(文末答案)历年高考物理力学牛顿运动定律题型总结及解题方法.pdf

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1、(文末答案文末答案)历年高考物理力学牛顿运动定律题型总结及解题方法历年高考物理力学牛顿运动定律题型总结及解题方法单选题1、现在城市的滑板运动非常流行，在水平地面上一名滑板运动员双脚站在滑板上以一定速度向前滑行，在横杆前起跳并越过杆，从而使人与滑板分别从杆的上方、下方通过，如图所示，假设人和滑板运动过程中受到的各种阻力忽略不计，若运动员顺利地完成了该动作，最终仍落在滑板原来的位置上，则下列说法错误的是（）A运动员起跳时，双脚对滑板作用力的合力竖直向下B起跳时双脚对滑板作用力的合力向下偏后C运动员在空中最高点时处于失重状态D运动员在空中运动时，单位时间内速度的变化相同2、如图所示，物体静止于水平面

2、上的O点，这时弹簧恰为原长l0，物体的质量为m，与水平面间的动摩擦因数为，现将物体向右拉一段距离后自由释放，使之沿水平面振动，下列结论正确的是（）A物体通过O点时所受的合外力为零B物体将做阻尼振动1C物体最终只能停止在O点D物体停止运动后所受的摩擦力为mg3、如图所示，倾角为=37的传送带以速度v1=2m/s 顺时针匀速转动。将一物块以v2=8m/s 的速度从传送带的底端滑上传送带。已知小物块与传送带间的动摩擦因数=0.5，传送带足够长，取sin37=0.6,cos37=0.8，g=10m/s，下列说法正确的是（）2A小物块向上运动过程中的加速度大小为10m/sB小物块向上运动的时间为1.2s

3、C小物块向上滑行的最远距离为4mD小物块最终将随传送带一起向上匀速运动4、将倾角为的足够长的斜面体放在粗糙的水平地面上，现有一带固定支架的滑块正沿斜面加速下滑。支架上用细线悬挂质量为m的小球达到稳定（与滑块相对静止）后，悬线的方向与竖直方向的夹角为，如图所示，已知斜面体始终保持静止，重力加速度为g，若=，则下列说法正确的是（）2A小球、滑块的加速度为sin，斜面体的上表面粗糙B小球、滑块的加速度为tan，斜面体的上表面光滑2C地面对斜面体的摩擦力水平向右D地面对斜面体的摩擦力水平向左多选题5、如图，一辆货车利用跨过光滑定滑轮的轻质不可伸长的缆绳提升一箱货物，已知货箱的质量为m0，货物的质量为m

4、，货车向左做匀速直线运动，在将货物提升到图示的位置时，货箱速度为v，连接货车的缆绳与水平方向夹角为，不计一切摩擦，下列说法正确的是（）A货车的速度等于vcosB货物处于超重状态C缆绳中的拉力FT小于（m0+m）gD货车的对地面的压力小于货车的重力6、如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速率v1沿顺时针方向运动，传送带右端有一与传送带等高的光滑水平面。物体以恒定的速率v2沿直线向左滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面上，这时速率为v2，则下列说法正确的是（）A若v1v2，则v2=v23C不管v2多大，总有v2=v2D只有v1=v2时，才有v2=v17、如图所示，A、B、C为三个完全相

5、同的物体，当水平力F作用于A上，三物体一起向右匀速运动；某时撤去力F后，三物体仍一起向右运动，设此时A、B间摩擦力为f，B、C间作用力为FN。整个过程三物体无相对滑动，下列判断正确的是（）Af0Bf0CFN0DFN08、如图所示，滑块 2 套在光滑的竖直杆上并通过细绳绕过光滑定滑轮连接物块1，物块 1 又与一轻质弹簧连接在一起，轻质弹簧另一端固定在地面上、开始时用手托住滑块2，使绳子刚好伸直处于水平位置但无张力，此时弹簧的压缩量为d现将滑块 2 从A处由静止释放，经过B处的速度最大，到达C处的速度为零，此时物块 1 还没有到达滑轮位置。已知滑轮与杆的水平距离为3d，AC间距离为 4d，不计滑轮

