2023届安徽师范大学附中高考物理必刷试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图 1 所示，轻弹簧上端固定，下端悬吊一个钢球，把钢球从平衡位置向下拉下一段距离 A，由静止释放。以钢球的平衡位置为坐标原点，竖直向上为正方向建立x轴，当钢球在振动过程中某一次经过平衡位置时开始计时，钢球运动的位移时间图

2、像如图 2 所示。已知钢球振动过程中弹簧始终处于拉伸状态，则（）A1t时刻钢球处于超重状态 B2t时刻钢球的速度方向向上 C12tt时间内钢球的动能逐渐增大 D12tt时间内钢球的机械能逐渐减小 2、如图甲所示，在匀强磁场中有一个 N=10 匝的闭合矩形线圈绕轴匀速转动，转轴 O1O2直于磁场方向，线圈电阻为 5。从图甲所示位置开始计时，通过线圈平面的磁通量随时间变化的图像如图乙所示，则（）A线圈转动一圈的过程中产生的焦耳热210Q B在0.2st 时，线圈中的感应电动势为零，且电流方向发生改变 C所产生的交变电流感应电动势的瞬时表达式为10 cos(5)et D线圈从图示位置转过 90 时穿

3、过线圈的磁通量变化率最大 3、如图所示，aefc 和 befd 是垂直于纸面向里的匀强磁场、的边界。磁场、的磁感应强度分别为 B1、B2，且B22B1，其中 bc=ea=ef.一质量为 m、电荷量为 q 的带电粒子垂直边界 ae 从 P 点射入磁场，后经 f 点进入磁场，并最终从 fc 边界射出磁场区域。不计粒子重力，该带电粒子在磁场中运动的总时间为()A12 mqB B132mqB C1nqB D134mqB 4、最近，我国为“长征九号”研制的大推力新型火箭发动机联试成功，这标志着我国重型运载火箭的研发取得突破性进展若某次实验中该发动机向后喷射的气体速度约为 3 km/s，产生的推力约为 4

4、.8106 N，则它在 1 s 时间内喷射的气体质量约为 A1.6102 kg B1.6103 kg C1.6105 kg D1.6106 kg 5、2018 年 12 月 8 日 2 时 23 分，我国成功发射“嫦娥四号”探测器，开启了月球探测的新旅程，“嫦娥四号”于 2019 年1 月 3 日 10 时 26 分成功着陆在月球背面南极艾特肯盆地。探测器上有一可认为光滑的滑梯固定在月球表面上，将滑梯与月块表面的夹角调为，月球车从滑梯上由静止滑到底部的过程中下滑长度为 L，所用时间为 t，已知月球半径为 R，则月球的第一宇宙速度为（）A12sinLRt B12sinLRt C1sinLRt D

5、12sinLRt 6、如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔。质量为 m 的小球套在圆环上。一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住。现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中手对线的拉力 F 和轨道对小球的弹力 FN的大小变化情况是()AF 不变，FN增大 BF 减小，FN不变 CF 不变，FN减小 DF 增大，FN减小 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，质量为 m 的长木板 B 放在光滑的水平面上，

6、质量为14m的木块 A 放在长木板的左端，一颗质量为116m的子弹以速度0v射入木块并留在木块中，当木块滑离木板时速度为018v，木块在木板上滑行的时间为 t，则下列说法正确的是 A木块获得的最大速度为015v B木块滑离木板时，木板获得的速度大小为038v C木块在木板上滑动时，木块与木板之间的滑动摩擦力大小为03128mvt D木块在木板上滑动时，因摩擦产生的热量等于子弹射入木块后子弹和木块减小的动能 8、关于动量冲量和动能，下列说法正确的是（）A物体的动量越大，表明它受到的冲量越大 B物体的动量变化，其动能有可能不变 C物体受到合外力的冲量作用，则其动能一定变化 D物体动量变化的方向可能

7、与初动量的方向不在同一直线上 9、一列简谐横波，某时刻的波形如图甲所示，从该时刻开始计时，波上 A 质点的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是_ A该波沿 x 轴正向传播 B该波的波速大小为 1 m/s C经过 0.3 s，A 质点通过的路程为 0.3 m DA、B 两点的速度有可能相同 E.若此波遇到另一列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率为 0.4 Hz 10、如图，在光滑的水平面上有一个长为 L 的木板，小物块 b 静止在木板的正中间，小物块a以某一初速度0v从左侧滑上木板。已知物块a、b与木板间的摩擦因数分别为1、2，木块与木板质量均为m，a、b之间的碰撞无机械能损失，滑

