2023学年黑龙江省绥棱高三下学期第五次调研考试物理试题含解析.pdf

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1、2023 学年高考物理模拟试卷 注意事项 1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回 2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用 05 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置 3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符 4作答选择题，必须用 2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用 05 毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效 5如需作图，须用 2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每

2、小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2017 年 11 月 5 日，又有两颗北斗导航系统组网卫星通过“一箭双星”发射升空，并成功进入预定轨道，两颗卫星绕地球运动均看作匀速圆周运动。如果两颗卫星的质量均为 M，其中的 1 号卫星轨道距离地面高度为 h，2 号卫星轨道距离地面高度为 h，且 hh，把地球看做质量分布均匀的球体，已知地球半径为 R，地球表面的重力加速度大小为 g，引力常量为 G 下列说法正确的是（）Al 号卫星绕地球运动的线速度gRRh B1 号卫星绕地球运动的周期2()RhTRhGM C1 号卫星和 2 号卫星做匀速圆周运动的向心力大小之比为22hh D稳定在轨运行

3、时1 号卫星的机械能大于2 号卫星的机械能 2、如图，一小孩在河水清澈的河面上以 1m/s 的速度游泳，t=0 时刻他看到自己正下方的河底有一小石块，t=3s 时他恰好看不到小石块了，河水的折射率 n=4 3，下列说法正确的是（）A3s 后，小孩会再次看到河底的石块 B前 3s 内，小孩看到的石块越来越明亮 C这条河的深度为7m Dt=0 时小孩看到的石块深度为4 73m 3、我国成功地发射了北斗三号组网卫星，如图为发射卫星的示意图。先将卫星发射到半径为1 rr的圆轨道 上做匀速圆周运动，到 A 点时使卫星加速进入椭圆轨道，到椭圆轨道的远地点 B 点时，再次改变卫星的速度，使卫星进入半径为2

4、3rr的圆轨道做匀速圆周运动。已知卫星在椭圆轨道时距地心的距离与速度的乘积为定 值，卫星在椭圆轨道上 A 点时的速度为 v，卫星的质量为 m，地球质量为 M，引力常量为 G，则发动机在 A 点对卫星做的功与在 B 点对卫星做的功之差为（不计卫星的质量变化）（）A25293GMmmvr B25293GMmmvr C25384GMmmvr D2493GMmmvr 4、甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方向做直线运动，位移-时间图象如图所示，则在 0t1时间内 A甲的速度总比乙大 B甲、乙位移相同 C甲经过的路程比乙小 D甲、乙均做加速运动 5、某一人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为地球

5、同步卫星绕地球轨道半径的12，则此卫星运行的周期大约是（）A6h B8.4h C12h D16.9h 6、关于分子间相互作用力与分子间势能，下列说法正确的是（）A在 10r0（r0为分子间作用力为零的间距，其值为 1010m）距离范围内，分子间总存在着相互作用的引力 B分子间作用力为零时，分子间的势能一定是零 C当分子间作用力表现为引力时，分子间的距离越大，分子势能越小 D分子间距离越大，分子间的斥力越大 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如

6、图所示，一长的水平传送带以的恒定速率沿顺时针方向转动，传送带右端有一与传送带等高的光滑水平面，一质量的物块以的速率沿直线向左滑上传送带，经过一段时间后物块离开了传送带，已知物块与传送带间的动摩擦因数，重力加速度 g 取，则以下判断正确的是（）A经过后物块从传送带的左端离开传送带 B经过后物块从传送带的右端离开传送带 C在 t 时间内传送带对物块做的功为-4J D在 t 时间内由于物块与传送带间摩擦而产生的热量为 16J 8、荷兰某研究所推出了 2023 年让志愿者登陆火星、建立人类聚居地的计划.登陆火星需经历如图所示的变轨过程，已知引力常量为G，则下列说法正确的是（）A飞船在轨道上运动时，运行