6、质量、大小及摩擦。下列说法中正确的是（）A滑块 2 下滑过程中，加速度一直减小4B滑块 2 经过B处时的加速度等于零C物块 1 和滑块 2 的质量之比为 3：2D若滑块 2 质量增加一倍，其它条件不变，仍让滑块2 由A处从静止滑到C处，滑块 2 到达C处时，物块 1和滑块 2 的速度之比为 4：5填空题9、牛顿第二定律的内容：物体加速度的大小跟它受到的作用力成_，跟它的质量成_，加速度的方向跟作用力的方向_。10、如图甲所示，重力为100N 的木箱静止在水平地板上，至少要用35N 的水平推力，才能使它从原地开始运动，此后用 30N 的水平推力，就可以使木箱继续做匀速直线运动，则木箱与地板之间的

7、最大静摩擦力max=_N，木箱与地板之间的动摩擦因数=_；2021 年 8 月 5 日，我国 14 岁少女全红婵在东京奥运会 10 米跳台决赛中创造了五个动作三跳满分的纪录，勇夺冠军，如图乙所示，比赛时在空中下降过程中她处于_状态（选填“超重”或“失重”）。11、如图（a）所示，木板OA可绕轴O在竖直平面内转动，用此装置探索物块在方向始终平行于斜面、大小为F8N 的力作用下加速度与斜面倾角的关系。已知物块的质量m1kg，通过 DIS 实验，得到如图（b）所示的加速度与斜面倾角的关系图线。若物块与木板间的动摩擦因数为0.2，假定物块与木板间的最大静摩擦力始终等于滑动摩擦力，g取 10m/s。图（

8、b）中图线与纵坐标交点a0为_，图（b）中图线与轴交点坐标分别为1和2，木板处于该两个角度时的摩擦力指向和物块的运状态为_。2512、如图所示，质量为2kg的货箱放在质量为8kg的平板小车上，货箱与小车之间的动摩擦因数为0.4，小车在水平推力F作用下沿光滑水平地面运动。若水平推力1=5N，货箱静止在小车上，此时货箱的加速度大小为_ms2；若水平推力2=50N，货箱在小车上滑动，此时货箱的加速度大小为_ms2；取重力加速度=10ms2，小车水平。解答题13、风洞是研究空气动力学的实验设备。如图所示，将刚性杆水平固定在风洞内距地面高度H3.2m 处，杆上套一质量m3kg，可沿杆滑动的小球。将小球所

9、受的风力调节为F15N，方向水平向左。小球以速度v08m/s 向右离开杆端，假设小球所受风力不变，取g10m/s。求小球落地时的位移。214、如图所示，质量为 3kg 的物体在与水平面成 37角的拉力F作用下，沿水平桌面向右做直线运动，经过0.5m 的距离速度由 0.6m/s 变为 0.4m/s，已知物体与桌面间的动摩擦因数3，求作用力F的大小。（g10m/s）21615、如图所示，底边AB恒定为b，当斜面与底边夹角为多大时，物体沿此光滑固定斜面由静止从顶端滑到底端所用时间才最短？16、如图所示，水平传动带以v0=4m/s 的速率顺时针匀速运转，传动带左、右两端的距离为8m，把一可以看作质点的

10、小物块轻放在传动带左端，物块与传动带之间的动摩擦因数为=0.2，重力加速度g取 10m/s，则：（1）经多长时间物块会与传动带共速。（2）经多长时间物块会从传动带右端掉下来。2实验题17、某实验小组要测量木块与长木板间的动摩擦因数，设计如图甲所示装置，已知当地的重力加速度为。7(1)对于实验的要求，下列说法正确的一项是_；A钩码的质量要远小于木块的质量B要保证长木板水平C接通电源的同时释放木块(2)按正确的操作要求进行操作，打出的一条纸带如图乙所示，打点计时器使用的是50Hz的交流电源，纸带上的点每 5 个点取 1 个记数点，则该木块的加速度=_m/s2；（结果保留两位有效数字）(3)若木块的

