2022-2023学年河南省部分重点中学高三下学期一模考试物理试题含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，物体 C 放在水平面上，物体 B 放在 C 上，小球 A 和 B 之

2、间通过跨过定滑轮的细线相连，若与物体 B 连接的悬线竖直、两滑轮间的线水平，且不计滑轮与细线的质量、滑轮轴上的摩擦、滑轮与线间的摩擦，把 A 拉到某位置（低于滑轮）由静止释放使 A 在竖直平面内摆动，在 A 摆动的过程中 B、C 始终不动，下列说法中正确的是（）A物体 C 对 B 的摩擦力方向有时有可能沿斜面向下 B物体 C 对 B 的摩擦力有时可能为零 C地面对 C 的摩擦力有时不为零 D物体 C 对地面的压力有时可以等于 B、C 重力之和 2、如图所示，质量相同的三个小球从足够长的斜面上同一点 O 分别以初速度 v1、v2、v3水平抛出，落在斜面上的位置分别为 A、B、C，已知 OA=AB

3、=BC，空气阻力不计，则（）Av1：v2：v3=1：2：3 B落到斜面时的速度方向不同 C落到斜面时的动能之比为 1：2：3 D落到斜面时的动能增量之比为 1：4：9 3、“嫦娥四号”实现了人类首次月背登陆，为实现“嫦娥四号”与地球间通信，我国还发射了“鹊桥”中继卫星，“鹊桥”绕月球拉格朗日2L点的 Halo 轨道做圆周运动，已知2L点距月球约 6.5 万千米，“鹊桥”距月球约 8 万千米，“鹊桥”距2L点约 6.7 万千米，月球绕地球做圆周运动的周期约为 27 天，地球半径为 6400km，地球表面重力加速度为210m/s，电磁波传播速度为83 10 m/s。下列最接近“嫦娥四号”发出信号通

4、过“鹊桥”传播到地面接收站的时间的是（）A2s B10s C12s D16s 4、在核反应方程中，X 表示的是 A质子 B中子 C电子 D 粒子 5、用一根长 1m 的轻质细绳将一副质量为 1kg 的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳能承受的最大张力为10N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为（g取210m/s）A3m2 B2m2 C1m2 D3m4 6、如图，滑块 A 置于水平地面上，滑块 B 在一水平力作用下紧靠滑块(A A、B 接触面竖直)，此时 A 恰好不滑动，B 刚好不下滑.已知 A 与 B 间的动摩擦因数为1，A 与地面间的动摩擦因数为2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力.A与B 的质量

5、之比为()A121 B12121 C12121 D12122 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，地球质量为 M，绕太阳做匀速圆周运动，半径为 R有一质量为 m 的飞船，由静止开始从 P 点在恒力F 的作用下，沿 PD 方向做匀加速直线运动，一年后在 D 点飞船掠过地球上空，再过三个月，又在 Q 处掠过地球上空 根据以上条件可以得出 ADQ 的距离为2R BPD 的距离为16 29R C地球与太阳的万有引力的大小29 216FMm D

6、地球与太阳的万有引力的大小29 232FMm 8、如图所示，气缸分上、下两部分，下部分的横截面积大于上部分的横截面积，大小活塞分别在上、下气缸内用一根硬杆相连，两活塞可在气缸内一起上下移动，缸内封有一定质量的气体，活塞与缸壁无摩擦且不漏气.起初，在小活塞上的烧杯中放有大量沙子.能使两活塞相对于气缸向上移动的情况是()A给气缸缓慢加热 B取走烧杯中的沙子 C大气压变小 D让整个装置自由下落 9、如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为 m 的小球，从离弹簧上端高 h 处由静止释放。某同学探究小球在接触弹簧后向下的运动过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴

7、Ox，作出小球所受弹力 F 大小随小球下落的位置坐标 x 的变化关系如图乙所示，不计空气阻力，重力加速度为 g。以下判断正确的是 A当 x=h+x0时，重力势能与弹性势能之和最小 B最低点的坐标为 x=h+2x0 C小球受到的弹力最大值等于 2mg D小球动能的最大值为02mgxmgh 10、下列说法正确的是（）A当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大 B一定量的理想气体压强不变，体积减小，气体分子对容器壁在单位时间内单位面积上碰撞次数增多 C当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小 D液晶具有液体的流动性，但不具有单晶体的光学各向异性 E.一切与热现象有关的宏观自然过程都是可

