2023届河南省新野县第一高级中学高考物理倒计时模拟卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、通信卫星一般是相对地面“静止”的同步卫星，三颗同步卫星就可以实现全球通信。设地球的半径为R，地面的重力加速度为g，地球的自转周期为T。则速度为c的电磁波从一颗卫星直线传播至相邻的另一颗卫星，传播时间为（）A22323 3

2、4gR T B223234gR T C223213 34gR Tc D2232134gR Tc 2、如图所示，A、B 是两个带电小球，质量相等，A 球用绝缘细线悬挂于 O 点，A、B 球用绝缘细线相连，两线长度相等，整个装置处于水平向右的匀强电场中，平衡时 B 球恰好处于 O 点正下方，OA 和 AB 绳中拉力大小分别为 TOA和 TAB，则（）A两球的带电量相等 BTOA=2TAB C增大电场强度，B 球上移，仍在 O 点正下方 D增大电场强度，B 球左移，在 O 点正下方的左侧 3、在如图所示电路中，合上开关 S，将滑动变阻器 R2的滑动触点向 b 端移动，则三个电表 A1、A2和 V 的

3、示数 I1、I2和 U 的变化情况是（）AI1增大，I2不变，U 增大 BI1减小，I2不变，U 减小 CI1增大，I2减小，U 增大 DI1减小，I2增大，U 减小 4、如图所示，两个完全相同的矩形导线框 A、B 在靠得很近的竖直平面内，线框的长边均处于水平位置线框 A 固定且通有电流 I，线框 B 从足够高处由静止释放，在运动到 A 下方的过程中（）A穿过线框 B 的磁通量先变小后变大 B穿过线框 B 的磁通量先变大后变小 C线框 B 所受安培力的合力为零 D线框 B 的机械能一直减小 5、（题文）（题文）如图，两同心圆环 A、B 置于同一水平面上，其中 B 为均匀带负电绝缘环，A 为导体

4、环 当 B 绕环心转动时，导体环 A 产生顺时针电流且具有扩展趋势，则 B 的转动情况是（）A顺时针加速转动 B顺时针减速转动 C逆时针加速转动 D逆时针减速转动 6、如图所示，A、B 两滑块质量分别为 2kg 和 4kg，用一轻绳将两滑块相连后分别置于两等高的光滑水平面上，并用手按着滑块不动，第一次是将一轻质动滑轮置于轻绳上，然后将一质量为 4kg 的钩码 C 挂于动滑轮上，只释放 A 而按着 B 不动；第二次是将钩码 C 取走，换作竖直向下的 40N 的恒力作用于动滑轮上，只释放 B 而按着 A 不动。重力加速度 g10m/s2，则两次操作中 A 和 B 获得的加速度之比为（）A2：1 B

5、5：3 C4：3 D2：3 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、关于对分子动理论、气体和晶体等知识的理解，下列说法正确的是_ A温度高的物体，其分子的平均动能一定大 B液体的分子势能与体积无关 C晶体在物理性质上可能表现为各向同性 D温度升高，气体的压强一定变大 E.热量可以从低温物体传给高温物体 8、用如图所示的装置研究光电效应现象，光电管阴极 K 与滑动变阻器的中心抽头 c 相连，光电管阳极与滑动变阻器的滑片 P 相连，初始时滑片 P 与抽

6、头 c 正对，电压表的示数为 0（电压表 0 刻线在表盘中央）。在移动滑片 P 的过程中，光电流，随电压表示数 U 变化的图像如图所示，已知入射光的光子能量为 1.6eV。下列说法正确的是（）A当滑片 P 与 c 正对时，电路中无光电流 B当 U=0.6V 时，滑片 P 位于 b、c 之间 C阴极材料的逸出功为 0.6eV D当 U=0.8V 时，到达阳极的光电子的最大动能为 1.4eV 9、如图所示，在边界 MN 右侧是范围足够大的匀强磁场区域，一个正三角形闭合导线框 ABC 从左侧匀速进入磁场，以 C 点到达磁场左边界的时刻为计时起点（t=0），已知边界 MN 与 AB 边平行，线框受沿轴

7、线 DC 方向外力的作用，导线框匀速运动到完全进入磁场过程中，能正确反映线框中电流 i、外力 F 大小与时间 t 关系的图线是（）A B C D 10、如图，一定量的理想气体经历了 ABCDA 的循环，ABCD 位于矩形的四个顶点上。下列说法正确的是 。A状态 C 的温度为032T B从 AB，分子的平均动能减少 C从 CD，气体密度增大 D从 DA，气体压强增大、内能减小 E.经历 ABCDA 一个循环，气体吸收的热量大于释放的热量 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）如图所示，某小组同学利用 DIS 实验装置研究支架