11、质量为，钩码的质量为，则木块与长木板间的动摩擦因数为 _（用、表示结果）。18、某同学利用如图所示的实验装置来测量重力加速度g，细绳跨过固定在铁架台上的轻质滑轮，两端各悬挂一只质量为M的重锤。实验操作如下：用米尺量出重锤 1 底端距地面的高度H；把质量为m0橡皮泥粘在重锤 1 上，轻拉重锤放手后使之做匀速运动；在重锤 1 上加上比其质量M小很多的质量为m的小钩码；8左手将重锤 2 压在地面上，保持系统静止。释放重锤2，同时右手开启秒表，在重锤1 落地时停止计时，记录下落时间t。请回答下列问题：(1)为了减小对下落时间t测量的偶然误差，应补充的操作步骤为_；(2)实验要求小钩码的质量m要比重锤的

12、质量M小很多，主要是为了_；A使H测得更准确B使重锤 1 下落的时间长一些C使系统的总质量近似等于2MD使细绳的拉力与小钩码的重力近似相等(3)用实验中的测量量和已知量表示g，得g=_。19、很多智能手机都有加速度传感器。安装能显示加速度情况的应用程序，会有三条加速度图像，它们分别记录手机沿图甲所示坐标轴方向的加速度随时间变化的情况。某同学将手机水平拿到距离缓冲垫上方一定高度处，打开加速度传感器，然后松手释放，让手机自由下落，最终手机跌到缓冲垫上。观察手机屏幕上的加速度传感器的图线如图乙所示。请观察图像回答以下问题（本题结果均保留2 位有效数字）（1）由图乙可读出当地的重力加速度大小约为_m/

13、s（2）手机自由下落的高度约为_m；（3）若手机的质量为 170g，缓冲垫对手机竖直方向上的最大作用力约为_N。920、物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数。实验装置如图1，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接。打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz。开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点。(1)图 2 给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6 是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离

14、如图2。根据图中数据计算滑块的加速度=_m/s2（保留两位有效数字）。(2)为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有_。A木板的长度lB.木板的质量m110C滑块的质量2D托盘和砝码的总质量3E.滑块运动的时间(3)滑块与木板间的动摩擦因数=_（用被测物理量的字母表示，重力加速度为g）。与真实值相比，测量的动摩擦因数_（填“偏大”或“偏小”）。11(文末答案)历年高考物理力学牛顿运动定律_022 参考答案1、答案：B解析：AB运动员竖直起跳，由于本身就有水平初速度，所以运动员既参与了水平方向上的匀速直线运动，又参与了竖直上抛运动。各分运动具有等时性，水平方向的分运动与滑板的运动情况一样，运动

15、员最终落在滑板的原位置。所以水平方向受力为零，则起跳时，滑板对运动员的作用力竖直向上，运动员对滑板的作用力应该是竖直向下，故 A 正确，不符合题意；B 错误，符合题意；C运动员在空中最高点时具有向下的加速度g，处于失重状态，故 C 正确，不符合题意；D运动员在空中运动时，加速度恒定，所以单位时间内速度的变化量相等，故D 正确，不符合题意。故选 B。2、答案：B解析：A物体通过O点时弹簧的弹力为零，但摩擦力不为零，A 错误；B物体振动时要克服摩擦力做功，机械能减少，振幅减小，做阻尼振动，B 正确；CD物体最终停止的位置可能在O点也可能不在O点。若停在O点摩擦力为零，若不在O点，摩擦力和弹簧的弹力

16、平衡，停止运动时物体所受的摩擦力不一定为，CD 错误。故选 B。3、答案：C解析：ABD由于物块的速度大于传送带的速度，所以物块相对传送带向上运动，物块受重力和沿斜面向下的滑动摩12擦力，沿斜面方向有根据牛顿第二定律mgsin+mgcos=ma1代入数据解得a1=10m/s2方向沿斜面向下。设物体减速到传送带速度需要的时间为t1，有1 2=0.611=由于物体所受重力沿斜面方向的分力大于滑动摩擦力，因此物体相对传送带向下运动，受到的滑动摩擦力沿斜面向上，沿斜面方向根据牛顿第二定律有mgsin-mgcos=ma2代入数据解得：a2=2m/s2方向沿斜面向下；最后减速到速度为零的时间为1=1s22