7、的周期1mnTTT B飞船在轨道上的机械能大于在轨道上的机械能 C飞船在P点从轨道变轨到轨道，需要在P点朝速度方向喷气 D若轨道贴近火星表面，已知飞船在轨道上运动的角速度，可以推知火星的密度 9、如图，楔形物块 A 静置在水平地面上，其斜面粗糙，斜面上有小物块 B，用平行于斜面的力 F 拉 B，使之沿斜面匀速上滑。现改变力 F 的方向至与斜面成一定的角度，仍使物体 B 沿斜面匀速上滑。在 B 运动的过程中，楔形物块 A始终保持静止。关于相互间作用力的描述正确的有（）AA 对 B 的摩擦力可能不变 B拉力 F 可能增大 C物体 B 对斜面的作用力减小 D地面受到的摩擦力大小可能变大 10、如图所

8、示，轻弹簧一端固定在 O 点，另一端连接在一个小球上，小球套在光滑、水平的直杆上，开始时弹簧与杆垂直且处于原长。现给小球一个水平向右的拉力 F，使小球从杆上 A 点由静止开始向右运动，运动到 B 点时速度最大，运动到 C 点时速度为零。则下列说法正确的是（）A小球由 A 到 B 的过程中，拉力做的功大于小球动能的增量 B小球由 B 到 C 的过程中，拉力做的功大于弹簧弹性势能的增量 C小球由 A 到 C 的过程中，拉力做的功等于弹簧弹性势能的增量 D小球由 A 到 C 的过程中，小球所受合力的功先减小后增大 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出

9、演算过程。11（6 分）有一电压表 V，量程为 3V，要求测量其内阻 RV。可选用的器材有：滑动变阻器甲，最大阻值10；滑动变阻器乙，最大阻值10k；电阻箱2R，最大阻值 9999.9；电源1E，电动势约为 4V，内阻不计；电源2E，电动势约为 10V，内阻不计；电压表 V0，量程 6V；开关两个，导线若干；(1)小兰采用如图甲所示的测量电路图，在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接_；(2)连接好实验电路后，小兰进行实验操作，请你补充完善下面操作步骤：断开开关2S和1S，将1R的滑片移到最左端的位置；闭合开关2S和1S，调节1R，使 V 满偏；断开开关2S，保持_

10、不变，调节2R，使 V 示数为 2.00V，读取并记录此时电阻箱的阻值为0R，为使得测量结果尽量准确，滑动变阻器1R应选择_（填“甲”或“乙”），电源应选择_（填“1E”或“2E”），小兰测出的电压表内阻R测_，它与电压表内阻的真实值 RV相比，R测_RV（选填“”、“=”或“”）；(3)小兵同学采用了如图乙所示的测量电路图，实验步骤如下：断开开关2S和1S，将1R的滑片移到最左端的位置；闭合开关2S和1S，调节1R，使 V 满偏，记下此时 V0的读数；断开开关2S，调节1R和2R，使 V 示数达到半偏，且 V0的读数不变；读取并记录此时电阻箱的阻值为0R，理论上分析，小兵测出的电压表 V 内

11、阻的测量值R测与真实值相比，R测_RV（选填“”“=”或“”）。12（12 分）用图所示实验装置验证机械能守恒定律通过电磁铁控制的小铁球从 A 点自由下落，下落过程中经过光电门 B 时，通过与之相连的毫秒计时器（图中未画出）记录下挡光时间 t，测出 AB 之间的距离 h实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过光电门中的激光束 (1)为了验证机械能守恒定律，还需要测量下列哪些物理量_ AA 点与地面间的距离 H B小铁球的质量 m C小铁球从 A 到 B 的下落时间 tAB D小铁球的直径 d(2)小铁球通过光电门时的瞬时速度 v=_，若下落过程中机械能守恒，则21t与 h 的关系式为21

