2022-2023学年江西省奉新一中高考适应性考试物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用 2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为某一电场中场强 E-x 图像，沿 x 轴正方向，电场强度为正，则正点电荷从 x1运动到 x2，其电势能的变化是 A一直增大 B先增大再减小 C先减

2、小再增大 D先减小再增大再减小 2、如图甲所示，物体在竖直方向受到大小恒定的作用力 F=40N，先由静止开始竖直向上做匀加速直线运动，当 t=1s时将 F 反向，大小仍不变，物体的v t图象如图乙所示，空气对物体的阻力大小恒定，g=10m/s2，下列说法正确的是（）A物体在 1.25s 内拉力 F 的平均功率为 160W B物体 1.25s 内阻力做功的平均功率为为 16W C空气对物体的阻力为 6N D物体的质量为 4kg 3、如图，电动机以恒定功率将静止的物体向上提升，则在达到最大速度之前，下列说法正确的是（）A绳的拉力恒定 B物体处于失重状态 C绳对物体的拉力大于物体对绳的拉力 D绳对物

3、体的拉力大于物体的重力 4、如图甲所示，梯形硬导线框 abcd 固定在磁场中，磁场方向与线框平面垂直，图乙表示该磁场的磁感应强度 B 随时间 t 变化的关系，t=0 时刻磁场方向垂直纸面向里。在 05t0时间内，设垂直 ab 边向上为安培力的正方向，线框 ab 边受到该磁场对它的安培力 F 随时间 t 变化的关系图为 A B C D 5、理想实验是科学研究中的一种重要方法，它把可靠事实和理论思维结合起来，可以深刻地揭示自然规律以下实验中属于理想实验的是（）A伽利略的斜面实验 B用打点计时器测定物体的加速度 C验证平行四边形定则 D利用自由落体运动测定反应时间 6、如图所示，a、b 两个带正电的

4、粒子以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场，a 粒子打在B 板的a点，b 粒子打在 B 板的b点，若不计重力，则 Aa 的电荷量一定大于 b 的电荷量 Bb 的质量一定大于 a 的质量 Ca 的比荷一定大于 b 的比荷 Db 的比荷一定大于 a 的比荷 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，有甲、乙两颗卫星分别在不同的轨道围绕一个半径为 R、表面重力加速度为 g 的行星运动，卫星甲、卫星乙各自所在的轨道平面相互垂直，

5、卫星甲的轨道为圆，距离行星表面的高度为 R，卫星乙的轨道为椭圆，M、N 两点的连线为其椭圆轨道的长轴且 M、N 两点间的距离为 4R则下列说法中正确的有 A卫星甲的线速度大小为2gR B甲、乙卫星运行的周期相等 C卫星乙沿椭圆轨道运行经过 M 点时的速度小于卫星甲沿圆轨道运行的速度 D卫星乙沿椭圆轨道运行经过 N 点时的加速度小于卫星甲沿圆轨道运行的加速度 8、如图所示，倾角为=37的斜面体固定在水平面上，质量为 m=1kg 可视为质点的物块由斜面体的顶端 A 静止释放，经过一段时间物块到达 C 点。已知 AB=1.2m、BC=0.4m，物块与 AB 段的摩擦可忽略不计，物块与 BC 间的动摩

6、擦因数为=0.5，重力加速度为 g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。则下列说法正确的是（）A物块在 BC 段所受的摩擦力大小为 6N B上述过程，物块重力势能的减少量为 9.6J C上述过程，因摩擦而产生的热量为 1.6J D物块到达 C 点的速度大小为 4m/s 9、光滑绝缘的水平地面上，一质量 m=1.0kg、电荷量 q=1.010-6 C 的小球静止在 O 点，现以 O 点为坐标原点在水平面内建立直角坐标系 xOy，如图所示，从 t=0 时刻开始，水平面内存在沿 x、y 方向的匀强电场 E1、E2，场强大小均为 1.0 107V/m；t=0.1s 时，y 方向的电场

