2022-2023学年河南省开封市五县联考高考物理考前最后一卷预测卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、“太极球”运动是一项较流行的健身运动。做该项运动时，健身者半马步站立，手持太极球拍，拍上放一橡胶太极球，健身者舞动球拍时，太极球却不会掉到地上。现将太极球拍和球简化成如图所示的平板和小球，熟练的健身者让小球在竖直面内始终不

2、脱离平板且做匀速圆周运动，则 （）A小球的机械能保持不变 B平板对小球的弹力在 B 处最小，在 D 处最大 C在 B、D 两处小球一定受到沿平板向上的摩擦力 D只要平板与水平面的夹角合适，小球在 B、D 两处就有可能不受平板的摩擦力作用 2、下列说法中正确的是（）A千克（kg）、开尔文（K）和伏特（V）均为国际单位制中的基本单位 B阴极射线是由电子组成，电子来源于中子的衰变 C在光电效应的实验中，若增加入射光的频率，则相应的遏止电压也增加 D 射线来源于原子核内部，是由氦原子组成 3、如图所示，一个下面装有轮子的贮气瓶停放在光滑的水平地面上，顶端与竖直墙壁接触，现打开尾端阀门，气体往外喷出，设

3、喷口面积为 S，气体密度为，气体往外喷出的速度为v，则气体刚喷出时钢瓶顶端对竖直墙的作用力大小是（）AvS B2vS C212v S D2v S 4、如图所示，压缩的轻弹簧将金属块卡在矩形箱内，在箱的上顶板和下底板均安有压力传感器，箱可以沿竖直轨道运动。当箱静止时，上顶板的传感器显示的压力 F1=2N，下底板传感器显示的压力 F2=6N，重力加速度 g=10m/s2。下列判断正确的是（）A若加速度方向向上，随着加速度缓慢增大，F1逐渐减小，F2逐渐增大 B若加速度方向向下，随着加速度缓慢增大，F1逐渐增大，F2逐渐减小 C若加速度方向向上，且大小为 5m/s2时，F1的示数为零 D若加速度方向

4、向下，且大小为 5m/s2时，F2的示数为零 5、甲、乙两列完全相同的横波分别从波源 A、B 两点沿 x 轴相向传播，0t 时的波形图像如图所示，若两列波的波速都是1m/s，下列说法正确的是（）A甲乙两列波的频率都是 4Hz B1st 时，甲乙两波相遇 C3st 时，6mx 处质点的位移为负方向最大 D0st 时，2mx 处质点与10mx 处质点的振动方向相反 6、已知氢原子能级公式为2mAEn，其中 n=1，2，称为量子数，A 为已知常量；要想使氢原子量子数为 n 的激发态的电子脱离原子核的束缚变为白由电子所需的能量大于由量子数为 n的激发态向 1n澈发态跃迁时放出的能量，则 n 的最小值为

5、（）A2 B3 C4 D5 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示为一简化后的跳台滑雪的雪道示意图，运动员从 O 点由静止开始，在不借助其它外力的情况下，自由滑过一段圆心角为 60的光滑圆弧轨道后从 A 点水平飞出，落到斜坡上的 B 点。已知 A 点是斜坡的起点，光滑圆弧轨道半径为40mR，斜坡与水平面的夹角30，运动员的质量50kgm，重力加速度210m/sg。下列说法正确的是（）A运动员从 O 运动到 B 的整个过程中机械能守恒 B运

6、动员到达 A 点时的速度为 2m/s C运动员到达 B 点时的动能为47103J D运动员从 A 点飞出到落到 B 点所用的时间为3s 8、某地区 1 月份平均气温 1.4，平均大气压 1.021105 Pa；7 月份平均气温 30.84，平均大气压 0.9960105Pa7月份和 1 月份相比较，下列说法正确的是 A7 月份和 1 月份空气分子无规则热运动剧烈程度几乎相同 B与 1 月份相比单位时间内空气分子对单位面积地面撞击次数在 7 月份减少了 C7 月份空气中每个分子的动能都比 1 月份的大 D对水这种液体它的表面张力 7 月份比 1 月份小 E.对同种液体而言，它的饱和气压 7 月份