8、上力的分解。A、B 为两个相同的双向力传感器，该型号传感器在受到拉力时读数为正，受到压力时读数为负。A 连接质量不计的细绳，并可沿固定的圆弧形轨道移动。B固定不动，通过光滑铰链连接一轻杆，将细绳连接在杆右端 O 点构成支架，调整使得 O 点位于圆弧形轨道的圆心处，保持杆沿水平方向。随后按如下步骤操作：测量绳子与水平杆的夹角AOB；对两个传感器进行调零；用另一绳在 O 点悬挂住一个钩码，记录两个传感器读数；取下钩码，移动传感器 A，改变 角，重复上述步骤，得到图示数据表格。(1)根据表格数据，可知 A 传感器对应的是表中的力_（填“F1”或“F2”），并求得钩码质量为_kg（保留一位有效数字，g

9、 取 10m/s2）；(2)实验中，让 A 传感器沿圆心为 O 的圆弧形（而不是其它的形状）轨道移动的主要目的是_。A方便改变 A 传感器的读数 B方便改变 B 传感器的读数 C保持轻杆右端 O 的位置不变 D方便改变细绳与杆的夹角 12（12 分）指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，请回答下列问题：（1）在使用多用电表测量时，若选择开关拨至“1mA”挡，指针的位置如图（a）所示，则测量结果为_；（2）多用电表测未知电阻阻值的电路如图（b）所示，电池的电动势为 E、R0为调零电阻，某次将待测电阻用电阻箱代替时，电路中电流 I 与电阻箱的阻值 Rx 关系如图（c）所示，则此时多用电表的内阻为

10、_，该电源的电动势 E=_V.（3）下列判断正确的是_。A在图（b）中，电表的左、右插孔处分别标注着“”、“”B因为图（c）是非线性变化的，所以对应欧姆表的刻度盘上的数字左小右大 C欧姆表调零的实质是通过调节 R0，使 R0=0 时电路中的电流达到满偏电流 D电阻 Rx的变化量相同时，Rx越小，则对应的电流变化量就越大 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）2022 年第 24 届冬季奥林匹克运动会将在北京和张家口举行，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之一。如图所示为简化的跳台滑雪的雪道示意图AO，为

11、助滑道OB，为着陆坡。运动员从助滑道上的A点由静止滑下，然后从O点沿水平方向飞出，最后在着陆坡上着陆。已知，A点与O点的高度差为h，着陆坡OB的倾角为，运动员的质量为m，重力加速度为g。将运动员和滑雪板整体看作质点，不计一切摩擦和空气阻力，求：(1)运动员经过O点时的速度大小 v；(2)运动员从飞出到着陆的时间t；(3)运动员的着陆点到O点的距离s。14（16 分）如图甲，一竖直导热气缸静置于水平桌面，用销钉固定的导热活塞将气缸分隔成 A、B 两部分，每部分都密闭有一定质量的理想气体，此时 A、B 两部分气体体积相等，压强之比为2:3，拔去销钉，稳定后 A、B 两部分气体体积之比为2:1，如图

12、乙。已知活塞的质量为 M，横截面积为 S，重力加速度为 g，外界温度保持不变，不计活塞和气缸间的摩擦，整个过程不漏气，求稳定后 B 部分气体的压强。15（12 分）图 a 所示为杂技“顶竿”表演，质量为150kgm 的甲站在地面上，肩上扛一质量为25kgm 的竖直竹竿，竿上有一质量为345kgm 的乙可视为质点，乙从竿的顶端 A 恰好下滑到竿的末端 B，其速度时间图象如图 b 所示，g 取 10m/s2，求：(1)竿 AB 的长度；(2)整个下滑过程中，竿对乙所做的功；(3)13s 内甲对地面的压力大小。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四

13、个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】卫星绕地球运行，万有引力提供向心力，则有 2224GMmrmrT 可得 32rTGM 综合“黄金代换”有 2GMgR 如图所示 由几何关系知 sin602xr 联立整理得 22323 34gR Tx 根据运动规律，电磁波传播有 xct 可得 223213 34gR Ttc 故 C 正确，A、B、D 错误；故选 C。2、C【解析】A若两球带电量相等，整体受力分析可知，两小球带异种电荷，且 OA 绳应竖直，A 错误；B取 B 和 AB 整体为研究对象，对 B 有 ABCcosmgTF 其中CF表示 A、B 之间的库仑力，为 OA、OB 绳与竖直方向