8、动摩擦力等于最大静摩擦力。下列说法正确的是（）A若没有物块从木板上滑下，则无论0v多大整个过程摩擦生热均为2013mv B若2ba，则无论0v多大，a都不会从木板上滑落 C若032avgL，则ab一定不相碰 D若2ba，则a可能从木板左端滑落 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）在练习使用多用电表的实验中。请完成下列问题：(1)用多用表测量某元件的电阻，选用“100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，因此需选择倍率的电阻挡_（填“10”或“1k”），并需_（填操作过程）后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示

9、，测量结果为_。(2)某同学设计出一个的欧姆电表，用来测量电阻，其内部结构可简化成图乙电路，其中电源内阻 r=1.0，电流表 G的量程为 Ig，故能通过读取流过电流表 G 的电流值而得到被测电阻的阻值。但和普通欧姆表不同的是调零方式。该同学想用一个电阻箱 Rx来测出电路中电源的电动势 E 和表头的量程 Ig，进行如下操作步骤是：a先两表笔间不接入任何电阻，断开状态下调滑动电阻器使表头满偏；b将欧姆表与电阻箱 Rx连成闭合回路，改变电阻箱阻值；记下电阻箱示 Rx和与之对应的电流表 G 的示数 I；c将记录的各组 Rx，I 的数据描点在乙图中，得到11xIR图线如图丙所示；d根据乙图作得的11xI

10、R图线，求出电源的电动势 E 和表头的量程 Ig。由丙图可知电源的电动势为_，欧姆表总内阻为_，电流表 G 的量程是_。12（12 分）如图所示为某同学测量电源的电动势和内阻的电路图其中包括电源 E，开关 S1和 S2，电阻箱 R，电流表 A，保护电阻 Rx该同学进行了如下实验步骤：(1)将电阻箱的阻值调到合适的数值，闭合 S1、S2，读出电流表示数为 I，电阻箱读数为 9.5，断开 S2，调节电阻箱的阻值，使电流表示数仍为 I，此时电阻箱读数为 4.5则保护电阻的阻值 Rx_（结果保留两位有效数字）(2)S2断开，S1闭合，调节 R，得到多组 R 和 I 的数值，并画出1RI图象，如图所示，

11、由图象可得，电源电动势 E_V，内阻 r_（结果保留两位有效数字）(3)本实验中，内阻的测量值_（填“大于”或“小于”）真实值，原因是_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，MN 是半径为 R=0.8m 的竖直四分之一光滑弧轨道。竖直固定在水平桌面上，轨道末端处于桌子边缘并与水平桌面相切于 N 点。把一质量为 m=1kg 的小球 B 静止放于 N 点，另一个与 B 完全相同的小球 A 由 M点静止释放，经过 N 点时与 B 球发生正碰，碰后粘在一起水平飞出，落在地面上的 P 点，若桌面高

12、度为 h=1.25m，取重力加速度 g=l0m/s2。不计空气阻力，小球可视为质点。求：(1)与 B 球碰前瞬间，A 球的速度大小0v：(2)A、B 两球碰后瞬间的共同速度大小1v；(3)P 点与 N 点之间的水平距离 x。14（16 分）如图所示，竖直平面内的光滑形轨道的底端恰好与光滑水平面相切。质量 M=3.0kg 的小物块 B 静止在水平面上。质量 m=1.0kg 的小物块 A 从距离水平面高 h=0.80m 的 P 点沿轨道从静止开始下滑，经过弧形轨道的最低点 Q滑上水平面与 B 相碰，碰后两个物体以共同速度运动。取重力加速度 g=10m/s。求：(1)A 经过 Q 点时速度的大小0v

13、；(2)A 与 B 碰后共同速度的大小v；(3)碰撞过程中，A 与 B 组成的系统所损失的机械能 E。15（12 分）穿过闭合导体回路的磁通量发生变化时，回路中就有感应电流，电路中就一定会有电动势，这个电动势叫做感应电动势。感应电动势的大小可以用法拉第电磁感应定律确定。(1)写出法拉第电磁感应定律的表达式；(2)如图所示，把矩形线框放在磁感应强度为 B 的匀强磁场里，线框平面 跟磁感线垂直。设线框可动部分 MN 的长度为 L。它以速度 v 向右运动。请利用法拉第电磁感应定律推导 E=BLv。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有

