2023年黑龙江省绥化市重点高三下学期联考物理试题含解析.pdf

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1、2023 学年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电路中所有原件完好，当光照射到光电管上时，灵敏电流计中没有电流通过，可能的原因是（）A入射光强较弱 B入射光频率太高 C电源正负极接反 D光照射时间太短 2、关于速度、速度变化量和加速度的关系，正确说法是 A

2、物体运动的速度越大，则其加速度一定越大 B物体的速度变化量越大，则其加速度一定越大 C物体的速度变化率越大，则其加速度一定越大 D物体的加速度大于零，则物体一定在做加速运动 3、横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，如图所示。它们的竖直边长都是底边长的一半。现有三个小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜面上，其落点分别是 a、b、c。下列判断正确的是 Aa 球落在斜面上的速度方向与斜面平行 B三小球比较，落在 c 点的小球飞行时间最长 C三小球比较，落在 b 点的小球飞行过程速度变化最快 D无论小球抛出时初速度多大，落到斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直

3、4、如图所示为氢原子能级的示意图，下列有关说法正确的是 A处于基态的氢原子吸收 10.5eV 的光子后能跃迁至，n2 能级 B大量处于 n4 能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可辐射出 3 种不同频率的光 C若用从 n3 能级跃迁到 n2 能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从 n4 能级跃迁到 n3能级辐射出的光，照射该金属时一定能发生光电效应 D用 n4 能级跃迁到 n1 能级辐射出的光，照射逸出功为 6.34 eV 的金属铂产生的光电子的最大初动能为 6.41eV 5、如图是双缝干涉实验装置的示意图，S 为单缝，S1、S2为双缝，P 为光屏用绿光从左边照射单缝 S 时，可在光

4、屏P 上观察到干涉条纹下列说法正确的是()A减小双缝间的距离，干涉条纹间的距离减小 B增大双缝到屏的距离，干涉条纹间的距离增大 C将绿光换为红光，干涉条纹间的距离减小 D将绿光换为紫光，干涉条纹间的距离增大 6、如图所示，实线为两个点电荷 Q1、Q2产生的电场的电场线，虚线为正电荷从 A 点运动到 B 点的运动轨迹，则下列判断正确的是（）AA 点的场强小于 B 点的场强 BQ1的电荷量大于 Q2的电荷量 C正电荷在 A 点的电势能小于在 B 点的电势能 D正电荷在 A 点的速度小于在 B 点的速度 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个

5、选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、研究表明，汽车在行驶过程中所受阻力的大小与运动速率的平方近似成正比。一辆汽车在平直公路上行驶，以某一功率行驶达到的最大速率为1v，此时所受阻力为1F。若增加汽车功率为原来的两倍，其他条件不变，该汽车行驶达到的最大速率为2v，相应的阻力为2F。对此下列表述正确的是（）A212FF B3214FF C212vv D3212vv 8、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为 101，b 是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻 R10，其余电阻均不计。从某时刻开始在 c、d 两端加上如图乙所

6、示的交变电压。则下列说法中正确的有（）A当单刀双掷开关与 a 连接时，电压表的示数为 22V B当单刀双掷开关与 b 连接时，在 t0.01s 时刻，电流表示数为 4.4A C当单刀双掷开关由 a 拨向 b 时，副线圈输出电压的频率变为 25Hz D当单刀双掷开关由 a 拨向 b 时，原线圈的输入功率变小 9、关于机械波与电磁波，下列说法中正确的是 A机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动 B弹簧振子在四分之一个周期里运动的路程一定等于一个振幅 C有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去 D电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、