14、的夹角；对整体 OA2cosmTg 故 COAAB22TTF B 错误；CD对 B 有 2tanq Emg 对整体有 12tan2qqEmg 故增大 E 之后 OA、AB 与竖直方向夹角变大，且夹角相等，故 B 球上移，仍在 O 点正下方，C 正确，D 错误。故选 C。3、D【解析】试题分析：理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部整体局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析 触点向 b 端移动过程中2R连入电路的电阻减小，即总电阻减小，干路电流即总电流增大，所以根据EUIr可知路端电压减小，即 U 减小，3R在干路，通过它的电流增大，所以3R两端的

15、电压增大，而3RUUU并，所以U并减小，即并联电路两端的电压减小，所以1R的电流1I减小，而12III，所以2I增大，D 正确 4、D【解析】AB.据安培定则知，线框 A 内部磁场向里，外部磁场向外；线框 B 从足够高处由静止释放，线框 B 下降且未与线框 A相交前，线框 B 中磁通量是向外的增大；当线框 B 与线框 A 相交至重合过程中，线框 B 中磁通量先是向外的减小到 0然后是向里的增大；当线框 B 与线框 A 重合至相离过程中，线框 B 中磁通量先是向里的减小到 0 然后是向外的增大；当线框 B 与线框 A 相离且越来越远时，线框 B 中磁通量是向外的减小；故 AB 两项错误；C.因为

16、线框 B 与线框 A 相对运动产生感应电流，据楞次定律知，线框 B 所受安培力的合力竖直向上，故 C 项错误；D.线框 B 下降过程中，安培力对其做负功，线框 B 的机械能一直减小，故 D 项正确。5、A【解析】由图可知，A 中感应电流为顺时针，由楞次定律可知，感应电流的内部磁场向里，由右手螺旋定则可知，引起感应电流的磁场可能为：向外增大或向里减小；若原磁场向外，则 B 中电流应为逆时针，由于 B 带负电，故 B 应顺时针转动且转速增大；若原磁场向里，则 B 中电流应为顺时针，则 B 应逆时针转动且转速减小；又因为导体环 A 具有扩展趋势，则 B 中电流应与 A 方向相反，即 B 应顺时针转动

17、且转速增大，A 正确 6、C【解析】第一种方式：只释放 A 而 B 按着不动，设绳子拉力为 T1，C 的加速度为 a，对 A 根据牛顿第二定律可得 T1=mAaA 对 C 根据牛顿第二定律可得：mCg-2T1=mCa 根据题意可得 aA=2a 联立解得：23Aag 第二种方式：只释放 B 而 A 按着不动，设绳子拉力为 T2，对 B 根据牛顿第二定律可得 T2=mBaB 而 T=40N=2T2 联立解得：aB=12g 在以上两种释放方式中获得的加速度之比为 aA：aB=4：3，故 C 正确、ABD 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四

18、个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ACE【解析】A温度是分子平均动能的标志，温度升高时，分子的平均动能增大，故 A 正确；B液体分子之间的距离不同，液体分子之间的分子力大小就不同，所以分子力做功不同，则分子势能就不同，所以液体的分子势能与体积有关，故 B 错误；C单晶体因排列规则其物理性质为各向异性，而多晶体因排列不规则表现为各向同性，故 C 正确；D根据理想气体得状态方程 pVCT 可知温度升高，气体的压强不一定增大，还要看体积变化，故 D 错误；E热量不能自发的从低温物体传给高温物体，但在引起其它变化的情况下可以由低

19、温物体传给高温物体，故 E 正确。故选 ACE。8、BD【解析】A由题意可知，能发生光电效应，当滑片 P 与 c 正对时，光电管两端无电压，但此时光电子仍能从阴极到达阳极，则电路中有光电流，故 A 错误；B由图可知，当 U=0.6V 时，光电流为 0 即为遏制电压，即光电管两端接反向电压，则阴极电势应更高，滑片 P 位于 b、c 之间，故 B 正确；C由光电效应方程有k0EhW，由图可知，当 U=0.6V 时，光电流为 0 即为遏制电压，则有 k0.6eV0E 联立解得 01.0eVW 故 C 错误；D光电子逸出时的最大初动能为 k000.6eVEhW 当 U=0.8V 时由动能定理得 kk0