8、逆的 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学欲将电流表改装为两用电表，即中央刻度为 15 的“1”挡的欧姆表及量程为 015V 的电压表，实验室可提供的器材有 A一节全新的 5 号干电池 E（内阻不计）B电流表 A1（量程 010mA，内阻为 25）C电流表 A2（量程 0100mA，内阻为 2.5）D滑动变阻器 R1（030）E.滑动变阻器 R2（03）F.定值电阻 R3（117.5）G.定值电阻 R4（120）H.定值电阻 R5（147.5）L.单刀双掷开关 S，一对表笔及若干导线(1)图中 a 应接电流表的_（

9、选填“+”或“”）接线柱，测量电压时应将开关 S 扳向_（选填“1”或“2”）；(2)图中电流表应选用_（选填“B”或“C”），滑动变阻器应选用_（选填“D”或“E”），定值电阻 R0应选_（选填“F“G或“H”）；(3)在正确选用器材的情况下，正确连接好实验电路若电流表满偏电流为 Ig，则电阻刻度盘上指针指在34Ig 处应标上_。（填写具体数值）12（12 分）小明同学在测定一节干电池的电动势和内阻的实验时，为防止电流过大而损坏器材，电路中加了一个保护电阻 R0，根据如图所示电路图进行实验时，（1）电流表量程应选择_（填“0.6A”或“3A”），保护电阻应选用_（填“A”或“B”）;A、定值

10、电阻（阻值 10.0，额定功率 10w）B、定值电阻（阻值 2.0，额定功率 5w）（2）在一次测量中电压表的指针位置如图 2 所示，则此时电压为_V（3）根据实验测得的 5 组数据画出的 U-I 图线如图 3 所示，则干电池的电动势 E=_V，内阻 r=_（小数点后保留两位）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，有一长为 L6 m，质量为 m11 kg 的长木板放在水平面上，木板与水平面间的动摩擦因数为10.2，右端固定一挡板，左端放一质量为 m21 kg 的小滑块，滑块与木板间的动摩擦

11、因数为 20.1，现在滑块的左端瞬间给滑块施加一个水平冲量 I4 Ns，滑块与挡板发生碰撞的时间和能量损失均忽略不计，g 取 10 m/s2，求：(1)滑块与挡板碰撞后瞬间木板的速度；(2)木板在水平面上发生的位移。14（16 分）如图所示，一定质量的气体从状态 A 经状态 B、C、D 再回到状态 A已知气体在状态 A 时的体积是 1L。（1atm=1.013105Pa，ln3=1.099）求气体在状态 C 的体积；气体从状态 A 经状态 B、C、D 再回到状态 A 的过程中，吸收或放出的热量 Q。15（12 分）如图所示，内壁光滑的气缸竖直放置，在距气缸底部 l=36cm 处有一与气缸固定连

12、接的卡环，活塞与气缸底部之间封闭了一定质量的气体。当气体的温度1200TK，大气压强501.01 10pPa时，活塞与气缸底部之间的距离0l=30cm，已知活塞的面积为250cm，不计活塞的质量和厚度，现对缸内气体加热，使活塞缓慢上升当温度上升至2540TK时，求：封闭气体此时的压强 该过程中气体对外做的功 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】AB小球 A 在最低点时,绳子的拉力和重力提供向心力,当绳子的拉力正好等于 B 的重力时,BC 之间没有弹力,此时 BC间摩擦力等于零,如果绳子拉力小