17、=故小物块向上运动的时间为1.6s。故 ABD 错误。C小物块向上滑行的最远距离为1+212+821+2=0.6+1m=42222=故 C 正确。故选 C。134、答案：D解析：AB小球受到沿绳的拉力和竖直向下的重力，合力平行斜面向下，满足=sin=可得加速度=sin故斜面一定是光滑的，故AB 错误；CD对整个系统，水平方向有向左的加速度，水平方向有向左的合外力，则地面对斜面体的摩擦力水平向左，故 C 错误，D 正确。故选 D。5、答案：BD解析：A把货车速度分解到绳子方向，分速度与货箱速度相等，则=1cos即cos1=故 A 错误；B货车匀速行驶，在减小，因此货箱的速度在增大，故货物在做加速

18、运动处于超重状态，故B 正确；C因为货物和货箱处于超重状态所以FT大于（m0+m）g，故 C 错误；14D货车受到绳子的拉力，故货车对地面的压力小于重力，故D 正确。故选 BD。6、答案：AB解析：由于传送带足够长，物体先减速向左滑行，直到速度减为零，此过程设物体对地位移大小为x，加速度大小为a，则22=2然后在滑动摩擦力的作用下向右运动，分两种情况：若v1v2，物体向右运动时一直加速，当v2=v2时（向右加速到v2可以看成是向左由v2减速到 0 的逆过程，位移大小还是等于x），恰好离开传送带。若v1v2，物体向右运动时先加速，当速度增大到与传送带的速度相等时，位移大小1222=22说明物体还

19、在传送带上，此后不受摩擦力，物体与传送带一起向右匀速运动知道返回光滑水平面，此时有v2=v1，故选项 A、B 正确，C、D 错误。故选 AB。7、答案：BC解析：CD 开始三个物体在拉力F的作用下一起向右做匀速运动，可知地面对B、C总的摩擦力=15B受地面的摩擦力为3F，C受地面的摩擦力为3F；撤去F后，B、C受地面的摩擦力不变，由牛顿第二定律可知23=2313=321B、C以相同的加速度向右做匀减速运动，B、C间作用力N=0D 错误，C 正确；AB撤去F后，整个过程三物体无相对滑动，则A与B加速度相同，B对A有向左的摩擦力=3A 错误，B 正确。故选 BC。8、答案：BD解析：AB滑块 2

20、下滑过程中，绳子拉力增大，合力先减小后反向增大，在B 处速度最大，加速度为零，则加速度先减小后反向增大，故错误，B 正确；C物体 1 静止时，弹簧压缩量为1=；当下滑到 C 点时，物体 2 上升的高度为=(3)2+(4)2 3=2则当物体 2 到达 C 时弹簧伸长的长度为，此时弹簧的弹性势能等于物体1 静止时的弹性势能；对于与及弹16簧组成的系统，由机械能守恒定律应有1 2=2 4解得1:2=2:1故 C 错误；D根据物体 1 和 2 沿绳子方向的分速度大小相等，则得2cos=1其中44=55cos=则得滑块 2 到达处时，物块 1 和滑块 2 的速度之比1:2=4:5故 D 正确；故选 BD

21、。9、答案：正比反比相同解析：123牛顿第二定律的内容：物体加速度的大小跟它受到的作用力成正比，跟它的质量成反比，加速度的方向跟作用力的方向相同。10、答案：35 0.3失重解析：1712由题意可知要用 35N 的水平推力，才能使它从原地开始运动，则此时水平推力恰好等于最大静摩擦力，所以木箱与地板之间的最大静摩擦力max=35N用 30N 的水平推力，就可以使木箱继续做匀速直线运动，则由平衡条件得=30N解得=0.33 比赛时在空中下降过程中加速度向下，物体处于失重状态。11、答案：6m/s静止状态解析：12当斜面倾角为1时，摩擦力沿斜面向下且加速度为零；当斜面倾角为2时，摩擦力沿斜面向上且加