20、eUEE 得 kk0(0.80.6)eV=1.4eVEeUE 故 D 正确。故选 BD。9、AD【解析】ABt 时刻，线框有效切割长度为 L=2vttan30 知 Lt，产生的感应电动势为 E=BLv 知 Et，感应电流为 EIR 故 It，故 A 正确，B 错误；CD导线框匀速运动，所受的外力与安培力大小相等，则有 22tan302tan30BvtvFBILBvttR()F-t 图象是过原点的抛物线，故 C 错误，D 正确。故选 AD。10、ACE【解析】AAB过程为等压过程，则有 ABABVVTT 即有 120023VVTT 解得 1223VV CD过程也为等压过程，则有 CDCDVVTT

21、 即 120CVVTT 解得 2C00132VTTTV 故 A 正确；B从 AB 从 AB，温度升高，分子平均动能增大，故 B 错误；CCD过程为等压变化过程，由图可知，气体体积减小，气体质量不变，则气体密度增大，故 C 正确；D从 DA，由图可知，气体压强增大，温度升高，气体内能增大，故 D 错误；E经历 ABCDA 一个循环,气体内能不变；在 p-V 图象中，图象与坐标轴围成面积表示功，所以ABDCWW，即整个过程，气体对外界做功，所以气体吸收的热量大于释放的热量，故 E 正确。故选 ACE。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1

22、1、F1 0.05 C 【解析】(1)1因绳子只能提供拉力，传感器示数为正值，由表中实验数据可知，A 传感器对应的是表中力 F1 2对节点 O，由平衡条件得 1sin30Fmg 解得 0.05kgm (2)3让 A 传感器沿圆心为 O 的圆弧形，移动传感器的过程中，传感器与 O 点的距离保持不变，即 O 点位置保持不变，故 ABD 错误，C 正确 故选 C 12、0.46 1.5104 9 CD【解析】(1)选择开关置于“1mA”时，选择表盘第二排刻度进行读数，分度值为 0.02A，对应刻度示数为 23，故则测量结果为 0.0223=0.46A；(2)根据，由图可得，当时，解得；(3)A、根据

23、电流红进黑出，在图（b）中，电表的右、左插孔处分别标注着“”、“”，故 A 错误；B、函数图象是非线性变化，导致欧姆表刻度不均匀，示数左大右小是由于外电阻增大，电路电流减小造成的，故 B项错误。C、欧姆表调零通过调节滑动变阻器 R0，调节至待测电阻 Rx为零（即两表笔短接）时，电流表满偏，对应欧姆表示数为零，故 C 正确；D、欧姆表刻度不均匀的原因是待测电阻和电路电流关系非线性变化，而且 I-Rx切线斜率大小随待测电阻值增大减小，即 Rx阻值变化量对应电流变化量随待测电阻增大而减小，欧姆表刻度左密右疏，故 D 正确；故选 CD。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定

24、的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2vgh；(2)22tanhtg；(3)4 tancoshs【解析】(1)AO 段，由动能定理 212mghmv 解得 2vgh(2)从 O 点飞出后，做平抛运动。水平方向 xvt 竖直方向 212ygt 落到斜面上 tanyx 联立以上各式，解得 22tanhtg(3)运动员的着陆点到O点的水平距离为：222tan4 tanhxvtghhg 根据几何知识可知 cosxs 联立解得 4 tancoshs 14、32MgS【解析】设气缸总容积为V，初始状态 23ABpp 最终平衡状态 BAMgppS A、B 两部分气体做等温变化，由玻意耳定律，得 223AAVVpp 23BBVVpp 联立解得 32BMgpS 15、(1)3m；(2)1350J；(3)1045N【解析】(1)由乙的速度图象可知竿长为 1(2 3)m3m2s (2)乙从 A 到 B 的过程中，设竿对乙做的功为 W。由动能定理得 300Wm gs 解得 1350JW (3)13s 内，乙匀减速下降，加速度方向向上，由图象可知其大小为 21m/sa 设地面对甲的支持力大小为 F，分析甲、乙和竿组成的整体，由牛顿第二定律得 1233)(Fmmm gm a 解得 1045NF 由牛顿第三定律可知，甲对地面的压力 1045NFF 即甲对地面的压力大小 1045N。