(文末附答案)2022年高考中物理牛顿运动定律专项训练题.pdf

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1、(文末附答案文末附答案)2022)2022 年高考中物理牛顿运动定律专项训练题年高考中物理牛顿运动定律专项训练题单选题1、质量为2kg的物体在水平面上沿直线运动，受阻力大小恒定。经某点开始沿运动方向的水平拉力F与运动距离x的关系如图所示，03m物体做匀速直线运动。下列对图示过程的说法正确的是（）A在=5m处物体加速度大小为3m/s2B07m物体克服阻力做功为28JC07m拉力对物体做功为45JD07m合力对物体做功为68J2、现在城市的滑板运动非常流行，在水平地面上一名滑板运动员双脚站在滑板上以一定速度向前滑行，在横杆前起跳并越过杆，从而使人与滑板分别从杆的上方、下方通过，如图所示，假设人和滑

2、板运动过程中受到的各种阻力忽略不计，若运动员顺利地完成了该动作，最终仍落在滑板原来的位置上，则下列说法错误的是（）A运动员起跳时，双脚对滑板作用力的合力竖直向下1B起跳时双脚对滑板作用力的合力向下偏后C运动员在空中最高点时处于失重状态D运动员在空中运动时，单位时间内速度的变化相同3、如图所示，物体静止于水平面上的O点，这时弹簧恰为原长l0，物体的质量为m，与水平面间的动摩擦因数为，现将物体向右拉一段距离后自由释放，使之沿水平面振动，下列结论正确的是（）A物体通过O点时所受的合外力为零B物体将做阻尼振动C物体最终只能停止在O点D物体停止运动后所受的摩擦力为mg4、如图所示，倾角为=37的传送带以

3、速度v1=2m/s 顺时针匀速转动。将一物块以v2=8m/s 的速度从传送带的底端滑上传送带。已知小物块与传送带间的动摩擦因数=0.5，传送带足够长，取sin37=0.6,cos37=0.8，g=10m/s，下列说法正确的是（）2A小物块向上运动过程中的加速度大小为10m/sB小物块向上运动的时间为1.2s22C小物块向上滑行的最远距离为4mD小物块最终将随传送带一起向上匀速运动多选题5、如图，一辆货车利用跨过光滑定滑轮的轻质不可伸长的缆绳提升一箱货物，已知货箱的质量为m0，货物的质量为m，货车向左做匀速直线运动，在将货物提升到图示的位置时，货箱速度为v，连接货车的缆绳与水平方向夹角为，不计一

4、切摩擦，下列说法正确的是（）A货车的速度等于vcosB货物处于超重状态C缆绳中的拉力FT小于（m0+m）gD货车的对地面的压力小于货车的重力6、如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速率v1沿顺时针方向运动，传送带右端有一与传送带等高的光滑水平面。物体以恒定的速率v2沿直线向左滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面上，这时速率为v2，则下列说法正确的是（）A若v1v2，则v2=v23C不管v2多大，总有v2=v2D只有v1=v2时，才有v2=v17、如图甲，足够长的长木板放置在水平地面上，一滑块置于长木板左端。已知滑块和木板的质量均为2kg，现在滑块上施加一个F0.5t（N）的水平变力

5、作用，从t0 时刻开始计时，滑块所受摩擦力f随时间t变化的关系如图乙所示。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度g 取 10m/s，下列说法正确的是（）2A图乙中t224sB木板的最大加速度为1m/sC滑块与木板间的动摩擦因数为0.4D木板与地面间的动摩擦因数为0.18、如图所示，质量为m2的物体 2 放在正沿平直轨道向右行驶的车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮连接质量为m1的物体 1，与物体 1 相连接的绳与竖直方向成角，则（物体 1 和物体 2 相对车厢静止，重力加速度大小为g）（）2A车厢的加速度大小为gtan1B绳对物体 1 的拉力大小为cos C底板对物体 2 的支持力大小为

6、(2 1)D物体 2 所受底板的摩擦力大小为2sin4填空题9、作用力和反作用力总是互相_、同时_的，我们可以把其中任何一个力叫作_，另一个力叫作_。10、2021 年 5 月 15 日，天问一号着陆器“祝融号”火星车成功着陆火星乌托邦平原南部预选着陆区，质量为1.3吨的火星车在如此高速下自动精准降速反映了我国科研水平取得的巨大成就。它首先进入火星大气层的狭窄“走廊”，气动减速；打开降落伞使速度进一步减为95m/s；与降落伞分离后，打开发动机约80s，减速至3.6m/s；然后进入悬停避障与缓速下降阶段，经过对着陆点的探测后平稳着陆，其过程大致如图所示。（火星表面的重力加速度约为地球表面的5，地