13、于 B 的重力,则摩擦力方向沿斜面向上,不可能沿斜面向下,故 A 错误,B 正确;C以 B 和 C 为研究对象分析可以知道,绳子拉力竖直向上,水平方向没有分力,所以 C 受到的地面摩擦力始终为零,故 C错误;DA 在竖直平面内摆动,做圆周运动,重力和绳子的拉力的合力提供向心力,所以绳子的拉力不可能等于零,所以 C 对地面的压力不可能等于 B、C 重力之和,故 D 错误.故选 B.点睛：A 在竖直平面内摆动,做圆周运动,重力和绳子的拉力的合力提供向心力,而 BC 处于静止状态,受力平衡,选择适当的物体或系统进行受力分析即可求解.2、C【解析】A、设物体的初速度为 v0，斜面的倾角为，斜面落点到

14、O 点的长度为 L 则小球落在斜面上时，有，得,则有,、g 一定，则得到；由于 OA=AB=BC，则 OA：OB：OC=1：2：3，由上式得；故 A 错误。B、设小球落到斜面上时速度与水平方向的夹角为，则有，与初速度无关，则知落到斜面时的速度方向相同；故 B 错误。C、小球落在斜面上速度平方为，落到斜面时的动能为，所以落到斜面时的动能之比为 1：2：3，故 C 正确D、根据动能定理得，飞行过程中动能增量，得飞行过程中动能增量之比为 1:2:3;故 D 错误故选 C.【点睛】三个小球做平抛运动，运用运动的分解法，得出斜面的长度与初速度、运动时间的关系，本题中斜面的倾角反映了位移与水平方向的夹角，

15、关键确定两个方向的位移关系得出时间表达式 3、A【解析】根据地球对月球的万有引力提供月球绕地球圆周运动的向心力，有 2224GMmmrrT 忽略地球自转，在地球表面附近 2GMgR 可计算地月间距 38r 万千米 所以2L到地球距离为 44.5 万千米，根据勾股定理可计算地球到“鹊桥”距离约为 45 万千米，所以“嫦娥四号”到地球表面通讯距离为 53 万千米，即85.3 10m，因此通信时间 885.3 10s1.8s3 10t 最接近 2s，故 A 正确，BCD 错误。故选：A。4、A【解析】设 X 为：，根据核反应的质量数守恒：，则：电荷数守恒：，则，即 X 为：为质子，故选项 A 正确，

16、BCD 错误。点睛：本题考查了核反应方程式，要根据电荷数守恒、质量数守恒得出 X 的电荷数和质量数，从而确定 X 的种类。5、A【解析】本题考查力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用【详解】一个大小方向确定的力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而当绳子拉力达到 F=10N 的时候，绳子间的张角最大，为 120，此时两个挂钉间的距离最大；画框受到重力和绳子的拉力，三个力为共点力，受力如图 绳子与竖直方向的夹角为：=60，绳子长为：L0=1m，则有：mg=2Fcos，两个挂钉的间距离：L2sin2L，解得：L=32m 6、B【解析】试题分析：对

17、A、B 整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=2（m1+m2）g 再对物体 B 分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=N 竖直方向：m2g=f 其中：f=1N 联立有：m2g=1F 联立解得：1122121mm 故选 B【考点定位】物体的平衡【点睛】本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，注意最大静摩擦力约等于滑动摩擦力 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3

18、分，有选错的得 0 分。7、ABC【解析】根据 DQ 的时间与周期的关系得出 D 到 Q 所走的圆心角，结合几何关系求出 DQ 的距离 抓住飞船做匀加速直线运动，结合 PD 的时间和 PQ 的时间之比得出位移之比，从而得出 PD 的距离根据位移时间公式和牛顿第二定律，结合地球与太阳之间的引力等于地球的向心力求出引力的大小【详解】地球绕太阳运动的周期为一年，飞船从 D 到 Q 所用的时间为三个月，则地球从 D 到 Q 的时间为三个月，即四分之一个周期，转动的角度为 90 度，根据几何关系知，DQ 的距离为 2 R，故 A 正确；因为 P 到 D 的时间为一年，D 到 Q的时间为三个月，可知 P

19、到 D 的时间和 P 到 Q 的时间之比为 4：5，根据212xat得，PD 和 PQ 距离之比为 16：25，则 PD 和 DQ 的距离之比为 16：9，2DQR，则16 29PDR，B 正确；地球与太阳的万有引力等于地球做圆周运动的向心力，对 PD 段，根据位移公式有：216 21 92RFatam，因为 P 到 D 的时间和 D 到 Q 的时间之比为 4：1，则44Tt，即 T=t，向心力224nFMRT，联立解得地球与太阳之间的引力29 216FMFm，故 C 正确 D 错误 8、BD【解析】以活塞和气体整体为研究对象，由物体平衡条件知(P0-P)(S-s)=G，明确原来气体压强小于大