7、变为-y 方向，场强大小不变；t=0.2s 时，y 方向的电场突然消失，x 方向的电场变为-x 方向，大小222EE。下列说法正确的是（）At=0.3s 时，小球速度减为零 Bt=0.1s 时，小球的位置坐标是（0.05m，0.15m）Ct=0.2s 时，小球的位置坐标是（0.1m，0.1m）Dt=0.3s 时，小球的位置坐标是（0.3m，0.1m）10、近年来，我国的高速铁路网建设取得巨大成就，高铁技术正走出国门。在一次高铁技术测试中，机车由静止开始做直线运动，测试段内机车速度的二次方 v2与对应位移 x 的关系图象如图所示。在该测试段内，下列说法正确的是（）A机车的加速度越来越大 B机车的

8、加速度越来越小 C机车的平均速度大于02v D机车的平均速度小于02v 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）测量木块和木板间动摩擦因数的装置如图(a)。水平固定的长木板一端有定滑轮，另一端有打点计时器。细线绕过定滑轮将木块和钩码相连，木块靠近打点计时器，纸带穿过打点计时器后固定在木块上。接通打点计时器，放开木块，钩码触地后不再弹起，木块继续向前运动一段距离后停在木板上。某次纸带的数据如图(b)，打点计时器所用电源的频率为 50Hz，每相邻两点间还有 1 个点未画出，数值单位为 cm。由图(b)数据可知，钩码触地后木块继续

9、运动的加速度大小为_m/s2；若取 g10m/s2，则木块与木板间的动摩擦因数为_；某小组实验数据处理完成后，发现操作中滑轮的高度变化造成细线与木板的上表面不平行，如图(c)，这样他们测得的动摩擦因数与实际值相比_（填“偏大”、“偏小”或“不变”）。12（12 分）多用电表欧姆挡可以直接测量电阻。如图所示，虚线框内的电路为欧姆挡的内部电路，a、b 为红、黑表笔的插孔。G 是表头，满偏电流为 Ig，内阻为 Rg，R0是调零电阻，R1、R2、R3、R4分别是挡位电阻，对应挡位分别是“1”“10”“100”“1000”，K 是挡位开关。(1)红黑表笔短接进行欧姆调零时，先选定挡位，调节滑片 P，使得

10、表头达到满偏电流。设滑片 P 下方电阻为 R，满偏电流 Ig与流经电源的电流 I 的关系是_（用题设条件中的物理量表示）。(2)已知表头指针在表盘正中央时，所测电阻的阻值等于欧姆表的总内阻的值，又叫做中值电阻。在挡位开关由低挡位调到高一级挡位进行欧姆调零时，调零电阻 R0的滑片 P 应向_（填“上”或“下”）滑动，调零后，滑片 P 下方的电阻 R为原来挡位的_倍。(3)把挡位开关调到“100”，调零完毕，测量某电阻的阻值时，发现指针偏转角度较大。要更准确测量该电阻的阻值，请写出接下来的操作过程_。(4)要用欧姆挡测量某二极管的反向电阻，红表笔应接二极管的_极。四、计算题：本题共 2 小题，共

11、26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）静止在水平地面上的两小物块 A、B（均可视为质点），质量分别为 mA=1.0kg、mB=4.0kg，两者之间有一被压缩的微型弹簧，A 与其右侧竖直墙壁的距离 L，如图所示。某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使 A、B 瞬间分离，两物块获得的动能之和为 EK=10.0J。释放后，A 沿着与墙壁垂直的方向向右运动。A、B 与地面之间的动摩擦因数均为=0.2。重力加速度取 g=10m/s2。A、B 运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。（1）求弹簧释放后瞬间 A、B 速度的大小；（2）若要让