7、球表面重力加速度取 10m/s。）22（1）“祝融号”在火星表面的惯性与地球表面相比_（选填“增大”“减小”或“不变”）。由于勘测需要，火星车走走停停，假如它在一小时内的直线距离是9m，它的平均速度大小约为_m/s。（2）关于着陆器在不同阶段的受力分析，正确的是()A气动减速段，只受到气体阻力的作用B伞系减速段，重力与气体对它的作用力是一对平衡力C动力减速段，发动机喷火的反作用力作用在火星车上D悬停状态中，发动机喷火的反作用力与气体阻力是平衡力5（3）如果动力减速阶段发动机的推力远大于空气阻力且视作恒定，不考虑火星车的质量变化。请分析说明此阶段火星车的运动性质_，并根据图中所给的数据，估算发动

8、机推力的大小_。11、两类基本问题（1）从受力确定运动情况如果已知物体的受力情况，可以由牛顿第二定律求出物体的_，再通过运动学的规律确定物体的_情况。（2）从运动情况确定受力如果已知物体的运动情况，根据运动学规律求出物体的_，结合受力分析，再根据牛顿第二定律求出_。（3）如图所示，一质量为8 kg 的物体静止在粗糙的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，用一水平拉力F=20 N 拉物体，使其由A点开始运动，经过 8 s 后撤去拉力F，再经过一段时间物体到达B点停止。则：（g取 10 m/s）2a.在拉力F作用下物体运动的加速度大小为_ m/s；b.撤去拉力F瞬间物体的速度大小v=_ m

9、/s；c.撤去拉力F后物体运动的距离x=_ m。12、如图所示，质量为2kg的货箱放在质量为8kg的平板小车上，货箱与小车之间的动摩擦因数为0.4，小车在水平推力F作用下沿光滑水平地面运动。若水平推力1=5N，货箱静止在小车上，此时货箱的加速度大小为_ms2；若水平推力2=50N，货箱在小车上滑动，此时货箱的加速度大小为_ms2；取重力加速度=10ms2，小车水平。26解答题13、如图所示，水平传动带以v0=4m/s 的速率顺时针匀速运转，传动带左、右两端的距离为8m，把一可以看作质点的小物块轻放在传动带左端，物块与传动带之间的动摩擦因数为=0.2，重力加速度g取 10m/s，则：（1）经多长

10、时间物块会与传动带共速。（2）经多长时间物块会从传动带右端掉下来。214、如图甲所示，一倾角为37的固定粗糙斜面上有一滑块，滑块在沿斜面向下的拉力F作用下，从A点由静止开始下滑，拉力F随滑块沿斜面下滑的位移s的变化关系如图乙所示。已知A、B两点间距离为 2m，滑块质量为 2kg，滑块与斜面的动摩擦因数为0.5，重力加速度大小取10m/s2，sin37=0.6，求：（1）当拉力为 5N 时，滑块的加速度大小；（2）滑块从A运动到B经历的时间。15、用一原长为20cm、劲度系数为400N/m轻质弹簧水平拉动一质量为10kg的木箱，当弹簧伸长到30cm时7（在弹性限度内），木箱在水平地面上匀速滑动，

11、求此时（1）这个弹簧的弹力大小和木箱与地面之间的动摩擦因数；（2）若将拉力增大到60N，木箱做匀加速直线运动，求加速度的大小。16、一质量为m=1kg 的物块原来静止在水平地面上，物块与地面之间的动摩擦因数为=0.2，现在施加给物块一个水平方向的恒力F，使物块开始做匀加速直线运动，要求在 5s 内前进 25m，则施加的水平恒力F为多大？（重力加速度g取 10m/s）实验题17、在探究物体质量一定时加速度与力的关系实验中，小明同学做了如图甲所示的实验改进，在调节桌面水平后，添加了力传感器来测细线中的拉力。2（1）实验时，下列操作或说法正确的是_。A需要用天平测出砂和砂桶的总质量B小车靠近打点计时

12、器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数C选用电磁打点计时器比选用电火花计时器实验误差小8D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量（2）实验得到如图乙所示的纸带，已知打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，相邻两计数点之间还有四个点未画出，由图中的数据可知，小车运动的加速度大小是_ ms2。（计算结果保留三位有效数字）（3）由实验得到小车的加速度 与力传感器示数 的关系如图丙所示。则小车与轨道的滑动摩擦力f=_ N。18、一细绳跨过悬挂的定滑轮，两端分别系有小球A 和 B，如图所示。一实验小组用此装置测量小球B 运动的加速度。令两小球静止，细绳拉