7、髙于 1 月份 9、关于机械波与电磁波，下列说法中正确的是 A机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动 B弹簧振子在四分之一个周期里运动的路程一定等于一个振幅 C有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去 D电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、可见光、红外线、射线 E.在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同 10、关于热现象，下列说法正确的是（）A在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子的直径(也就是单层油酸分子组成的油膜的厚度)等于一小滴溶液中纯油酸的体积与它在水面上摊开的面积之比 B两个邻近的分子之间同时存在着引力

8、和斥力，它们都随距离的增大而减小，当两个分子的距离为 r0时，引力与斥力大小相等，分子势能最小 C物质是晶体还是非晶体，比较可靠的方法是从各向异性或各向同性来判断 D如果用 Q 表示物体吸收的能量，用 W 表示物体对外界所做的功，U 表示物体内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为 Q=U+W E.如果没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，这样的热机的效率可以达到 100%三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）如图所示，一端固定滑轮的长木板放在桌面上，将光电门固定在木板上的 B 点，用重物通过细线拉小车，且重物与力的传感

9、器相连，若利用此实验装置做“探究合外力做的功与物体动能改变量的关系实验”，小车质量为 M，保持小车质量不变，改变所挂重物质量 m 进行多次实验，每次小车都从同一位置 A 由静止释放（g 取 10m/s2）（1）完成该实验时，_（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力；（2）在正确规范操作后，实验时除了需要读出传感器的示数 F，测出小车质量 M，通过光电门的挡光时间 t 及遮光条的宽度 d，还需要测量的物理量是_。由实验得到合外力对小车做的功与小车动能改变量的关系式为_（用测得的物理量表示）。12（12 分）测量玩具遥控汽车的额定功率实验，简要步骤如下：A测出小车质量为 0.6kg。B在小车尾部系一

10、条长纸带，让纸带穿过电源频率为 50Hz 的打点计时器。C使小车以额定功率沿水平面加速到最大速度，继续运行一段时间后关闭小车发动机，让其在水平面上滑行直到停止。D取下纸带进行研究。测得的数据如图所示。回答下列问题：(1)由纸带知遥控汽车的最大速度为_，汽车滑行时的加速度为_；(2)汽车滑行时的阻力为_；其额定功率为_。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示为一下粗上细且上端开口的薄壁玻璃管，管内有一段被水银密闭的气体，上管足够长，图中细管的截面积 S1=1cm2，粗管的截面积 S2=2 cm

11、2，管内水银长度 h1=h2=2 cm，封闭气体长度 L=8cm，大气压强 p0=76cmHg，气体初始温度为 320K，若缓慢升高气体温度，求：(1)粗管内的水银刚被全部挤出时气体的温度；(2)气体的温度达到 533K 时，水银柱上端距粗玻璃管底部的距离。14（16 分）如图所示的矩形玻璃砖，下底面镀银，厚为 d，一束单色光沿 OC 方向射到玻璃砖上表面，折射后经下底面反射后再经上表面射出。已知 OC 与玻璃砖上表面成30角，玻璃砖对该单色光的折射率为3，光在真空中的传播速度为 c。求：(1)光在玻璃砖中传播的时间；(2)光射出玻璃砖上表面的折射角。15（12 分）如图所示，竖直平面内有一四

12、分之一光滑圆弧轨道固定在水平桌面 AB 上，轨道半径 R=1.8m，末端与桌面相切于 A 点，倾角=37的斜面 BC 紧靠桌面边缘固定，从圆弧轨道最高点由静止释放一个质量 m=lkg 的可视为质点的滑块 a，当 a 运动到 B 点时，与 a 质量相同的另一可视为质点的滑块 b 从斜面底端 C 点以初速度 v0=5m/s 沿斜面向上运动，b 运动到斜面上的 P 点时，a 恰好平抛至该点，已知 AB 的长度 x=4m，a 与 AB 间的动摩擦因数 1=0.25，b 与 BC 间的动摩擦因数 2=0.5，取 g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求(1)滑块 a 到达 B 点时的

13、速度大小；(2)斜面上 P、C 间的距离。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】小球做匀速圆周运动，动能不变，重力势能不断改变，所以小球的机械能不断变化，故 A 错误；小球做匀速圆周运动，向心力大小不变，而在最高点和最低点时，弹力和重力共线且合力提供向心力，最高点失重，最低点超重，所以平板对小球的弹力在 A 处最小，在 C 处最大，故 B 错误；小球在 BD 处可以不受摩擦力作用，即重力和健身者对球作用力F 的合力提供向心力受力分析如图所示。此时满足22nmvFvrtanmgmggr，故 C