12、B 停止运动后 A、B 才第一次相碰，求 L 的取值范围；（3）当 L=0.75m 时，B 最终停止运动时到竖直墙壁的距离。14（16 分）如图所示，带电量为 q（q 为正电荷）的粒子质量为 m，O、A 两点长度为 d 且连线与 x 轴正方向为 30，不计粒子重力。（1）若在 y 轴右侧加上平行于 y 轴的匀强电场 E 时，粒子以初速度 v0沿 x 轴正方向从 O 点射出且恰好经过 A 点，求：电场强度 E 的大小和方向；（2）若去掉电场，在坐标系空间内加上垂直纸面的匀强磁场 B，粒子仍以初速度 v0沿 x 轴负方向从 O 点射出且也恰好经过 A 点，求：磁感应强度 B 的大小和方向以及粒子从

13、 O 点出发到第一次经过 A 点时所经历的时间。15（12 分）一长木板在光滑水平地面上匀速运动，在 t=0 时刻将一物块无初速轻放到木板上，此后长木板运动的速度时间图象如图所示已知长木板的质量 M=2kg，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上取 g=10m/s2，求：（1）物块的质量 m；（2）这一过程中长木板和物块的内能增加了多少？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】沿 x 轴正方向，电场强度为正，由图可得，从 x1到 x2电场强度先沿 x 轴正方向再沿 x 轴负

14、方向；顺着电场线方向电势降低，则从 x1到 x2电势先降低后升高，所以正点电荷从 x1运动到 x2，电势能是先减小再增大；故 C 项正确，ABD 三项错误。2、B【解析】A在 1.25s 内，图像围成面积为 5m，即总位移为 5m，拉力第一阶段向上的位移为 4m，则拉力做正功 160J，第二阶段位移为 1m，则拉力做负功 40J，总共 120J，平均功率 96W，故 A 错误。CD根据牛顿第二定律可得：F（mg+f)=ma1 F+mg+f=ma2，又由题图乙可知 a1=2m/s2 a2=6m/s2 联立解得物体的质量 m=2kg 空气对物体的阻力为 f=4N CD 项错误。B阻力全程做负功，共

15、 Wf=45=20J，所以平均功率为 16WffWPt B 正确。故选 B。3、D【解析】A功率恒定，根据 PFv 可知当 v 从零逐渐增加，则拉力逐渐减小，故 A 错误；BD加速度向上，处于超重，物体对轻绳的拉力大于物体重力，故 B 错误，D 正确；C绳对物体的拉力和物体对绳的拉力是一对作用力和反作用力，根据牛顿第三定律，可知两者等大反向，故 C 错误。故选 D。4、D【解析】根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势，根据欧姆定律求解感应电流，根据安培力公式 FBIL 求解安培力；根据楞次定律判断感应电流的方向，再由左手定则判定安培力的方向，即可求解。【详解】02t0，感应电动势为：E1SBtS

16、00Bt，为定值，3t05t0，感应电动势为：E2SBtS00Bt，也为定值，因此感应电流也为定值，那么安培力 FBILB，由于 0t0，B 逐渐减小到零，故安培力逐渐减小到零，根据楞次定律，可知，线圈中感应电流方向顺时针，依据左手定则，可知，线框 ab 边受到安培力方向向上，即为正；同理，t02t0，安培力方向向下，为负，大小增大，而在 2t03t0，没有安培力；在 3t04t0，安培力方向向上，为正，大小减小；在 4t05t0，安培力方向向下，为负，大小增大，故 D 正确，ABC 错误。5、A【解析】A伽利略的斜面实验，抓住主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地反映了自然规律，属于理想实验

17、，故 A 正确；B用打点计时器测物体的加速度是在实验室进行是实际操作的实验，故 B 错误；C平行四边形法则的科学探究属于等效替代法，故 C 错误；D利用自由落体运动测定反应时间是实际进行的实验，不是理想实验，故 D 错误 故选 A 6、C【解析】设任一粒子的速度为 v，电量为 q，质量为 m，加速度为 a，运动的时间为 t，则加速度为：qEam 时间为：xtv 偏转量为：22122qEyattm 因为两个粒子的初速度相等，则tx，则得 a 粒子的运动时间短，则 a 的加速度大，a 粒子的比荷 qm就一定大，但 a、b 的电荷量和质量无法确定大小关系，故 C 正确，ABD 错误。二、多项选择题：