13、紧，然后释放小球，测得小球B 释放时的高度h0=0.590m，下降一段距离后的高度h=0.100m；由h0下降至h所用的时间T=0.730s。由此求得小球B加速度的大小为a=1.84m/s。2从实验室提供的数据得知，小球A、B 的质量分别为 100.0g和 150.0g，当地重力加速度大小为g=9.8m/s。利用小球的质量，根据牛顿第二定律计算可得小球B 下落的加速度的大小为a=_m/s，小球 B 下落过程中绳子的拉力大小为_N（结果均保留 3 位有效数字）。可以看出，a与a有明显差异，除实验中的偶然误差外，写出一条可能产生这一结果的原因：_。19、教材列出的木一木动摩擦因数为0.30，实验小

14、组采用如图甲所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数。实验中，木块在重锤的拉动下，沿水平长木板做匀加速运动。229（1）实验所用重锤质量 150g 左右，下列供选择的木块质量最合适的是_；A20g B260g C500g D600g（2）关于实验操作和注意事项，下列说法正确的有_；A实验中先释放木块，后接通电源B调整定滑轮高度，使细线与板面平行C必须满足细线对木块拉力与重锤重力大小近似相等D木块释放位置到滑轮距离正常应在0.6m 左右（3）实验得到的一根纸带如图乙所示，从某个清晰的点开始，每5 个打点取一个计数点，依次标出0、l、2、3、4、5、6，测得点O与点 3、点 6 间的距离分别为 19

15、.90cm、54.20cm，计时器打点周期为 0.02s，则木块加速度a=_m/s(保留两位有效数字)；2（4）实验测得=0.33，大于教材列表中的标值，请写出两个可能的原因：_，_。20、2020 年 12 月 8 日，中尼两国联合宣布珠穆朗玛峰的最新高程为8848.86 米。在此次珠峰高程测量中，采用的一种方法是通过航空重力仪测量重力加速度，从而间接测量海拔高度。我校“诚勤立达”兴趣小组受此启发设计了如下实验来测量渝北校区所在地的重力加速度大小。已知sin53=0.8、cos53=0.6、sin37=0.6、cos37=0.8，实验步骤如下：10a.如图 1 所示，选择合适高度的垫块，使长

16、木板的倾角为53；b.在长木板上某处自由释放小物块，测量小物块距长木板底端的距离和小物块在长木板上的运动时间；c.改变释放位置，得到多组、数据，作出 图像，据此求得小物块下滑的加速度为4.90m/s2；d.调节垫块，改变长木板的倾角，重复上述步骤。回答下列问题：(1)当长木板的倾角为37时，作出的图像如图 2 所示，则此时小物块下滑的加速度=_ms2；（保留 3 位小数）(2)小物块与长木板之间的动摩擦因数=_；(3)依据上述数据，可知我校渝北校区所在地的重力加速度=_ms2；（保留 3 位有效数字）(4)某同学认为：图像中图线与时间轴围成的面积表示小物块在时间内的位移大小。该观点是否正确？(

17、)A正确 B错误 C无法判断11(文末附答案)2022 年高考中物理牛顿运动定律_00A 参考答案1、答案：B解析：A03m物体做匀速直线运动，水平拉力与阻力等大反向，由题图可知物体受到的阻力为4N。在=5m处物体受到的拉力为10 4 2)N=7N4=(4+物体的加速度为 7 4=m/s2=1.5m/s22=故 A 错误；B07m物体克服阻力做功为f=4 7J=28J故 B 正确；C 图线与坐标轴所围面积表示拉力所做的功，则07m拉力对物体做功为4+10 4)J=40J2=(3 4+故 C 错误；D07m合力对物体做功为合=W f=12J故 D 错误。故选 B。122、答案：B解析：AB运动员

18、竖直起跳，由于本身就有水平初速度，所以运动员既参与了水平方向上的匀速直线运动，又参与了竖直上抛运动。各分运动具有等时性，水平方向的分运动与滑板的运动情况一样，运动员最终落在滑板的原位置。所以水平方向受力为零，则起跳时，滑板对运动员的作用力竖直向上，运动员对滑板的作用力应该是竖直向下，故 A 正确，不符合题意；B 错误，符合题意；C运动员在空中最高点时具有向下的加速度g，处于失重状态，故 C 正确，不符合题意；D运动员在空中运动时，加速度恒定，所以单位时间内速度的变化量相等，故D 正确，不符合题意。故选 B。3、答案：B解析：A物体通过O点时弹簧的弹力为零，但摩擦力不为零，A 错误；B物体振动时