14、错误，D 正确；2、C【解析】A开尔文、千克均为国际单位制中基本单位，伏特不是国际单位制中基本单位，故 A 错误；B阴极射线是由电子组成，电子来源于核外电子，故 B 错误；C遏止电压 0=kCEhWUee 则若增加入射光的频率，则相应的遏止电压也增加，故 C 正确；D 射线来源于原子核内部，由两个质子和两个中子组成，故 D 错误。故选 C。3、D【解析】对喷出气体分析，设喷出时间为t，则喷出气体质量为mSvt，由动量定理，有 Ft=mv 其中 F 为瓶子对喷出气体的作用力，可解得 2SSvtvFvt 根据牛顿第三定律，喷出气体对瓶子作用力大小为 F，再对瓶子分析，由平衡条件和牛顿第三定律求得钢

15、瓶顶端对竖直墙壁的作用力大小也是 F，故 D 正确，ABC 错误。故选 D。4、C【解析】A若加速度方向向上，在金属块未离开上顶板时弹簧的压缩量不变，则 F2不变，根据牛顿第二定律得 21FmgFma 得 12FFmgma 知随着加速度缓慢增大，F1逐渐减小，A 错误；B若加速度方向向下，在金属块未离开上顶板时弹簧的压缩量不变，则 F2不变，根据牛顿第二定律得 12mgFFma 得 12FFmgma 知随着加速度缓慢增大，F1逐渐增大，故 B 错误；C当箱静止时，有 21FmgF 得 m=0.4kg 若加速度方向向上，当 F1=0 时，由 A 项分析有 120FFmgma 解得 a=5m/s2

16、 故 C 正确；D若加速度方向向下，大小是 5m/s2小于重力加速度，不是完全失重，弹簧不可能恢复原长，则 F2的示数不可能为零，D 错误。故选 C。5、C【解析】A两列波长均为4m，根据vf可知频率为 1Hz4vf A 错误；B两波初始时刻相距04ms，相遇用时 04s2s22stv B 错误；C3st 时，结合 B 选项和波形平移法可知，甲、乙两列波在6m处均为波谷位置，所以质点的负向位移最大，C 正确；D根据同侧法可知0st 时，2mx 处质点与10mx 处质点的振动方向均向上，D 错误。故选 C。6、C【解析】电子由n激发态脱离原子核的束博变为自由电子所需的能量为 2AEn 氢原子由量

17、子数为n的激发态向1n 激发态跃迁时放出的能量为 22(1)AAEnn 根据题意有 222)1(AAAnnn 解得 22n 即的最小值为 4，故 C 正确，A、B、D 错误；故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AC【解析】A运动员从 O 运动到 B 的整个过程中，只有重力做功，机械能守恒，故 A 选项正确；B运动员在光滑圆轨道上运动时，由机械能守恒得 211 cos602AmvmghmgR 所以 21 cos6010 40m/s=20

18、m/sAvgRgR 故 B 选项错误；D设运动员做平抛运动的时间为 t，水平位移为 x，竖直位移为 y，则 Axv t 212ygt 由几何关系 3tan303yx 联立得 4 33ts 214 38010233ymm 故 D 选项错误；C运动员从 A 到 B 的过程中机械能守恒，所以在 B 点的动能 212kBAEmgymv 代入 47103kBEJ 故 C 选项正确。故选 AC。8、BDE【解析】温度越高，分子无规则热运动加强7 月份与 1 月份相比较，平均气温升高了，所以分子无规则热运动加剧，故 A 错误；温度升高，分子的平均动能变大，但是压强减小，可知气体分子的密集程度减小，则单位时间

19、内空气分子对单位面积地面撞击次数减少，B 正确；温度越高，分子平均动能越大，但不代表每个分子动能都增大，有可能减小，C 错误；表面张力还与温度有关，温度越高，性质越不纯，表面张力越小，故 D 正确；温度越高，同种液体的饱和气压越高，故 E 正确 9、ACE【解析】A机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动，选项 A 正确；B弹簧振子只有从平衡位置或者离平衡位置最远处开始振动计时，在四分之一个周期里运动的路程才等于一个振幅，选项 B 错误；C有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去，这是根据多普勒效应，选项 C 正确；D波长越大的衍射