20、气压强；题目设计的变化如加热、取走沙子、大气压减小、装置自由下落后，我们根据理想气体状态方程判断出气体的体积增大还是减小，就可以知道活塞上升还是下降了【详解】A设缸内气体压强 P，外界大气压为 P0，大活塞面积 S，小活塞面积 s，活塞和钢球的总重力为 G，以活塞和气体整体为研究对象，由物体平衡条件知：(P0-P)(S-s)=G 给气缸缓慢加热，气体温度升高，由盖吕萨克定律知气体体积要增大，从气缸结构上看活塞应向下移动，故 A 错误 B取走烧杯中的沙子后，整体的重力小了，由式知容器内气体压强必须增大，由玻意耳定律知气体体积要减小，所以气缸要向上移动，故 B 正确 C大气压变小时，由式知道缸内气

21、体压强要减小，由玻意耳定律知气体体积要增大，所以气缸要向下移动，故 C错误 D让整个装置自由下落，缸内气体压强增大(原来小于大气压强)，由玻意耳定律知气体体积要减小，所以气缸向上移动，故 D 正确 故选 BD【点睛】本题的关键是利用活塞受力平衡的条件和理想气体状态方程判断封闭气体的体积如何变化，是一道比较困难的易错题 9、AD【解析】由图象结合小球的运动过程为:先自由落体运动，当与弹簧相接触后，再做加速度减小的加速运动，然后做加速度增大的减速运动，直到小球速度为零。A当 x=h+x0时，弹力等于重力，加速度为零，小球速度最大，动能最大，由于系统机械能守恒，所以重力势能与弹性势能之和最小，A 正

22、确；B在最低点小球速度为零，从刚释放小球到小球运动到最低点，小球动能变化量为零，重力做的功和弹力做的功的绝对值相等，即到最低点图中实线与 x 轴围成的面积应该与 mg 那条虚线与 x 轴围成的面积相同，所以最低点应该在h+2x0小球的后边，B 错误；C由 B 知道最低点位置大于02xhx，所以弹力大于 2mg，C 错误；D当 x=h+x0时，弹力等于重力，加速度为零，小球速度最大，动能最大，由动能定理可得 00011()22GNWWmg hxmgxmghmgx，故 D 正确。10、ABC【解析】A当分子力表现为引力时，增大分子减的距离，需要克服分子力做功，所以分子势能随分子间距离的增大而增大，

23、故 A 正确；B一定量的理想气体保持压强不变，气体体积减小，气体分子的密集程度增大，单位时间内气体分子对容器壁单位面积上碰撞次数增多，故 B 正确；C当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小，故 C 正确；D液晶既具有液体的流动性，又具有单晶体的光学各向异性的特点，故 D 错误；E根据热力学第二定律可知，一切与热现象有关的宏观自然过程都具有方向性，都是不可逆，故 E 错误；故选 ABC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、+1 C D H 5 【解析】(1)1欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，则左边电笔为红表笔，所以图中 a 应接

24、电流表的“+”；2电流表与分压电阻串联可以改装成电压表，由图示电路图可知，测量电压时应将开关 S 扳向 1；(2)3中央刻度为 15 的“1”挡的欧姆表中值电阻为 15，欧姆表内阻等于中值电阻，欧姆调零时电路电流 1.5=0.1A100mA15EIR内 故电流表应选择 C；4当改装成欧姆表时，接入一个调零电阻，由题意由于欧姆表的内阻为 15，则=152ggERRI滑 故滑动变阻器选 D；5当改装为量程为 015V 的电压表时，应串联一个阻值为 0150.1 2.5147.50.1gggUI RRI 故定值电阻选 H；(3)6若电阻值指在34gI,即此时电流为 3=75mA4gII 所以待测电阻