18、本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BD【解析】A卫星甲绕中心天体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有：22MmvGmrr 解得：GMvr 其中2rR，根据地球表面万有引力等于重力得 2MmGmgR 联立解得甲环绕中心天体运动的线速度大小为 2gRv 故 A 错误；B卫星甲绕中心天体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有 2224MmGmrrT 根据地球表面万有引力等于重力得 2MmGmgR 解得卫星甲运行的周期为 24RTg 由卫星乙椭圆轨道的半长轴等

19、于卫星甲圆轨道的半径，根据开普勒第三定律，可知卫星乙运行的周期和卫星甲运行的周期相等，故 B 正确；C卫星做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须使卫星所需向心力大于万有引力，应给卫星加速，所以卫星乙沿椭圆轨道经过 M 点时的速度大于轨道半径为 M 至行星中心距离的圆轨道的卫星的线速度，而轨道半径为 M 至行星中心距离的圆轨道的卫星的线速度大于卫星甲在圆轨道上的线速度，所以卫星乙沿椭圆轨道运行经过 M 点时的速度大于卫星甲沿圆轨道运行的速度，故 C 错误；D卫星运行时只受万有引力，加速度 2GMar 所以卫星乙沿椭圆轨道运行经过 N 点时的加速度小于卫星甲沿圆轨道运行的加速度，故 D 正确。8

20、、BCD【解析】A物块在 BC 段，所受的摩擦力大小 cos4Nfmg 故 A 项错误；B物块从顶端 A 到达 C 点，物块重力势能的减少量 p()sin1 10 1.60.6J9.6JEmg ABBC 故 B 项正确；C物块在通过 BC 段时，因摩擦产生的热量等于克服摩擦力做功 cos1.6JQmgBC 故 C 项正确；D物块从顶端 A 到达 C 点，根据动能定理 21()sincos2mg ABBCmgBCmv 解得：物块到达 C 点的速度大小 4m/sv 故 D 项正确。9、AD【解析】从 t=0 时刻开始，水平面内存在沿+x、+y 方向的匀强电场 E1、E2，场强大小均为71.0 10

21、 V/m，则由牛顿第二定律可知 qEma 小球沿+x、+y 方向的加速度的大小均为 21210m/saa 经过 1s，t=0.1s 时，小球沿+x、+y 方向的速度大小均为 121m/svv 小球沿+x、+y 方向的位移大小均为 120.05mxx 在第 2 个 0.1s 内，小球沿 x 方向移动的距离 221 22 210.15m2xvta t 沿 y 方向移动的距离 222 21 2=012.05myv tat 沿 y 方向移动的速度 22 21 20vv ta t t=0.2s 时，y 方向的电场突然消失，x 方向的电场变为-x 方向，则在第 3 个 0.1 s 内小球沿+x 方向做匀减

22、速直线运动，由 22qEma 可知2220m/sa，在第 3 个 0.1s 内，小球沿+x 方向移动的距离 33231210.1m2xatvtat t=0.3s 时，小球的速度微 232 31=0vatva t 综上分析可知，AD 正确，BC 错误。故选 AD。10、BC【解析】AB如图所示，在该测试段内，随着机车位移的增大，在相等位移x上，速度的二次方的差值逐渐减小，由2()2va x可知，机车的加速度逐渐减小，故 A 错误，B 正确；CD由于机车做加速度减小的变加速直线运动，故在该测试段内机车的平均速度大于02v，故 C 正确，D 错误。故选 BC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18