12、t=_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，水平面上固定一倾角为=37的斜面体，在其左侧一定距离有一水平桌面，现将一可视为质点的物块 A 由水平桌面的左端以初速度 v0=6m/s 向右滑动，滑到右端时与物块 B 发生弹性碰撞，物块 B 离开桌面后,经过一段时间，刚好无碰撞地由光滑固定的斜面体顶端 C 点滑上斜面体已知桌面两端之间的距离为 x=4.0m，mB=1kg，物块 A 与水平桌面之间的动摩擦因数为=0.25，桌面与斜面体 C 点的高度差为 h=0.45m，重力加速度取 g=10m/

13、s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8，忽略空气阻力。求：（1）物块 A 的质量；（2）如果斜面体 C 点距离水平面的高度为 H=4.8m，求从物块 A 开始运动到物块 B 到达 D 点的总时间。14（16 分）如图所示，在光滑的水平面上静置一长为 L 的木板 B，上表面粗糙，现有滑块 A 以初速度0v从右端滑上B，恰好未离开 B，A 的质量为 m，B 的质量为2m，求 A 与 B 上表面间的动摩擦因数。15（12 分）穿过闭合导体回路的磁通量发生变化时，回路中就有感应电流，电路中就一定会有电动势，这个电动势叫做感应电动势。感应电动势的大小可以用法拉第电磁感应定律确定。(1)写出法拉

14、第电磁感应定律的表达式；(2)如图所示，把矩形线框放在磁感应强度为 B 的匀强磁场里，线框平面 跟磁感线垂直。设线框可动部分 MN 的长度为 L。它以速度 v 向右运动。请利用法拉第电磁感应定律推导 E=BLv。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A设地球质量 m，根据公式 22()()MmvGMRhRh 和 002mmm gGR 解得 gvRRh 故 A 正确；B根据公式 2224()()MmGMRhRhT 和 002mmm gGR 解得：2()RhRhTR g 故 B 错误；C根据 12

15、()mMFGRh 22()mMFGRh 所以 2122()()FRhFRh 故 C 错误；D由于hh，卫星从低轨道向高轨道要点火加速，化学能转化为机械能，所以稳定在轨运行时 1 号卫星的机械能小于 2 号卫星的机械能，故 D 错误。故选 A.2、C【解析】At=3s 时他恰好看不到小石块了，说明在此位置从小石块射到水面的光发生了全反射，则 3s 后的位置从小石块射到水面的光仍发生全反射，则小孩仍不会看到河底的石块，选项 A 错误；B前 3s 内，从小石子上射向水面的光折射光线逐渐减弱，反射光逐渐增强，可知小孩看到的石块越来越暗，选项 B错误；C由于 13sin4Cn 则 3tan377 可知水

16、深 3=m=7m3tan7vthC 选项 C 正确；Dt=0 时小孩看到的石块深度为 3 7m4hhn 选项 D 错误。故选 C。3、B【解析】根据万有引力提供向心力可得 212mvGMmrr 解得卫星在轨道半径为r的圆轨道上运动的线速度大小 1GMvr 同理可得在半径为3r的圆轨道上做圆周运动的线速度大小为 23GMvr 设卫星在椭圆轨道上B点的速度为Bv，根据题意有 3Bv rvr 可知在A点时发动机对卫星做功 21211122Wmvmv 在B点时发动机对卫星做的功为 222211()223vWmvm 因此有 2125239GMmWWmvr 故 B 正确，A、C、D 错误；故选 B。4、B

17、【解析】A因 x-t 图像的斜率等于速度，可知在 0t1时间内开始时甲的速度大于乙，后来乙的速度大于甲，选项 A 错误；B由图像可知在 0t1时间内甲、乙位移相同，选项 B 正确；C甲乙均向同方向做直线运动，则甲乙的路程相同，选项 C 错误；D由斜率等于速度可知，甲做匀速运动，乙做加速运动，选项 D 错误 5、B【解析】由题意卫星的轨道半径是同步卫星半径的12，根据开普勒第三定律有 33 22 1()2rrTT同同同卫 可得 3 11224h8.4h8rTTr同卫同同 故 ACD 错误，B 正确。故选 B。6、A【解析】A分子间同时存在引力和斥力，在平衡距离以内表现为斥力，在平衡距离以外表现为