14、一项是符合题目要求的。1、D【解析】A从图中可知1t时刻钢球正向下向平衡位置运动，即向下做加速运动，加速度向下，所以处于失重状态，A 错误；B从图中可知2t时刻正远离平衡位置，所以速度向下，B 错误；C21tt时间内小球先向平衡位置运动，然后再远离平衡位置，故速度先增大后减小，即动能先增大后减小，C 错误；D21tt时间内小球一直向下运动，拉力恒向上，做负功，所以小球的机械能减小，D 正确。故选 D。2、C【解析】A 最大感应电动势为：222100.210(V)0.4mmENBSNBSNTT 感应电动势的有效值为：105 2(V)22mEE 线圈转动一圈的过程中产生的焦耳热 222(5 2)0

15、.44J)5(EQtR 故 A 错误；B t=0.2s 时，磁通量为 0，线圈中的感应电动势最大，电流方向不变，故 B 错误；C 由图知角速度 22rad/s5 rad/s0.4T 因为线圈从垂直中性面开始计时，所以交变电流感应电动势的瞬时表达式为 e=10cos（5t）V 故 C 正确；D 线圈在图示位置磁通量为 0，磁通量的变化率最大，穿过线圈的磁通量变化最快，转过 90，磁通量最大，磁通量变化率为 0，故 D 错误。故选：C。3、B【解析】粒子在磁场中运动只受洛伦兹力作用，故粒子做圆周运动，洛伦兹力做向心力，故有 2vqvBmR 所以 mvRqB 粒子垂直边界 ae 从 P 点射入磁场，

16、后经 f 点进入磁场，故根据几何关系可得：粒子在磁场中做圆周运动的半径为磁场宽度 d；根据轨道半径表达式，由两磁场区域磁感应强度大小关系可得：粒子在磁场中做圆周运动的半径为磁场宽度2d，那么，根据几何关系可得：粒子从 P 到 f 转过的中心角为90，粒子在 f 点沿 fd 方向进入磁场；然后粒子在磁场中转过180在 e 点沿 ea 方向进入磁场；最后，粒子在磁场中转过90后从 fc 边界射出磁场区域；故粒子在两个磁场区域分别转过180，根据周期 22RmTvqB 可得：该带电粒子在磁场中运动的总时间为 12121113222mmmTTqBqBqB 故选 B。4、B【解析】设该发动机在ts 时间

17、内，喷射出的气体质量为m，根据动量定理，Ft=mv，可知，在 1s 内喷射出的气体质量6304.8 101.6 103000mFmkgkgtv，故本题选 B 5、B【解析】月球车从滑梯上的运动过程，根据位移时间公式有 212Lat 根据牛顿第二定律得 sin=mgma 设月球的第一宇宙速度为 v，则有 2vm gmR 联立得12sinLRvt，ACD 错误，B 正确。故选 B。6、B【解析】小球沿圆环缓慢上移可看作处于平衡状态，对小球进行受力分析，作出受力示意图如图 由图可知 OABGFA 即：NFGFRRAB，当 A 点上移时，半径不变，AB 长度减小，故 F 减小，FN不变，ACD错误 B

18、 正确。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AC【解析】对子弹和木块 A 系统，根据动量守恒定律：01111()16164mvmm v，解得1015vv，选项 A 正确；木块滑离木板时，对木板和木块（包括子弹）系统：0021111()161648mvmmvmv，解得203128vv，选项 B 错误；对木板，由动量定理：2ftmv，解得03128mvft，选项 C 正确；由能量守恒定律可知，木块在木板上滑动时，因摩擦产生的热量等于子弹射入木块后子

19、弹和木块减少的动能与木板增加的动能之差，选项 D 错误；故选 AC.点睛：此题是动量守恒定律即能量守恒定律的应用问题；关键是要把三个物体相互作用的过程分成两个过程：子弹打木块和木块在木板上滑动；搞清两个过程中能量之间的转化关系.8、BD【解析】A根据动量定理可知，动量的改变量越大，冲量越大，动量和冲量无直接联系，故 A 错误；B匀速圆周运动的速度方向时刻变化，但速度大小不变，所以动量变化，但动能不变，故 B 正确；C匀速圆周运动的合外力的冲量不为零，但动能不变，故 C 错误；D由公式ppp 可知，由于动量和动量变化为矢量，遵循平行边形定则，则物体动量变化的方向可能与初动量的方向不在同一直线上，

20、故 D 正确。故选 BD。9、ABC【解析】A由 A 质点的振动图象读出该时刻质点 A 的振动方向沿 y 轴负方向，由质点的振动方向与波传播方向的关系，可知波沿 x 轴正向传播，故 A 正确 B由题图甲可知波长为=0.4m，由题图乙可知周期为 T=0.4s，则波速为 v=T=1m/s；故 B 正确 C经过 0.3s=34T，则 A 质点通过的路程为s=3A=0.3m；故 C 正确 DA、B 两点间距为半个波长，振动情况始终相反，速度不可能相同；故 D 错误 E发生稳定的干涉现象需要频率相同，则所遇到的波的频率 f=1T=2.5Hz 时才能产生的稳定干涉故 E 错误 故选 ABC 点睛：根据振动