7、可见光、红外线、射线 E.在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同 10、如图所示，纸面内虚线 1、2、3 相互平行，且间距均为 L。1、2 间的匀强磁场垂直纸面向里、磁感应强度大小为2B，2、3 间的匀强磁场垂直纸面向外、磁感应强度大小为 B。边长为d dL的正方形线圈 PQMN 电阻为 R，各边质量和电阻都相同，线圈平面在纸面内。开始 PQ 与 1 重合，线圈在水平向右的拉力作用下以速度为0v向右匀速运动。设 PQ 刚进入磁场时 PQ 两端电压为1U，线圈都进入 2、3 间磁场中时，PQ 两端电压为2U；在线圈向右运动的整个过程中拉力最大为 F，拉力所做的功为 W，则下列判断正确的是（

8、）A0132BdvU B20UBdv C2203B d vFR D23014B d vWR 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）在“观察电容器的充、放电现象”实验中，电路如图（甲）所示 (1)将开关 S 接通 1，电容器的_（填“上”或“下”）极板带正电，再将 S 接通 2，通过电流表的电流方向向_（填“左”或“右”）。(2)若电源电动势为 10V，实验中所使用的电容器如图（乙）所示，充满电后电容器正极板带电量为_C（结果保留两位有效数字）。(3)下列关于电容器充电时，电流 i 与时间 t 的关系；所带电荷量 q 与两极

9、板间的电压 U 的关系正确的是_。12（12 分）某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻：实验室除提供开关 S 和导线外，有以下器材可供选择：电压表：V（量程 3V，内阻 Rv=10k）电流表：G（量程 3mA，内阻 Rg=100）电流表：A（量程 3A，内阻约为 0.5）滑动变阻器：R1（阻值范围 0-10，额定电流 2A）R2（阻值范围 0-1000，额定电流 1A）定值电阻：R3=0.5 该同学依据器材画出了如图所示的原理图，他没有选用电流表 A 的原因是_；该同学将电流表 G 与定值电阻 R3并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是_A；为了能准确地进行测量，同时

10、为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器_（填写器材的符号）；该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表 G 读数为横坐标，以电压表 V 读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势 E=_V（结果保留三位有效数字），电源的内阻 r=_（结果保留两位有效数字）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，两端开口且导热良好的汽缸竖直固定放置，两厚度不计的轻质活塞 A、B 由轻杆相连，两活塞的横截面积分别为 SA=30cm2，SB=18 cm2，活塞间封闭有一定质量的理想气体。开始时

11、，活塞 A 距离较粗汽缸底端10cm，活塞 B 距离较细汽缸顶端 25cm，整个装置处于静止状态。此时大气压强为 p0=1.0105Pa，汽缸周围温度为 27C。现对汽缸加热，使汽缸周围温度升高到 127C，不计一切摩擦。(1)求升高温度后活塞 A 上升的高度；（结果保留 1 位小数）(2)保持升高后的温度不变，在活塞 A 上缓慢放一重物，使活塞 A 回到升温前的位置，求连接活塞 A、B 的轻杆对 A的作用力大小。14（16 分）直流电动机的工作原理可以简化为如图所示的情景，匀强磁场方向竖直向下，磁感应强度大小为 B；平行金属轨道 MN、PQ，相距为 L，固定在水平面内；电阻为 R 的金属导体

12、棒 ab 与平行轨道垂放置，且与轨道接触良好；MP 间接有直流电源。闭合开关 S，金属导体棒向右运动，通过轻绳竖直提升质量为 m 的物体，重力加速度为 g。忽略一切阻力、导轨的电阻和直流电源的内阻。(1)求物体匀速上升时，通过导体棒 ab 的电流大小；(2)导体棒 ab 水平向右运动的过程中，同时会产生感应电动势，这个感应电动势总要削弱电源电动势的作用，我们称之为反电动势。设导体棒 ab 向上匀速提升重物的功率为 P出，电流克服反电动势做功的功率为 P反，请证明：P出=P反；(解题过程中需要用到、但题目没有给出的物理量，要在解题时做必要的说明)(3)若通过电源连续调节 MP 间的电压 U，物体