18、引力，在 10r0距离范围内，分子间总存在着相互作用的引力，A 正确；BC设分子平衡距离为 r0，分子距离为 r，当 rr0，分子力表现为引力，分子距离越大，分子势能越大；当 rr0，分子力表现为斥力，分子距离越小，分子势能越大；故当 rr0，分子力为 0，分子势能最小；由于分子势能是相对的，其值与零势能点的选择有关，所以分子距离为平衡距离时分子势能最小，但不一定为零，B、C 错误；D分子间距离越大，分子间的斥力越小，D 错误。故选 A。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3

19、 分，有选错的得 0 分。7、BD【解析】AB当物块滑上传送带后，受到传送带向右的摩擦力，根据牛顿第二定律有 代入数据可得物块加速度大小 a=1m/s2，方向向右，设物块速度减为零的时间为 t1，则有 代入数据解得 t1=1s；物块向左运动的位移有 代入数据解得 故物块没有从传送带左端离开；当物块速度减为 0 后向右加速，根据运动的对称性可知再经过 1s 从右端离开传送带，离开时速度为 1m/s，在传送带上运动的时间为 t=2t1=2s 故 A 错误，B 正确；C在 t=2s 时间内，物块速度大小不变，即动能没有改变，根据动能定理可知传送带对物块做的功为 0，故 C 错误；D由前面分析可知物块

20、在传送带上向左运动时，传送带的位移为 当物块在传送带上向右运动时，时间相同传送带的位移也等于 x1，故整个过程传送带与物块间的相对位移为 在 t 时间内由于物块与传送带间摩擦而产生的热量为 故 D 正确。故选 BD。8、ACD【解析】A、根据开普勒第三定律可知，飞船在轨道上运动时，运行的周期TTT，故选项 A 正确；BC、飞船在P点从轨道变轨到轨道，需要在P点朝速度方向喷气，从而使飞船减速到达轨道，则飞船在轨道上的机械能小于在轨道上的机械能，故选项 B 错误，C 正确；D、根据22MmGmRR以及343MR，解得234 G，已知飞船在轨道上运动的角速度，可以推知火星的密度，故选项 D 正确。9

21、、BC【解析】AB拉力 F 平行斜面向上时，先对物体 B 受力分析如图 根据平衡条件，平行斜面方向 F=f+mgsin 垂直斜面方向 N=mgcos 其中：f=N 解得 F=mg（sin+cos）f=mgcos 拉力改变方向后，设其与斜面夹角为，根据平衡条件，平行斜面方向 Fcos=f+mgsin 垂直斜面方向 N+Fsin=mgcos 其中：f=N 解得(sincos)cossinmgF f=（mgcosFsin）由两式得到滑动摩擦力减小；由两式得到，拉力 F 可能变大，也可能减小，故 A 错误，B 正确；CD对物体 A 受力分析，受重力、支持力、B 对 A 的压力、B 对 A 的滑动摩擦力

22、、地面对 A 的静摩擦力，如图：根据平衡条件，水平方向有 f静=Nsin+fcos 结合前面 AB 选项分析可知，当拉力改变方向后，N 和 f 都减小，故 f 和 N 的合力一定减小（B 对 A 的力就是 f 和 N的合力）。静摩擦力也一定减小，故 C 正确，D 错误；故选 BC 10、AC【解析】A.小球由 A 到 B 的过程中，小球的动能增加，弹簧的弹性势能增加，根据功能关系可知，拉力做的功大于小球动能的增量，故 A 正确；B.小球由 B 到 C 的过程中，小球的动能减少，弹簧的弹性势能增加，根据功能关系可知，拉力做的功与小球减少的动能之和等于弹簧弹性势能的增量，则拉力做的功小于弹簧弹性势