21、图象读出各时刻质点的振动方向，由质点的振动方向判断波的传播方向是基本功，要熟练掌握 10、ABD【解析】A若没有物块从木板上滑下，则三者最后共速，以三者为整体，水平方向动量守恒，mv0=3mv1 则整个过程产生的热量等于动能的变化，有 Q=12mv02123mv12 联立，得 Q=13mv02 故 A 正确；BDa、b 之间的碰撞无机械能损失，故碰撞过程中动量守恒和机械能守恒，设碰前速度分别为 v1、v2，碰后分别为v1、v2，且有 v1v2，以 v1方向为正方向，则有 mv1+mv2=mv1+mv2 12mv12+12mv2212mv12+12mv22 联立，得 v1=v2 v2=v1 即碰

22、后 a 和木板共速，b 向右运动，以 a 和木板为整体，此时 a 和木板的加速度 a1=2bg 对 a 分析知，a 的加速度最大值为 a0=ag 若 b2a 则 a1a0，a 和木板保持相对静止，则无论 v0多大，a 都不会从木板上滑落；故 B 正确；若 b2a，则 a1a0，a 相对木板向左运动，故 a 可能从木板左端滑落，故 D 正确；C若 a 与 b 碰前三者已经共速，则 ab 一定不相碰，此时有 2201113222amLgmvmv 联立，得 032avgL 故若032avgL，则 ab 一定不相碰，故 C 错误；故选 ABD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题

23、卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1k 欧姆调零（或电阻调零）6000 1.5 6.0 0.25 【解析】(1)123多用表指针偏转角度过小说明指针靠近无穷处，所以要换高挡位，因此需选择1k，同时注意欧姆调零；多用表的指针结果为 6000。(2)d.456设电流表 G 所在回路除电源内阻外其余电阻之和为 R，由闭合电路欧姆定律 解得 xxEIRRrRR 由分流原理得 xgxRIIRR 联立两式整理得 11gxRrRrIEER 由图可知 4RrE 941.5RrE 解得 E=1.5V，R=5，所以欧姆表总内阻为 R+r=6 电流表 G 的量程 0.25AgEIRr 解得 E=1.5V

24、R=6.0 Ig=0.25A 12、5.0 3.0 2.2 大于 电流表也有内阻 【解析】(1)1由题意可知，闭合 S1和 S2时只有电阻箱接入电路，闭合 S1、断开 S2时，电阻箱与 R 串联接入电路，两种情况下电路电流相等，由欧姆定律可知，两种情况下电路总电阻相等，所以 保护电阻的阻值 Rx9.5-4.5 5.0(2)23根据闭合电路的欧姆定律可得，EI(R+Rx+r)，整理可得 11xRrRIEE 可见图线的斜率 1kE 图线的纵截距 xRrbE 结合图象中的数据可得 E3.0V，r2.2(3)45本实验中，内阻的测量值大于真实值，原因是电流表也有内阻，测量值等于电源内阻和电流表内阻之和

25、 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)4m/s：(2)2m/s；(3)1.0m【解析】(1)小球在圆弧轨道内下滑的过程中，由动能定理可得 2012mgRmv 解得 022 10 0.m/s84vgR(2)两个小球碰撞的过程中水平方向上的动量守恒，选取向右为正方向，设碰撞后的共同速度为1v，则 012mvmv 解得 10114222m/svv(3)小球从 N 点飞出后做平抛运动，在竖直方向上有 22 1.250.5s10htg 在水平方向上有：12 0.51.0mxvt 14、(1)A 经过 Q 点时速

26、度的大小是 4m/s；(2)A 与 B 碰后速度的大小是 1m/s；(3)碰撞过程中 A 与 B 组成的系统损失的机械能 E 是 6J。【解析】(1)A 从 P 到 Q 过程中,由动能定理得:20102mghmv 解得 v0=4m/s(2)A、B 碰撞,AB 系统动量守恒,设向右为正方向,则由动量守恒定律得:0()mvmM v 解得 v=1m/s(3)碰撞过程中 A.B 组成的系统损失的机械能为:22011()22EmvmM v=6J 15、(1)Ent；(2)见解析【解析】(1)法拉第电磁感应定律 Ent(2)t 时间内回路增加的面积 SLv t 由法拉第电磁感应定律 SvL tEBBttt EBLv