13、匀速上升的速度 v 也将连续变化，直流电动机所具有这种良好的“电压无极变速”调速性能在许多行业中广泛应用。请写出物体匀速上升的速度 v 与电压 U 的函数关系式。15（12 分）光滑水平面上，一个长木板与半径 R 未知的半圆组成如图所示的装置，装置质量 M5 kg.在装置的右端放一质量为 m1 kg 的小滑块(可视为质点)，小滑块与长木板间的动摩擦因数 0.5，装置与小滑块一起以 v010 m/s的速度向左运动现给装置加一个 F55 N 向右的水平推力，小滑块与长木板发生相对滑动，当小滑块滑至长木板左端 A 时，装置速度恰好减速为 0，此时撤去外力 F 并将装置锁定小滑块继续沿半圆形轨道运动，

14、且恰好能通过轨道最高点B.滑块脱离半圆形轨道后又落回长木板 已知小滑块在通过半圆形轨道时克服摩擦力做功Wf2.5 J g取10 m/s2.求：(1)装置运动的时间和位移；(2)长木板的长度 l；(3)小滑块最后落回长木板上的落点离 A 的距离 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A根据光电效应方程 0kmhWE 可知光电管能否产生光电效应与入射光的强度没有关系，A 错误；B若入射光频率太高，则一定大于金属的极限频率，故一定可以发生光电效应，电流计中可能电流通过，B 错误；C电源正负极接反时，

15、光电管加上反向电压，光电子做减速运动，可能不能到达阳极，电路中不能形成电流，C 正确；D光电管能否产生光电效应与光照时间没有关系，D 错误。故选 C。2、C【解析】A物体运动的速度大时，可能做匀速直线运动，加速度为零，故 A 项错误；B据vat可知，物体的速度变化量大时，加速度不一定大，故 B 项错误；C物体的速度变化率就是vt，物体的速度变化率越大，则其加速度一定越大，故 C 项正确；D当物体的加速度大于零，速度小于零时，物体的速度方向与加速度方向相反，物体做减速运动，故 D 项错误。3、D【解析】A根据平抛运动的推论可知，设 a 球落在斜面上的速度方向与水平方向夹角为，对应处位置位移与水平

16、方向偏转角为，即tan2tan，根据题意1tan2，所以=45，不可能与斜面平行，选项 A 错误。B根据平抛运动规律212hgt，a 球竖直方向下落距离最大，所以 a 球飞行时间最长，选项 B 错误；C三个球都做平抛运动，即速度变化快慢（加速度）均相同，选项 C 错误。D通过 A 的分析可知，a 球不可能与斜面垂直。对于 b、c 点而言，竖直方向分速度 gt，水平速度 v0，假设能与斜面垂直，则 01tan2vgt 对应的竖直方向的距离为 212ygt 水平方向的距离为 01()2xv tgt t 显然这是不可能满足的，因此选项 D 正确。4、D【解析】A处于基态的氢原子吸收 10.2eV 的

17、光子后能跃迁至 n=2 能级，不能吸收 10.2eV 的能量故 A 错误；B大量处于 n=4 能级的氢原子，最多可以辐射出24C6 种，故 B 错误；C从 n=3 能级跃迁到 n=2 能级辐射出的光的能量值大于从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级辐射出的光的能量值，用从 n=3能级跃迁到 n=2 能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级辐射出的光，照射该金属时不一定能发生光电效应，故 C 错误；D处于 n=4 能级的氢原子跃迁到 n=1 能级辐射出的光的能量为：410.85(13.6)12.75eVEEE ，根据光电效应方程，照射逸出功为 6.34

