为244(06 03)03=92由题知03=19.90cm，06=54.20cm，代入数据解得=1.6m/s2（4）4实验测得=0.33，大于教材列表中的标值，根据实验原理分析，可能存在的原因有：木块、木板表面粗糙程度有差异；细线与滑轮摩擦或纸带与计时器摩擦。34、答案：1.958m/s20.5或0.509.79m/s2 B解析：(1)1小物块在斜面上做匀加速直线运动有=122变形为=12故 图像的斜率=2由图 2 可知=0.979故此时的加速度=2=1.958m/s2(2)(3)23长木板倾角为53时有53 53=145长木板倾角为37时有37 37=2联立可

45、解得=0.5，=9.79m/s2(4)4 图像中的面积微元=，无物理意义，故选 B。35、答案：9.5m/s20.031或98解析：（1）1由题知，纸带上相邻计数点间还有4 个点未画出，则相邻计数点的时间间隔55=s=0.1s503=根据逐差法=2可得砝码的加速度为 42=代入数据解得=9.5m/s2（2）2根据牛顿第二定律有 =解得=0.346则阻力与重力的比值为3=0.0319836、答案：2.4 0.32解析：(1)1由题意可知，物块匀速运动时满足=即=(2)2根据=2解得360392(6.966.576.195.805.425.04)10290.042=m/s2=2.4m/s2(3)3由牛顿第二定律=()又=联立解得=0.3237、答案：22 2.5 1解析：(3)1遮光条挡光过程的平均速度等于A 下落到F处的速度472=2由匀加速直线运动位移公式2=2解得2=22(4)34整体由牛顿第二定律可得(A+)(B+0)=(A+B+0)整理得2(A B 0)+A+B+0A+B+0=对比图乙可得，图线的斜率为2A+B+0=4.9=纵轴截距为(A B 0)A+B+0=2.45=联立解得mA=2.5kg，mB=1kg48