19、要克服摩擦力做功，机械能减少，振幅减小，做阻尼振动，B 正确；CD物体最终停止的位置可能在O点也可能不在O点。若停在O点摩擦力为零，若不在O点，摩擦力和弹簧的弹力平衡，停止运动时物体所受的摩擦力不一定为，CD 错误。故选 B。4、答案：C解析：ABD由于物块的速度大于传送带的速度，所以物块相对传送带向上运动，物块受重力和沿斜面向下的滑动摩擦力，沿斜面方向有根据牛顿第二定律13mgsin+mgcos=ma1代入数据解得a1=10m/s2方向沿斜面向下。设物体减速到传送带速度需要的时间为t1，有1 2=0.611=由于物体所受重力沿斜面方向的分力大于滑动摩擦力，因此物体相对传送带向下运动，受到的滑

20、动摩擦力沿斜面向上，沿斜面方向根据牛顿第二定律有mgsin-mgcos=ma2代入数据解得：a2=2m/s2方向沿斜面向下；最后减速到速度为零的时间为1=1s22=故小物块向上运动的时间为1.6s。故 ABD 错误。C小物块向上滑行的最远距离为1+212+821+2=0.6+1m=42222=故 C 正确。故选 C。5、答案：BD14解析：A把货车速度分解到绳子方向，分速度与货箱速度相等，则=1cos即cos1=故 A 错误；B货车匀速行驶，在减小，因此货箱的速度在增大，故货物在做加速运动处于超重状态，故B 正确；C因为货物和货箱处于超重状态所以FT大于（m0+m）g，故 C 错误；D货车受到

21、绳子的拉力，故货车对地面的压力小于重力，故D 正确。故选 BD。6、答案：AB解析：由于传送带足够长，物体先减速向左滑行，直到速度减为零，此过程设物体对地位移大小为x，加速度大小为a，则22=2然后在滑动摩擦力的作用下向右运动，分两种情况：若v1v2，物体向右运动时一直加速，当v2=v2时（向右加速到v2可以看成是向左由v2减速到 0 的逆过程，位移大小还是等于x），恰好离开传送带。若v1v2，物体向右运动时先加速，当速度增大到与传送带的速度相等时，位移大小151222=0，可得 0解得 500g当木块的质量M越小时，滑动摩擦力越小，整体的加速度越大，在纸带上打的点越少，则在计算加速度时误差较

22、大，综上分析可知，木块质量最合适的是260g，故 B 符合题意，ACD 不符合题意；故选 B。（2）2A实验时应先接通电源，再释放纸带，故A 错误；B为保证木块所受的拉力为细线的拉力，则应调整定滑轮的高度使细线与木板平行，故B 正确；C根据实验原理 =(+)可知不必满足细线对木块拉力与重锤重力大小近似相等，故C 错误；26D假设木板光滑，对整体受力分析，根据牛顿第二定律有=(+)将（1）问中的m=150g，M=260g 代入上式，可得加速度 4m/s为减少误差，计算方便，一般在纸带上是每隔5 个点取一个计数点，即时间间隔=5 0.02s=0.1s，通常是取 5 至 6 个计数点，则总时间为0.

23、5s 到 0.6s，取最开始的计数点是从初速度为0 开始的，根据位移时间公式有1=22取t=0.5s 计算可得=0.50m取t=0.6s 计算可得=0.72m故为提高纸带利用效率，减少实验误差，木块释放位置到滑轮距离正常应在0.6m 左右，故 D 正确。故选 BD。（3）3由题知，每隔 5 个点取一个计数点，则时间间隔=5 0.02s=0.1s，根据=2可得加速度为(06 03)03922=由题知03=19.90cm，06=54.20cm，代入数据解得=1.6m/s227（4）4实验测得=0.33，大于教材列表中的标值，根据实验原理分析，可能存在的原因有：木块、木板表面粗糙程度有差异；细线与滑轮摩擦或纸带与计时器摩擦。20、答案：1.958m/s20.5或0.509.79m/s2 B解析：(1)1小物块在斜面上做匀加速直线运动有1=22变形为1=2故 图像的斜率=2由图 2 可知=0.979故此时的加速度=2=1.958m/s2(2)(3)23长木板倾角为53时有53 53=1长木板倾角为37时有37 37=2联立可解得28=0.5，=9.79m/s2(4)4 图像中的面积微元=，无物理意义，故选 B。29