25、 31.5=(15)575 10ERRI 12、0.6A B 1.210.01 1.450.01 0.500.05 【解析】试题分析：根据题中所给器材的特点，大致计算下电流的大小，选择合适的电流表，对于选择的保护电阻，一定要注意保护电阻的连入，能使得电流表的读数误差小点；图像的斜率表示0Rr，纵截距表示电源电动势，据此分析计算 （1）因一节干电池电动势只有 1.5V，而内阻也就是几欧姆左右，提供的保护电阻最小为 2，故电路中产生的电流较小，因此电流表应选择 0.6A 量程；电流表的最大量程为 0.16A，若选用 10 欧姆的，则电流不超过 0.15A，所以量程没有过半，所以选择 B 较为合适（

26、2）电压表应选择 3V 量程的测量，故读数为 1.20V（3）图像与纵坐标的交点表示电源电动势，故 E=1.45V；图像的斜率表示0Rr，故01.450.72.50.3Rr，故r=0.5 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2 m/s 方向水平向右(2)1127m【解析】（1）由于冲量作用，滑块获得的速度为 v02Im4 m/s 木板受地面最大摩擦力 1(m1m2)g2m2g，木板不动。对滑块：2m2gm2a2 v02-v22a2L 解得 v2 m/s 滑块与挡板碰撞动量守恒：m2vm2v2m1v1

27、能量守恒：22221 12 2111 222m vmvm v 解得 v12m/s，v20 碰后瞬间木板速度为 2 m/s，方向水平向右。（2）碰后滑块加速度不变，对木板：1(m1m2)g2m2gm1a1 设经时间 t，两者共速 v1a1ta2t 解得 t13s 共同的速度 v3a2t13m/s 此过程木板位移 x1v1t12a1t2718m 共速后木板加速度为 1(m1m2)g2m2gm1a3 最后木板静止，设此过程木板位移为 x2，0v322a3x2 解得 x2154m 木板在水平面上发生的位移为 x1x21127m。14、2L；吸收的热量为24.654 10 J【解析】由图可知气体在 AB

28、 过程是等容升温升压，VA=1L，则 VB=1L，气体在 BC 过程是等压升温增容，根据盖 吕萨克定律有 CBBCVVTT 代入数据解得2cV L。从 C 到 D 是等温变化，根据玻意耳定律得有 CCDDVpp V 代入数据解得6DV L 则根据pT图线转化为pV图线如图所示 从 B 到 C 过程，等压变化，体积增大，气体对外界做功，根据 Wp V 解得 5313 1.013 102 110W J=-3.039210J 从 C 到 D 过程，等温变化，体积增大，气体对外界做功，根据数学知识，则有 536 1.013 1010pV 则有 261.013 10pV 由数学微积分知识可得 66622

29、222261.013 106ln1.013 10WpdVdVVV 解得 2226 ln6ln21.013 106ln3 1.013 10W J=-26.680 10J 从 D 到 A 过程，压强不变，体积减小，外界对气体做功，根据 Wp V 解得 5331 1.013 106 110W J=5.065210J 则整个过程做的总功为 123WWWW 代入数据解得 24.654 10W J 即气体对外界做功为24.654 10，从 A 出发再回到 A，初末状态温度相同，内能相同，即0U 根据热力学第一定律有 UQW 解得 24.654 10QW J 即吸收24.654 10J 的热量。15、51.

30、5 10 Pa30J【解析】试题分析：（1）对活塞进行受力分析：0pSp S得：501.0 10ppPa 设活塞上升到卡球处时气体温度为0T，初状态体积0l S，温度为1T，末状态体积为Sl，则：01l SlSTT 解得：2360540TKTK 气体还将进行等容不得升温，初状态压强为0p，温度为 T，末状态压强为1p，温度为2T，则：022ppTT 解得：511.5 10pPa（2）该封闭气体仅在等压膨胀过程中对外做功，则：0030WFSp S llJ（）考点：考查了理想气体状态方程【名师点睛】先写出已知条件，对活塞进行受力分析，根据理想气体状态方程求压强；活塞克服重力和外面的大气压做功，利用功的计算公式即可求解，注意应用公式时，温度为热力学温度