18、eV 的金属铂产生的光电子的最大初动能为：12.756.346.41eVkmEEW，故 D 正确；5、B【解析】试题分析：根据公式lxd，减小双缝间的距离，干涉条纹间的距离变大，A 错误，根据公式lxd，增大双缝到屏的距离，干涉条纹间的距离增大，B 正确，根据公式lxd，将绿光换为红光，频率减小，即波长增大，所以干涉条纹间的距离增大，C 错误 根据公式lxd，将绿光换为紫光，频率增大，即波长减小，所以干涉条纹间的距离减小，D 错误，考点：本题考查光波的干涉条纹的间距公式，点评：应牢记条纹间距的决定因素，不要求定量计算，但要求定性分析 6、C【解析】A根据“电场线的密疏表示场强的大小”可知 A

19、点的场强比 B 点的场强大，故 A 错误；B根据电场线分布情况可知 Q1、Q2 是同种电荷。由点电荷周围电场线较密可知点电荷带电荷量较多，即 Q1Q2，故 B 错误；C正电荷做曲线运动，受到的合力方向指向曲线的凹处，并且和电场线在一条直线上，所以正电荷电场力方向指向Q2，由于正电荷从 A 点运动到 B 点的过程中，电场力方向与速度方向的夹角总是大于 90，电场力做负功，电势能增大，即正电荷在 A 点的电势能小于在 B 点的电势能，故 C 正确；D正电荷从 A 点运动到 B 点，电场力做负功，电势能增大，动能减小，故正电荷在 A 点的速度大于在 B 点的速度，故 D 错误。故选 C。二、多项选择

20、题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BD【解析】CD汽车功率为 P 时，最大速率为1v，由二力平衡有 11FPv 由题意知 211Fkv 解得 31Pvk 同理，汽车功率为 2P 时，最大速率为 322Pvk 解式得 323122vPvP 所以 D 正确，C 错误；AB将式代入 211Fkv与222Fkv 解得 2322114FvFv 所以 B 正确，A 错误。故选 BD。8、AB【解析】A当单刀双掷开关与 a 连接时，变压器原副线圈的匝数比为 101，输

21、入电压 m12UU 220 V 故根据变压比公式 1122101UnUn 可得输出电压为 22 V，电压表的示数为 22V，故 A 正确；B当单刀双掷开关与 b 连接时，变压器原副线圈的匝数比为 51，输入电压 U1220 V，故根据变压比公式，输出电压为 44 V，根据欧姆定律，电流表的示数即为输出电流的有效值 2244A=4.4A10UIR 故 B 正确；C由图象可知，交流电的周期为22 10 s，所以交流电的频率为 150HzfT 当单刀双掷开关由 a 拨向 b 时，变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为 50 Hz。故 C 错误；D当单刀双掷开关由 a 拨向 b 时，根据

22、变压比公式，输出电压增加，故输出电流增加，故输入电流也增加，则原线圈的输入功率变大，故 D 错误。故选 AB。9、ACE【解析】A机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动，选项 A 正确；B弹簧振子只有从平衡位置或者离平衡位置最远处开始振动计时，在四分之一个周期里运动的路程才等于一个振幅，选项 B 错误；C有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去，这是根据多普勒效应，选项 C 正确；D波长越大的衍射能量越强，则电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、红外线、可见光、射线，选项 D 错误；E在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同

23、，选项 E 正确；故选 ACE.10、ABD【解析】A只有 PQ 进入磁场，PQ 切割磁感线产生电动势 102EBdv 电路中电流 11EIR PQ 两端电压 0113342BdvUE 选项 A 正确；C受到的安培力 2201122Bd vFB I dR 进入过程克服安培力做功 233114B d vWFdR 都进入 1、2 间后磁场回路无电流，不受安培力，拉力为 0，不做功；PQ 进入右边磁场、MN 在左边磁场中，MN 切割磁感线产生电动势1E，PQ 切割右边磁感线产生电动势 20EBdv 回路中电流 122EEIR PQ 和 MN 受到安培力大小分别为 32FBI d 422FB I d