22、速度为零；当斜面倾角在1和2之间时，物块处于静止状态。=0时，木板水平放置，由牛顿第二定律 =0又=联立解得0=6m/s2由图可知，当斜面倾角为1时，摩擦力沿斜面向下且加速度为零；当斜面倾角为2时，摩擦力沿斜面向上且加速度为零；当斜面倾角在1和2之间时，物块处于静止状态。21812、答案：0.5 4解析：1水平推力1=5N，货箱静止在小车上，两者一起做匀加速直线运动，有1=(+)1解得1=0.5m/s22水平推力2=50N，货箱在小车上滑动，则货箱受滑动摩擦力加速运动，有=2可得2=4m/s213、答案：5.8m解析：小球在竖直方向做自由落体运动，运动时间为2=0.8s小球在水平方向做匀减速运

23、动，加速度大小为=5m/s2=水平位移为1=0 2=4.8m219合位移为=2+2 5.8m故小球落地时的位移为 5.8m。14、答案：9.4N解析：对物体受力分析，建立直角坐标系如图由vt2v202ax2020.622220.4220.5m/s0.2m/s负号表示加速度方向与速度方向相反，即方向向左。y轴方向FN+Fsin30mgF（mg-Fsin30）x轴方向，由牛顿第二定律得20Fcos30Fma即Fcos30（mgFsin30）ma解得F9.4N15、答案：45解析：设斜面长度为L，有Lcosagsin且有L12at2解得t24sincossin2故当45时，所用时间最短，最短时间为t

24、4min16、答案：（1）2s；（2）3s解析：21（1）物块刚放上传动带时做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得mg=ma解得物块的加速度为a=2m/s2物块与传送带共速所需时间为0=2s1=（2）物块匀加速运动的位移为=0=4m21之后匀速运动到右端的时间为 =1s02=物块从传动带左端到右端的时间为t=t1+t2=3s即经 3s 物块会从传动带右端掉下来。()17、答案：B 1.1解析：（1）实验中不是用钩码的重力来表示细线对木块的拉力，对于M、m并不要求 ；又因为=，的大小就是木块对木板的压力大小，所以要保证长木板水平；实验操作中是先通电源再放木块，即AC 错误，B正确；（2）由逐差法公

25、式可求得加速度22=34 12=1.1m/s222（3）分别对木块和钩码进行受力分析，由牛顿第二定律表示出木块的加速度（T表示细线的拉力）=,=解得(+)2(2+0+)2=18、答案：重复测量 3 次下落时间，取其平均值作为测量值t B=解析：(1)1多次测量、取平均值是减小测量的偶然误差的基本方法。所以应补充的操作步骤为重复测量3 次下落时间，取其平均值作为测量值t。(2)2由于自由落体的加速度较大，下落H高度的时间较短，为了减小测量时间的实验误差，就要使重锤下落的时间长一些，因此系统下降的加速度要小，所以小钩码的质量要比重锤的质量小很多。故选 B。(3)3根据牛顿第二定律有=(+0+)又1

26、=22解得2(2+0+)223=19、答案：9.8，10 0.60，1.01 2.5 或 2.6解析：(1)1根据图乙可读出当地的重力加速度大小约为9.8m/s.(2)2 手机自由下落的高度约11=2=9.8 0.42m=0.78m22(3)3向上加速度最大时，缓冲垫对手机竖直方向上的作用力最大 =解得=2.5N20、答案：0.50 CD3(23)22偏大解析：(1)1根据逐差法求解加速度36 033.883.392.88 1.40 1.89 2.40=102m/s2=0.50m/s22299 0.1=(2)2对托盘和砝码、滑块组成的系统应用牛顿第二定律3 =(23)滑动摩擦力=2解得3 (23)224=结合上述表达式可知，ABE 错误，CD 正确。故选 CD。(3)3根据(2)可知动摩擦因数3 (2+3)2=4系统除了受到木板的摩擦力以外，还受到纸带和打点计时器之间的摩擦力、空气阻力等，所以导致动摩擦因数的测量值偏大。25