20、能量越强，则电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、红外线、可见光、射线，选项 D 错误；E在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同，选项 E 正确；故选 ACE.10、ABD【解析】A.根据用“油膜法”估测分子大小的实验原理可知，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，由于油酸分子是紧密排列的，而且形成的油膜为单分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含纯油酸体积除以油膜面积得出的油膜厚度即为油酸分子直径，故 A 正确；B.当分子间的距离 rr0时，分子力表现为斥力，减小分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加；当分子间的距离rr0时，分子力表现为引力，增大分子间的距离，分子力做负功，分子

21、势能增加，所以当两个分子的距离为 r0时，引力与斥力大小相等，分子势能最小，故 B 正确；C.单晶体具有各向异性，多晶体与非晶体都具有各向同性，所以不能根据各向异性或各向同性来判断物质是晶体还是非晶体；晶体具有一定的熔点，而非晶体没有固定的熔点，比较可靠的方法是通过比较熔点来判断，故 C 错误；D.根据热力学第一定律可知，如果用 Q 表示物体吸收的能量，用 W 表示物体对外界所做的功，U 表示物体内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为 Q=U+W，故 D 正确；E.即使没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，根据热力学第二定律可知，热机的效率不可以达到 100%故 E错误。故选 ABD 三、

22、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、需要 A、B 的间距 x 【解析】（1）本实验需要平衡摩擦力，如果存在摩擦力，则细线对小车的拉力就不是小车的合外力，则合外力的功无法具体计算。（2）小车通过光电门的速度为，根据动能定理：，所以还需要测量的量是 A、B 的间距 x，根据上式可得：合外力对小车做的功与小车动能改变量的关系式为 12、1.00m/s 1.73m/s 1.04N 1.04W 【解析】(1)12汽车的最大速度为 21234.014.003.9910 m/s=1.00m/s36 0.02mxxxvT 纸带上最后 6 段对应汽车

23、做关闭发动机做减速运动，加速度为 78945629xxxxxxaT 22223.252.972.604.003.813.5210 m/s=-1.73m/s9 0.04(2)34根据牛顿第二定律得 f=ma=0.6（-1.73）N-1.04N 当汽车匀速运动时，牵引力与阻力大小相等，即有 F=f 则汽车的额定功率为 P=Fvm=fvm=1.041W=1.04W 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)410K；(2)22cm【解析】(1)以封闭的气体为研究对象，初态气体体积 12VLS 压强为 101280

24、cmHgpphh 由于水银总体积保持不变，设水银全部进入细管水银长度为x，则 1 122VS hS h 1 122112 2 1 2cm6cm1S hS hVxSS 末状态气体 2082cmHgppx 212()VLh S 从初状态到末状态。由理想气体状态方程，有 1 12212pVp VTT 代入数据解得 2410KT (2)气体温度达到 533K 时，设水银上端距粗玻璃管底部的距离为 H，则 31211()VLh SHLhx S 气体发生等压变化，根据盖-吕萨克定律 3223VVTT 解得 22cmH 14、(1)4dc；(2)60【解析】(1)设折射光线在上表面的入射角为1i，折射角为1

25、r，在玻璃砖中传播速度为 v，传播距离为 x，传播时间为 t，160i，则 11sinsininr cn 12cosdxr。xt 解得 130r 4dtc (2)折射光线在下底面反射后在上表面的 D 点折射后到 B 点，设在 D 点入射角为2r，折射角为2i，则 1r 2r 22sinsininr 解得 260i 15、(1)4m/s；(2)1.24m。【解析】(1)滑块 a 从光滑圆弧轨道滑下到达 B 点的过程中，根据动能定理有：2112mgRmgxmv 代入数据解得 v4m/s(2)滑块 a 到达 B 点后做平抛运动，根据平抛运动的规律有：xvt，y212gt，tan=yx 代入数据解得 t0.6s 滑块 b 从斜面底端上滑时，根据牛顿第二定律有：mgsin+2mgcosma1 代入数据解得 a110m/s2 向上运动的时间 t1=010.5sva0.6s 然后接着下滑，根据牛顿第二定律有：mgsin2mgcosma2 代入数据得 a22m/s2 可得 P、C 间的距离 x=20 1211()22v ta tt 代入数据解得 x1.24m