23、分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3 0.3 不变 【解析】1钩码触地后木块做减速运动，计算其加速度大小应该用纸带的后一段，即 51 点之间的部分 2222(4.494.01)(3.053.53)10 m/s3m/s(2 0.022)a；2钩码触地后，木块只在滑动摩擦力作用下做匀减速运动，有 f=ma f=mg 木块与木板间的动摩擦因数=0.3；3由于钩码触地后细线不再提供拉力，减速运动的加速度与之前的加速运动情况无关，所以不影响测量结果，测得的动摩擦因数与实际值相比不变。12、g0gRIIRR 上 10 把挡位开关调到“10”，将红黑表笔短接，调节0R滑片P，使指

24、针指到零刻度，然后再进行电阻测量 正 【解析】（1）1表头电阻与0R的上部分电阻串联，与R并联，根据电流关系 0gggIRRRIIR 得 oggRIRIR（2）23高一级挡位内阻是原级别的 10 倍 ogggoRREIRRIRRR内 所以R应变为原来的 10 倍，所以应向上调节（3）4指针偏转较大，说明所测量的电阻比较小，应换低一级挡位，即把挡位开关调到“10”，将红黑表笔短接，调节0R滑片P，使指针指到零刻度，然后再进行电阻测量；（4）5测量二极管反向电阻，要求电流从二极管负极流入，正极流出，所以红表笔接二极管正极 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，

25、要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4m/sAv，1m/sBv；（2）0.75m1.875mL；（3）1.36mS 【解析】（1）设弹簧释放瞬间 A 和 B 获得的速度大小分别为Av，Bv以向右为正方向，由动量守恒定律：0AABBm vm v 两物块获得的动量之和为：221122BAABEm vm v 联立式并代入数据得：4m/sAv 1m/sBv （2）A、B 两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为加速度为 mgma 设从弹簧释放到 B 停止所需时间为 t，B 向左运动的路程为BX，则有：Bvat 22BBvXa 弹簧释放后 A 先向右匀减速运动

26、，与墙碰撞后再反向匀减速。因ABvv，B 先停止运动。设当 A 与墙距离为1L时，A速度恰好减为 0 时与 B 相碰 2122ABvLXa 设当 A 与墙距离为2L时，B 刚停止运动 A 与 B 相碰 22122ABLXv tat 联立得 11.875mL 20.75L L的范围为：0.75m1.875mL（3）当0.75L 时，B 刚停止运动时 A 与 B 相碰，设此时 A 的速度为 v Avvat 故 A 与 B 将发生弹性碰撞。设碰撞后 AB 的速度分别为Av和Bv，由动量守恒定律与机械能守恒定律有：AAABBm vm vm v 222111222AAABBm vm vm v 联立式并代

27、入数据得 6m/s5Bv 碰撞后 B 继续向左匀减速运动，设通过位移为BX 22BBvXa 最终 B 离墙的距离为 S BBSXXL 解得 1.36mS 14、（1）204=3mvEqd，方向竖直向上；（2）0mvBqd，方向垂直纸面向外；023dtv【解析】（1）加电场时，粒子沿 x 轴正方向射出，粒子作类平抛运动，经过 A 点，则电场方向竖直向上。根据平抛运动规律有 水平方向 0cos30dv t 竖直方向 21sin302dat 由牛顿第二定律有 qE=ma 解得电场强度 204=3mvEqd（2）在磁场中，粒子沿 x 轴负方向射出，粒子作匀速圆周运动，经过 A 点，则磁场方向垂直纸面向外。根据洛伦兹力提供向心力，有 00vqv BmR 由几何关系有 d=R 联立解得磁感应强度 0mvBqd 匀速圆周运动周期 02=RTv 粒子从 O 点出发到第一次经过 A 点时所经历的时间 56tT 联立解得 023dtv 15、（1）4kg（2）24J【解析】（1）长木板和物块组成的系统动量守恒：)MvMm v共（代入数据解得：4mkg （2）设这一过程中长木板和物块的内能增加量为 Q，根据能量守恒定律：2211()24J22QMvMm v共