24、需要拉力最大为 220349B d vFFFR 选项 C 错误；BPQ 进入右边磁场过程中克服安培力做功 2WFd 都进入右边磁场后，PQ 和 MN 都切割磁场，回路无电流，安培力为 0，220UEBdv 选项 B 正确；DPQ 出磁场后，只有 MN 切割磁感线，线圈受到安培力 2205B d vFBIdR PQ 出磁场过程中安培力做功 35WF d 整个过程克服安培力做功 23013214B d vWWWWR 选项 D 正确。故选 ABD.三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、上 左 23.3 10 A 【解析】(1)1开关 S

25、 接通 1，电容器充电，根据电源的正负极可知电容器上极板带正电。2开关 S 接通 2，电容器放电，通过电流表的电流向左。(2)3充满电后电容器所带电荷量 623300 10 F 10V3.3 10 CQCU(3)4AB电容器充电过程中，电流逐渐减小，随着两极板电荷量增大，电流减小的越来越慢，电容器充电结束后，电流减为 0，A 正确，B 错误；CD电容是电容器本身具有的属性，根据电容的定义式QCU可知，电荷量与电压成正比，所以图线应为过原点直线，CD 错误。故选 A。12、量程与被测电流值相比较太大 0.603 R1 1.48 0.84（0.70-0.90 之间都给分）【解析】1 一节干电池的电

26、动势约 E=15V，为方便实验操作，滑动变阻器应选 R1，它的阻值范围是 0-10，电路中最小电流约为 min0.15AEIR 电流表 A 的量程是 3A，被测电流值与电流表量程相比差距太大，因此不能用电流表 A。2 改装后电流表量程：30.003 100.003A0.603A0.5gggI RIIR 3根据以上分析可知，选用的滑动变阻器是 R1。45 由上可知，改装后电流表的量程是电流表 G 量程的 200 倍，图象的纵截距 b 等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=148V 图线的斜率大小 k=r，由数学知识知：0.84UkI 则电源的内阻为：r=k=0.84 四、计算题：本题共

27、2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)20.8cm；(2)60N【解析】(1)设升高温度后活塞 A 上升的高度为 l，已知1A 1B 2VS lS l，1=300KT，2A1B2=()()VSllSll，2=400KT，由等压变化得1212VVTT，解得 20.8cml (2)1A 1B 2VS lS l，设气体压强为2p，由已知条件可得 511.0 10 Pap，1=300KT，2=400KT 由查理定律可得1212ppTT，由于系统处于平衡状态，对 B 活塞分析可得 2B1Bp Sp SF 联立解得=60NF 14、（

28、1）mgIBL；（2）见解析；（3）22UmgRvBLB L【解析】(1)物体匀速上升，由平衡条件有 mg=BIL 解得mgIBL (2)设金属导体棒匀速运动速度大小为 v，电流为 I，则：导体棒 ab 匀速向上提升重物输出的机械功率为 P出=mgv，电流克服金属导体棒反电动势做功的功率为 P反=BILv 又 mg=BIL 所以 P出=P反得证(3)设金属导体棒两端连续可调的电压为 U，物体匀速上升的速度大小为 v。由于反电动势总要削弱电源电动势的作用，有：UBLvIR 金属导体棒匀速运动有mgIBL 联立解得22UmgRvBLB L 15、(1)1 s 5 m(2)2.5 m(3)0.8 m

29、【解析】(1)对 M：FmgMa1 解得：a110 m/s2 设装置运动的时间为 t1，由 v0a1t10 解得：t11 s 装置向左运动的距离：x1v0t112a1t125 m(2)对 m：mgma2，解得 a25 m/s2 设滑块到 A 点的速度为 v1，则 v1v0a2t1 解得：v15 m/s 小滑块向左运动的距离：x2v0t112a2t127.5 m 则木板长为 lx2x12.5 m(3)设滑块在 B 点的速度为 v2，从 A 至 B：mg2RWf22211122mvmv 在 B 点：mgm22vR 联立解得：R0.4 m，v22 m/s 小滑块平抛运动时：22122Rgt 落点离 A 的距离：xv2t2，解得：x0.8 m