23、能的增量，故 B 错误；C.小球由 A 到 C 的过程中，动能的增量为零，根据功能关系可知，拉力做的功等于弹簧弹性势能的增量，故 C 正确；D.根据动能定理知：小球所受合力的功等于小球动能的变化量，小球的动能先增大后减小，所以合力的功先增大后减小，故 D 错误。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R 甲 E1 02R =【解析】(1)1实物连线如图 (2)23456断开开关2S，保持 R 不变，调节 R2，使 V 示数为 2.00V，读取并记录此时电阻箱的阻值为 R0，为使得测量结果尽量准确，滑动变阻器 R1应选择阻值较小的甲；

24、电源应选择 E1；当电压表读数为 2V 时，电阻箱两端电压为 1V，则由串联电路的特点可知，测出的电压表内阻02RR测；因断开开关2S后，电阻箱与电压表串联，则电阻值变大，此时电阻箱与电压表两端电压之和要大于 3V，而电压表读数为 2V 时电阻箱两端电压大于 1V，则实际上电压表内阻小于 2R0，则电压表内阻的真实值 RV相比，R测RV；(3)7此测量方法中，S2闭合时电压表两端电压等于 S2断开时电压表和 R2两端的电压之和，则当 S2断开时电压表半偏时，电压表的内阻等于电阻箱 R2的阻值，此方法测量无误差产生，即=VRR测。12、D dt 22ghd 【解析】(1)1A根据实验原理可知，需

25、要测量的是 A 点到光电门的距离，故 A 错误；B根据机械能守恒的表达式可知，方程两边可以约掉质量，因此不需要测量质量，故 B 错误；C利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，故 C 错误；D利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度时，需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小球的直径，故 D正确 故选 D(2)23利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故 dvt 根据机械能守恒的表达式有 212mghmv 即 2212ghtd 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1kg；

26、（2）2.1s。【解析】（1）由平抛运动规律，物块 B 离开桌面后在竖直方向做自由落体运动，则有 21112hgt 代入数据解得1t=0.3s 竖直方向速度 1yvgt3m/s 根据几何关系，可知此时速度与水平速度的夹角等于斜面的倾角，即=37，则有 3tan4yxvv 解得物块 B 离开桌面时速度为4xv m/s 设滑块在平台上滑动时的加速度为 a，滑块到达 B 点的速度Av，根据牛顿第二定律有 mgma 解得2.5a m/s2 根据速度位移公式有 2202Avvax 解得4Av m/s 根据动量守恒得 AAABxm vm vm v 根据机械能守恒得 222111222AAABxm vm v

27、m v 代入数据解得0v，1Am kg（2）物块 A 在水平桌面上运动的时间为 020.8Avvtas 物块 B 到达斜面体 C 点的合速度为 22xyvvv 代入数据解得 v=5m/s 物块 B 在斜面上运动时，根据牛顿第二定律有 sinmamg 代入数据解得加速度6a m/s2 根据几何关系，有斜面的长度 4.8sin0.6Hlm=0.8m 根据运动学公式有 23312lvtat 解得3t 1s（383t s 舍去）从物块 A 开始运动到物块 B 到达 D 点的总时间 1232.1tttts 14、203vgL【解析】对 A 在木板 B 上的滑动过程，恰好未离开 B，即滑至 B 的左端与 B 共速，根据动量守恒定律有 0(2)mvmm v 解得 013vv 由系统能量守恒有 22011(2)22mgLmvmm v 解得 203vgL 15、(1)Ent；(2)见解析【解析】(1)法拉第电磁感应定律 Ent(2)t 时间内回路增加的面积 SLv t 由法拉第电磁感应定律 SvL tEBBttt EBLv